（详解详析）2024-2025年河北省邢台市平乡县初中物理中考一模模拟卷

2024-2025年河北省邢台市平乡县初中物理中考一模模拟卷详解详析一、选择题1.B【解析】发声的音叉激起水花，是音叉振动将水花激起，利用了转换法，说明声音是由物体振动产生的，A正确，不符合题意；音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明响度与物体振幅有关，B错误，符合题意；钢尺伸出桌边的长度变短，振动变快，振动时声音的音调变高，C正确，不符合题意；声音的传播需要介质，抽取玻璃罩内的空气，听到玻璃罩内的声音变小，可进一步推理得出：真空不能传声，D正确，不符合题意.故选B.2.D【解析】运动员匀速拐弯时，运动员的运动方向在改变，所以运动状态是变化的，A错误；比赛中以看台为参照物，运动员相对于看台的位置不断发生变化，因此以看台为参照物运动员是运动的，B错误；惯性是物体固有的一种物理属性，只跟质量有关，在加速滑行过程中，运动员的质量不变，所以惯性不变，C错误；冰面很光滑，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小运动员与冰面的摩擦，D正确.故选D.3.D【解析】太阳能可以从自然界源源不断地得到，是可再生能源，A正确；定位系统是通过卫星来工作的，是靠电磁波传递信息的，B正确；大部分太阳能电池板的主要材料为硅，所以太阳能电池板采用半导体材料制作，C正确；不同的USB充电口都能独立工作，互不影响，所以连接方式为并联，D错误．故选D.4.B【解析】电冰箱、洗衣机等用电器，使用两孔插座，没有接地功能，若用电器外壳带电，会危及人身安全，A错误；在家庭电路中，控制电灯的开关应该接在火线和灯泡之间，B正确；对于两孔插座的接法是左零右火，据图可知，两孔插座接到了零线和火线之间；图中三孔插座的左孔接的是地线，所以两孔插座的连接正确，三孔插座的连接错误，C错误；两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插入两孔插座的左孔，氖管不发光，D错误．故选B.5.C【解析】水变成冰，是凝固现象，A错误；食物保鲜利用了冰熔化热吸热，B错误；食物温度较低，外包装上的水珠是空气中的水蒸气遇到温度低的食物外包装变成小水珠，这是液化过程，C正确；一段时间后食物外包装上的小水珠消失了是汽化现象，D错误．故选C.6.C【解析】甲图是奥斯特实验，导线触接电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，属于电流的磁效应，A错误；乙图中两个电磁铁串联，通过的电流大小相同；线圈匝数不同，吸起大头针的数量不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，B错误；丙图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，依据该实验原理可制成电动机，C正确；丁图中闭合开关,磁场中导体ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不会偏转，D错误.故选C.7.D【解析】断电后，灯泡对底座的压力和底座所受的支持力大小不相等，不是平衡力，A错误；悬浮灯之所以能悬浮在空中，是利用了同名磁极相互排斥的原理，B错误；悬浮灯静止时，处于平衡状态，故桌面对底座的支持力等于悬浮灯和底座的总重力，即支持力F＝G＝m总g＝(0.1kg＋0.4kg)×10N/kg＝5N，C错误；给底座线圈通电后，灯泡发光并悬浮，说明通电导体的周围存在磁场，D正确．故选D.8.D【解析】已知凸透镜的焦距为10cm，在A处时物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同，A错误；光源在B处时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像；光源在C处时，物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，因此看到图乙中的像的顺序为③②①，B错误；光源在A处时，成倒立、缩小的实像，近视眼镜的镜片为凹透镜，对光具有发散作用，因此光源、透镜不动，将近视眼镜靠近凸透镜左侧放置时，光将延迟会聚，应向右移动光屏可再次得到清晰的像，C错误；光源在B处时，成倒立、放大的实像，将透镜替换为焦距为6cm的凸透镜，此时凸透镜的焦距变小，对光的会聚能力增强，会将光提前会聚成像，要在光屏上再次得到清晰的像，光屏应向左适当移动一段距离，D正确。故选D。9.D【解析】由图乙可知，OB小于OA，故舂相当于简单机械中的费力杠杆，A错误；脚对B点的力为F，碓头的重力为G，OA为阻力臂L1，OB为动力臂L2，根据杠杆平衡条件

F1L1=F2L2，有

F=G×OAOB=30

N×1.5

m0.3

m=150

N，

脚至少用150

N的力才可以将碓头抬起，B错误；每踩一次对碓头做的功

W有用=Gℎ=30

N×60×10−2

m=18

J，C错误；设人每踩一次做的总功为W总10.C【解析】由图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，药量表串联接入电路中，因此是由电流表改装而成的，测量电路中的电流.药液量减少时，滑片在弹簧的拉力作用下向上移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，在电压一定时，电路中的电流变小，即药量表示数变小，C正确.故选C.二、填空题11.5546.7800可以【解析】电能表读数时，最后一位是小数位，该电能表的读数为5546.7kW·h；电饭锅正常工作3min消耗的电能W＝nN×3.6×106J＝641600×3.6×106J＝1.44×105J，电饭锅的功率P＝Wt＝1.44×105J3×60s＝800W，小明家允许使用的用电器最大功率Pmax＝UI＝220V×20A＝4400W，电饭锅和电磁炉的总功率P总＝P＋P炉＝800W＋2000W＝2800W＜4400W，因此可以将电饭锅12.斜面做功将汽车部分动能转化为重力势能，加快汽车停止【解析】由图可知，避险车道相当于一个斜面；车辆被强制减速停车过程中，会发现轮胎发热，是通过做功的方式增加内能的；避险车道设计成上坡形式可将汽车的部分动能转化为重力势能，加速汽车停止。13.反射下14.减小电磁波20【解析】返回舱减速下降的过程中，质量不变，速度和高度均减小，故动能减小，重力势能减小，则返回舱的机械能减小；电磁波可以在真空中传播，地面工作人员与舱内航天员利用电磁波传递指令信息；此过程中返回舱降落的平均速度约为v=st=30000m15.6.8×1068.5热传递【解析】燃料油完全燃烧释放出的热量Q放＝mq＝0.17kg×4.0×107J/kg＝6.8×106J；水吸收的热量Q吸＝Q放η＝6.8×106J×42%＝2.856×106J，因为Q吸＝c水mΔt，所以水的质量m＝Q吸水Δt＝2.856×106J4.2×10三、实验探究题16.(1)B

A(2)条形磁体(3)两球向中间靠拢【解析】(1)实验时应该按照“自下而上”的顺序安装调整实验器材，所以应先调整铁圈B的高度；B同学在纸板边缘剪孔，放入温度计后，温度计的玻璃泡可能会接触到烧杯侧壁，从而导致测量温度不准确，故剪裁合适的是A同学；(2)观察小磁针的指向及铁屑的排列情况可知，通电螺线管外部的磁场和条形磁体外部的磁场相似，通电螺线管的两端相当于条形磁体的两极；(3)用塑料管向两只乒乓球中间吹气时，两球中间流速大､压强小，两侧流速小､压强大，从而产生向内的压强差，使得乒乓球向中间靠拢．17.(1)左(2)3(3)②③④(4)4(5)O′N【拓展】11【解析】(1)杠杆右侧向下倾斜，左端上扬，说明左端轻，应将右端的螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡；(2)一个钩码的重力为0.5N，而第3次实验中F1＝0.1N，小于1个钩码的重力，所以第3次实验数据有误；(3)设杠杆上一个格的长度为L，则在B点竖直向上拉弹簧测力计使杠杆平衡时有：1.5N×5L＝F×3L，解得F＝2.5N；当弹簧测力计不竖直向上拉时，即斜向上拉时，拉力的力臂变小，拉力变大，故拉力大于2.5N，故选②③④；(4)用筷子夹东西时，筷子属于费力杠杆，由表中数据可知，第4次实验动力大于阻力，属于费力杠杆，所以用筷子夹东西时，所属的杠杆类型与第4次实验时的杠杆类型相同；(5)筷子MN水平平衡时，左侧力臂大于右侧力臂，根据杠杆平衡条件可知，右侧力更大，即O′N段更重一些；【拓展】设细杆上一个格的长度为L，小桶所能容纳水的最大重力为G＝mg＝ρVg＝1.0×103kg/m3×800×10－6m3×10N/kg＝8N；①当支点在“5”处，如解图1所示：小桶挂在“4”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×L＝2N×L，解得G水＝1N，可以使杠杆平衡；小桶挂在“3”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×2L＝2N×L，解得G水＝0N，小桶中不加水，杠杆可平衡；此情境共2种方案可行；②当支点在“4”处，如解图2所示：小桶挂在“3”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×L＝2N×2L，解得G水＝3N，可以使杠杆平衡；小桶挂在“2”处，根据杠杆平衡条件可知：(1

N＋G水)×2L＝2

N×2L，解得G水＝1

N，可以使杠杆平衡；小桶挂在“1”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×3L＝2N×2L，解得G水＝

13N，可以使杠杆平衡；小桶挂在“0”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×4L＝2N×2L，解得G水＝0N，可以使杠杆平衡；此情境共4种③当支点在“3”处，如解图3所示：小桶挂在“2”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×L＝2N×3L，解得G水＝5N，可以使杠杆平衡；小桶挂在“1”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×2L＝2N×3L，解得G水＝2N，可以使杠杆平衡；小桶挂在“0”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×3L＝2N×3L，解得G水＝1N，可以使杠杆平衡；此情境共3种方案可行；④当支点在“2”处，如解图4所示：小桶挂在“1”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×L＝2N×4L，解得G水＝7N，可以使杠杆平衡；小桶挂在“0”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×2L＝2N×4L，解得G水＝3N，可以使杠杆平衡；此情境共2种方案可行；⑤当支点在“1”处，如解图5所示：小桶挂在“0”处，根据杠杆平衡条件可知：(1N＋G水)×L＝2N×5L，解得G水＝9N>8N，不能使杠杆平衡；支点在“0”处也不可行；综上，故共有11种方案可行．18.(1)如答图所示(2)小灯泡断路(3)0.260.65(4)灯丝电阻随温度升高而变大(5)②断开开关S1，闭合开关S、S2③

U1−【解析】(1)滑动变阻器的滑片向左移动时，电路中电流变大，即滑动变阻器接入电路中的电阻变小，故滑动变阻器左下接线柱串联接入电路中，具体如答图所示；(2)电流表无示数，小灯泡不亮，说明电路出现了断路，电压表有示数，且任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变，说明与电压表并联的小灯泡断路；(3)由图乙知电流表的量程为0～0.6

A，分度值为0.02

A，示数为0.26

A，小灯泡的额定功率P=UI=2.5

V×0.26

A=0.65

W；(4)由图丙所示I-U图像可知，随小灯泡两端电压U变大，通过小灯泡的电流变大，根据R=UI可知，灯丝电阻变大，由于电压变大，电流变大，小灯泡变亮，小灯泡的温度升高，所以灯丝电阻随温度升高而变大；(5)①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器R的滑片，使电压表的示数为U额，此时小灯泡L、定值电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表测小灯泡两端电压，小灯泡正常发光；②保持滑动变阻器的滑片不动，断开开关S1，闭合开关S、S2，读出电压表的示数为U1，此时电路的连接方式不变，电压表测小灯泡L、定值电阻R0两端的总电压，各元件电阻大小不变，所以小灯泡仍正常发光；③由串联电路特点和欧姆定律可知，小灯泡正常发光电流I=I0=U0R0=U1−U额R0，小灯泡额定功率P额四、计算应用题19.解：(1)已知木块的质量m＝0.8kg，木块的体积V＝Sh＝100cm2×10cm＝1000cm3＝10－3m3则木块的密度ρ＝mV＝0.8kg10－3m(2)水槽中水的横截面积S水＝300cm2－100cm2＝200cm2当水槽中注入水的体积V水＝800mL＝800cm3水的深度h水＝V水S水＝木块浸入水中的体积V排＝S木h水＝100cm2×4cm＝400cm3＝4×10－4m3则木块受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10－4m3＝4N木块的重力G木＝mg＝0.8kg×10N/kg＝8N木块对容器底的压力F＝G木－F浮＝8N－4N＝4N所以木块对容器底的压强p＝FS木＝4N(3)当木块受到的浮力等于木块的重力时，木块漂浮，再注入更多的水，木块浸入水中的深度也不变F浮′＝G水＝8N由阿基米德原理可知，木块浸入水中的体积V排′＝F浮′ρ水g＝8N则木块浸入水中的深度h′＝V排′S木＝8×所以再注入h″＝h－h′＝10cm－8cm＝2cm深的水就注满则注入水的总体积：V总＝S水h′＋S槽h″＝200cm2×8cm＋300cm2×2cm＝2200cm3＝2.2×10－3m320.

解：(1)由电路图可知，闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电流表测R2支路的电流

电流表的示数I2＝UR2＝12V1

通过R1的电流I1＝UR1＝12V

电流表的示数I＝I1＋I2＝0.5A＋0.3A＝0.8A(2)将电源电压调为18V，只闭合开关S3时，