广东省深圳市南山区2024-2025学年九年级（上）期末物理试卷（解析版）

第=page11页，共=sectionpages11页广东省深圳市南山区2024-2025学年九年级（上）期末物理试卷一、单选题：本大题共8小题，共16分。1.下列物理量的估测中，最接近生活实际的是(

)A.一节新干电池的电压约为3V

B.家用电冰箱正常工作时的电流约为10A

C.家用电热水壶的额定功率约为100W

D.【答案】D

【解析】解：A.一节新干电池的电压约为1.5V，故A不符合实际；

B.家用电冰箱正常工作时的电流约为1A，故B不符合实际；

C.家用电热水壶的额定功率约为1000W，故C不符合实际；

D.家用电热水壶正常工作一小时大约消耗电能W=Pt=1kW2.下列几种情况中，物理属性没有发生变化的是(

)A.电阻：工作一段时间后的白炽灯灯丝 B.热值：用掉一半的煤油

C.比热容：水结成冰后 D.电功率：在不同电压下工作的灯泡【答案】B

【解析】解：A.工作一段时间后的白炽灯灯丝，灯丝温度很高，灯丝电阻变大，故A不符合题意；

B.热值与燃料的质量无关，用掉一半的煤油热值不变，故B符合题意；

C.水结成冰后，状态发生了变化，比热容变小，故C不符合题意；

D.由P=U2R可知，在不同电压下工作的小灯泡电功率不同，故D不符合题意。

故选：B。

(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；

(2)热值只与燃料的种类有关，与燃料燃烧得是否充分和质量等因素无关；

3.“民非谷不食，谷非地不生。”各地区积极响应号召，打造万亩良田，如图是水稻喜获丰收的情景。下列说法正确的是(

)A.五月阳光照射下稻田水温升高，其内能保持不变

B.六月光脚走在田埂上感到烫脚，是因为泥土的比热容比水大

C.金秋九月闻到稻谷的香味，是因为分子在不停地做无规则运动

D.晾晒稻谷，是通过做功的方式增加了稻谷的内能

【答案】C

【解析】解：A、四月阳光照射下稻田水温升高，吸热增加了内能，故A错误；

B、六月光脚走在田埂上感到烫脚，是因为泥土的比热容比水小，同等情况下，吸收相同的热量，泥土温度升高的更快，温度更高。故B错误；

C、金秋九月闻到稻谷的香味，这是香味分子的扩散现象，是因为香味分子在不停地做无规则运动。故C正确；

D、晾晒稻谷，稻谷温度低，吸收热量后温度升高，内能增加，是通过热传递的方式增加了稻谷的内能。故D错误。

故选：C。

(1)四月阳光照射下稻田水温升高，是因为吸收热量，内能增大；

(2)单位质量的某种物质温度升高(或降低)1℃吸收(或放出)的热量为该物质的比热容，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；

(4.2023年慕尼黑车展，一半是欧洲车，一半是中国车，中国车大放异彩，下列与小汽车有关的说法正确的是(

)

A.若四冲程内燃机的转速是600r/min，则它每秒做功5次，共有20个冲程

B.汽油机顶部有喷油嘴，柴油机顶部有火花塞

【答案】A

【解析】解：A、如果四冲程内燃机的转速是600r/min=10r/s，则每秒完成5个工作循环，对外做5次功，共有5×4=20个冲程，故A正确；

B、汽油机的顶端是火花塞，柴油机的顶端是喷油嘴，故B错误；

C、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，使燃料燃烧更充分，可以提高燃料的利用率，可以提高热机效率，热机效率不是由燃料的热值决定，故C错误；

D、在压缩冲程中内燃机将机械能转化为内能，故D错误。

故选：A。

(1)5.如图所示，取两个相同的验电器A和B，使A带正电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，下列说法正确的是(

)A.A中正电荷通过金属棒流向B，A金属箔的张角减小

B.电流方向是从A到B，自由电子的运动方向是从B到A

C.电流方向是从B到A，自由电子的运动方向是从A到B

D.金属棒中瞬间电流的方向从B流向A，B金属箔的张角增大

【答案】B

【解析】解：如图所示，取两个相同的验电器A和B，使A带正电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来：

A、负电荷(自由电子)会由B转移到A；A的张角变小；故A错误，不符合题意；

BC、负电荷(自由电子)会由B转移到A；电流方向与自由电子定向移动的方向相反，电流方向是从A到B，故B正确符合题意，C错误不符合题意；

D、金属棒中瞬间负电荷(自由电子)会由B转移到A，电流的方向从A流向B，B金属箔的张角增大，故D错误，不符合题意；

故选：B。

利用下列知识分析判断：

(1)物体由于缺少电子而带正电；物体由于得到电子而带负电；

(2)电荷的定向移动形成电流；6.新国标电动车上装有转向灯和蜂鸣器，开关拨至“左”，左转向灯亮、蜂鸣器响；开关拨至“右”，右转向灯亮、蜂鸣器响；左、右转向灯不能同时亮，下列电路图设计合理的是(

)A. B.

C. D.【答案】C

【解析】解：根据题意可知，开关拨至“左”，左转向灯亮、蜂鸣器响；开关拨至“右”，右转向灯亮、蜂鸣器响，这说明两个灯泡工作是也不影响，都是并联的；由于电路中只有一个蜂鸣器，所以蜂鸣器应该串联接入电路中；左、右转向灯不能同时亮，说明电路中的开关是单刀双掷开关，故C正确。

故选：C。

根据题意分析灯泡的连接方式、两个开关的作用、电铃的连接方式，然后选出正确的电路图。

本题考查了电路的设计，根据生活经验判定灯泡的连接方式是解题的关键。7.学习了电学知识后，小宇同学设计了如图所示的汽车油量表的工作原理图，连接浮子和滑片的是一根可绕O点转动的轻杆。油量表是由电压表或电流表改装的，已知R0为定值电阻，R相当于滑动变阻器(滑动变阻器R接入的阻值是随油面升降均匀变化)，电源电压保持不变，则下列说法正确的是(

)

A.两个方案中电阻R0的作用都是用来防止电路短路的

B.方案一的油量表的示数能由零变化到最大刻度值

C.方案一的电流表示数变化量跟油量的变化量成正比

D.【答案】D

【解析】解：A.方案一中，当指针在最下方时，变阻器的阻值为零，若没有R0，电路将发生短路现象，所以此时R0的作用是防止电路短路来保护电路；

方案二中，R相当于一个定值电阻接入电路，滑片的移动只是改变了电压表所并联的电阻，所以无论滑片怎样移动，都不会发生短路，所以R0的作用不是防止短路现象的发生，故A错误；

BC.方案一中，变阻器R与R0串联，油量表(电流表)串联在电路中，电流表的示数I=UR+R0，R随油面的均匀变化而均匀变化，但电流与R不成正比，当R0的电阻为零时，电路中的电流都不会为零，故BC错误；

D.方案二的电路可知，R与R0串联，电压表测量R两端的电源，滑片移动，R接入电路中的电阻不变，由I=UR可知，电路中的电流不变，油量表(电压表)的示数U=8.如图所示，将灯L1、L2按甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，L1在甲、乙两个电路中的电功率分别为4W和9A.L1、L2两灯灯丝电阻之比为1：2

B.甲图中灯L1、L2的功率之比为1：2

C.甲、乙两图中灯L1两端的电压之比为2：3

【答案】C

【解析】解：(1)甲图中灯L1的功率P1=U12R1，乙图中灯L1的功率P1′=U2R1，

则P1P1′=U12R1U2R1=U12U2=4W9W，

解得：U1U=23，故C正确；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，由I=UR可得，甲图灯L1两端的电压与电源的电压之比：

U1U=I甲R1二、填空题：本大题共1小题，共7分。9.小明在做“测量小灯泡的电功率”实验时，准备了以下器材：电压恒为3V的学生电源、小灯泡(额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω)、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干。

(1)图甲是小明连接的部分实物电路，请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大。

(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表和电压表的示数都很小，接下来应进行的操作是______。

A.更换小灯泡

B.移动滑动变阻器的滑片

C.检查开关是否接触不良

D.检查电压表是否断路

(3)问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“右”或“左”)移动，直到小灯泡正常发光。小明从滑动变阻器连入电路阻值最大时开始记录数据，根据测量数据画出了通过灯丝的电流与其两端电压关系的图像(如图丙)。由图像可得小灯泡的额定功率为______W。

(4)测出小灯泡的额定功率后，小明又把小灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的14，此时它的实际功率______14P额(选填“大于”或“小于”)，原因是______。

(5)在测量小灯泡电功率的实验过程中，电流表坏了，小明找来一个阻值合适的定值电阻R0，设计了如图丁的电路图，实验步骤如下：

①闭合开关S1，将开关S2拨到触点1，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数等于小灯泡额定电压U额；

②【答案】B

右

0.625

大于

灯丝的电阻随温度的升高而增大

U−【解析】解：(1)根据要求滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据小灯泡的额定电压和电阻，可以求得电流I=U额R=2.5V10Ω=0.25A，可知电流表量程0～0.6A，连接电路如下：

；

(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表和电压表的示数都很小，说明电路是通路，小灯泡也正常，可能是小灯泡实际功率太小，因此接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，故选：B；

(3)电压表的示数如图乙所示为1.7V，小灯泡额定电压2.5V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的阻值变小，因此应将滑动变阻器的滑片向右移动；由图像丙可知小灯泡的额定电流为0.25A，根据P=UI可得小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；

(4)因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，根据P=U2R可知，把小灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，电压低，小灯泡功率变小，灯丝温度低，电阻变小，因此测得的实际功率大于其额定功率的14；

(5)①闭合开关S1，将开关S2拨到触点1，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数等于小灯泡额定电压U额，小灯泡正常发光；

保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关S2拨到触点2，记下此时电压表示数为U，此时测量的是R0和小灯泡的电压之和，则U0=U−U额，I=U−U额R0，根据P=UI可以求得小灯泡的额定功率表达式：三、作图题：本大题共2小题，共4分。10.如图是一种调光台灯电位器(滑动变阻器)的内部结构示意图，a、b、c是它的三个接线柱。要求：旋钮带动滑片逆时针转动时，灯泡变亮。请完成该电路的连接。

【答案】解：电位器应与灯泡串联接入电路中；旋钮带动滑片逆时针转动时，灯泡变亮，说明电路中的电流变大，由I=UR可知，电源电压一定时，电路的总电阻应变小，电位器(滑动变阻器)接入电路中的电阻应变小，由图可知，将a和b两接线柱接入电路后，逆时针旋转旋钮时，电阻丝连入电路中的长度变短，其阻值变小，电路中的电流变大，灯泡变亮，如图所示：

。

故答案为。【解析】电位器的实质是滑动变阻器，滑动变阻器依靠改变电阻线的长度来改变电阻大小；灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变小，电路中的总电阻变大，电位器接入电路的电阻变大，据此分析。

本题考查了变阻器的连接方法以及变阻器电阻丝的材料特点，是一道较为简单的应用题。11.如图所示，是小明同学利用电压表设计的一个简易电子秤示意图。其中C是金属弹簧。请你帮小明完成电路图的连接，当所称质量越大时电压表示数越大。【答案】解：由图可知：由于金属板和弹簧与滑片的连接使滑动变阻器滑片上部分电阻连入电路，则所称质量越大时滑片下移，滑动变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电路的分压特点可知滑动变阻器两端的电压越大，R0两端的电压变小，所以，电压表并联在滑动变阻器的两端，电路设计如下图所示：

。

【解析】电压表是测量电压的仪器，根据串联电路的特点和欧姆定律判断电阻R0与滑动变阻器两端的电压变化，根据所称质量越大时电压表示数越大即可判断电压表并联的用电器。

四、实验探究题：本大题共1小题，共8分。12.(1)某班同学利用图甲所示的实验装置探究不同物质的吸热能力。实验时，取质量均为50g、初温均为20℃的水和煤油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的电加热器加热。

①通电后，每隔2min观察一次水和煤油的温度，将实验数据记录在下表中。在加热至第10min时，水和煤油吸收的热量______(“相同”或“不同”加热时间/0246810温度/水152025303540煤油152535455565②实验中，主要用到的科学研究方法有控制变量法和______法。

③如图乙所示，某同学在A、B两烧瓶中分别装入质量和初温均相同的水和煤油，并串联接入两根阻值______(“相同”或“不同”)的电阻丝进行实验，这样做的好处是______。

(2)在实验探究中，经常可以用同样的实验装置探究不同的问题。同学们又用图乙所示的装置探究通电导体产生的热量与什么因素有关。

①在两烧瓶中装入质量相等的煤油，并用两根阻值不同的电阻丝，可探究电流产生的热量与______的关系。

②图丙是A、B两烧瓶中温度计示数随时间变化的图像，则电阻R1与R2的阻值之比为______(忽略热量损失)。

③有同学提出：“为何不用可轻易获取的水代替煤油？”关于这个问题，下列四种说法你认为最合理的是______。

A.因为煤油有颜色便于观察

B.因为煤油的热值比较大

C.因为煤油的密度比较小

【答案】相同

水

转换

相同

相同时间吸收的热量相等

电阻

5：4

D

【解析】解：(1)用两个相同的电加热器加热，相同时间吸收的热量相等，根据表格数据，相同时间吸收相同的热量，煤油的温度变化大，故比热容较小；

通过温度变化分析比热容，是转换法的应用；

为了使加热器相同，在A、B两烧瓶中分别装入质量和初温均相同的水和煤油，并串联接入两根阻值相同的电阻丝进行实验，这样做的好处电流、电阻和通电时间相同，故相同时间吸收的热量相等；

(2)探究通电导体产生的热量与什么因素有关，在两烧瓶中装入质量相等的煤油，并用两根阻值不同的电阻丝串联，控制电流和通电时间相同，可探究电流产生的热量与电阻的关系。

②图丙是A、B两烧瓶中温度计示数随时间变化的图像，比热容和质量相同，温度变化之比为5：4；因而产生的热量之比为5：4；根据焦耳定律知，电流与通电时间相同时，热量之比等于电阻之比，故则电阻R1与R2的阻值之比为5：4。

③水的比热容比煤油大，加热时，温度变化不明显，故选D。

故答案为：(1)①相同；水；②转换；③相同；相同时间吸收的热量相等；(2)①电阻；②5五、计算题：本大题共2小题，共21分。13.某物理兴趣小组的同学为了比较电热水壶和燃气灶烧水效率的高低，分别使用电热水壶和燃气灶将质量均为1kg、初温均为20℃的水加热至沸腾。已知当地气压为标准大气压，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气热值取3.6×107J/m3。

(1)烧水过程中水吸收的热量是多少？

(2【答案】解：(1)1标准大气压下，水的沸点为100℃，则水吸收的热量是：

Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J；

(2)由图可知，消耗的天然气体积：V=【解析】(1)1标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸=cmΔt求水吸收的热量；

(2)由图可知，消耗的天然气体积，根据Q=Vq14.某创新实验小组的同学设计了一个粉尘浓度监测装置，图甲为该监测装置的简化电路图，它是通过传感器R来检测周围粉尘浓度的，其中传感器R的阻值随粉尘浓度β变化的关系图像如图乙所示。已知电源电压为4V且保持不变，定值电阻R0的阻值为15Ω，电压表的量程为0～3V。请你结合该图像和相关物理知识解答下列问题：

(1)在保证电压表安全的前提下，该电路允许通过的最大电流是多少？

(2)【答案】解：(1)电压表的最大测量值为3V，则定值电阻R0的最大电压为3V，此时电路中的电流最大值为：

Imax=U0maxR0=3V15Ω=0.2A；

(2)由图乙可知，粉尘浓度越大，传感器R的阻值越小，由I=UR可知，电路中电流越大，电路中最大电流为0.2A，此时传感器R的阻值为：

Rmin=【解析】(1)电压表的最大测量值为3V，则定值电阻R0的最大电压为3V，根据欧姆定律可求出此时电路中的电流最大值；

(2)由图乙可知，粉尘浓度越大，传感器R的阻值越小，由I=UR可知，电路中电流越大，电路中最大电流为0.2A，从而可求出此时传感器R的阻值；

(六、综合题：本大题共1小题，共7分。15.阅读材料，回答问题。

抽水蓄能电站抽水蓄能电站是为了解决电网高峰与低谷之间的供需矛盾而产生的，是一种能够间接储存电能的设施。其工作原理如图甲所示，后半夜用电低谷时，抽水蓄能电站从电网取电，用电动机驱动水泵，将水从下水库抽到上水库储存起来；次日白天和前半夜用电高峰时，再将水从上水库放出到下水库，使水轮机