2025年高考物理 人教版必修第1册第2章　素能测评卷含答案含答案

2025年高考物理人教版必修第1册第2章素能测评卷含答案含答案第二章素能测评卷(时间：75分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意。)1.如图所示，一小球从A点由静止开始沿斜面向下做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，从A到B用时t1，从B到C用时t2，则t1∶t2等于()A．1∶1 B．1∶2C．1∶3 D．1∶4解析：从A到B的过程，由运动学公式得v＝at1，从A到C的过程，由运动学公式得2v＝a(t1＋t2)，联立解得t1∶t2＝1∶1。故选A。2．一个质点在x轴上运动，位置随时间的变化规律是x＝4t＋2t2(m)。关于这个质点的运动，以下说法正确的是()A．质点做匀减速直线运动B．t＝2s时质点的位置在x＝20m处C．质点的加速度大小为2m/s2，方向沿x轴正方向D．t＝2s时质点的速度大小为12m/s，方向沿x轴正方向解析：根据匀变速直线运动位移与时间的规律x＝v0t＋eq\f(1,2)at2，结合位置随时间的变化规律x＝4t＋2t2，对比可得v0＝4m/s，a＝4m/s2，质点做匀加速直线运动，加速度大小为a＝4m/s2，方向沿x轴正方向，故A、C错误；根据位置随时间的变化规律x＝4t＋2t2，t＝2s，解得x＝16m，故B错误；根据速度与时间的关系式v＝v0＋at，t＝2s，解得质点的速度v＝12m/s，方向沿x轴正方向，故D正确。故选D。3．(2024·宁夏银川高一校考阶段练习)一个做直线运动的物体的v－t图像如图所示，由图像可知()A．0～1.5s内物体的加速度为－4m/s2B．0～4s内物体的位移为12mC．3s末物体的运动方向发生变化D．3s末物体回到出发点解析：由图像斜率可求得0～1.5s内加速度为a＝eq\f(0－－6,1.5)m/s2＝4m/s2，故A错误；v－t图像与时间轴所围面积为物体的位移，横轴上方的面积表示正方向的位移，下方的面积表示负方向的位移，总位移为上下面积的代数和，即0～4s内物体的位移为x＝eq\f(1,2)×6×2.5m－eq\f(1,2)×6×1.5m＝3m，故B错误；3s末前后速度均为正值，即方向不变，故C错误；3s内的位移为x′＝eq\f(1,2)×6×1.5m－eq\f(1,2)×6×1.5m＝0，物体回到出发点，故D正确。故选D。4．(2024·云南昆明高一统考期末)致敬伽利略：震撼人心的NASA真空室自由落体实验，完美地展现出了在真空环境下，保龄球和羽毛在同一高度由静止下落，同时落地的情景。若它们的下落高度为20m，g＝10m/s2。则()A．下落时间为1sB．落地速度为10m/sC．第二秒下落的高度为15mD．它们下落过程中的平均速度均为20m/s解析：下落时间为t＝eq\r(\f(2h,g))＝eq\r(\f(2×20,10))s＝2s，选项A错误；落地速度为v＝gt＝20m/s，选项B错误；第二秒下落的高度为h2＝h－eq\f(1,2)gteq\o\al(2,1)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(20－\f(1,2)×10×12))m＝15m，选项C正确；它们下落过程中的平均速度均为eq\x\to(v)＝eq\f(v,2)＝10m/s，选项D错误。故选C。5．(2024·吉林高一统考期末)如图所示，为在同一平直路面上向前运动的甲、乙两辆汽车的位置x随时间t的变化关系图线，已知乙图上P点处的切线(图中斜虚线)与甲图直线相互平行。说法正确的是()A．从0到t2时间内，甲走过的路程小于乙走过的路程B．从0到t2时间内，一直是甲在前乙在后C．从0到t2时间内，甲乙两汽车之间的距离先变大后变小D．在t1时刻甲、乙两汽车运动的加速度相等解析：由图像可以看出，在0到t2时间内，二者都沿x轴负方向做单向直线运动，且初末位置相同，所以甲物体走过的路程等于乙物体走过的路程，故A错误；由图像可以看出，二者都沿x轴负方向做单向直线运动，从0到t2时间内，乙在前甲在后，t2时刻二者相遇，故B错误；由图像可以看出，从0到t2时间内，甲乙两汽车之间的距离先变大后变小，故C正确；x－t图线(切线)的斜率表示(瞬时)速度，甲是匀速运动，加速度为零；乙速度在变化，加速度不为零，所以在t1时刻，甲物体运动的加速度小于乙物体运动的加速度，故D错误。故选C。6．在杭州第19届亚运会的铁饼比赛中，首次使用机器狗在赛场运输铁饼。将机器狗某次运送铁饼的过程视为从静止开始的匀加速直线运动，紧接着做匀减速直线运动，最后恰好到达指定位置，全程一共经历10s，前进了15m，则此过程中机器狗的最大速度为()A．1.5m/s B．2m/sC．3m/s D．4m/s解析：根据题意可得x＝eq\f(v,2)t，代入数据解得v＝3m/s，故选C。7．央视栏目组实验证实：4个水球就可以挡住子弹。现有4个完全相同的水球紧挨在一起水平排列，如图所示，子弹(可视为质点)在水球中沿水平方向做匀减速直线运动，恰好穿出第4个水球，则以下说法正确的是()A．在子弹穿出第2个水球的瞬间，其速度小于全程的平均速度B．子弹依次穿过每个水球的时间之比为7∶5∶3∶1C．在子弹穿出第3个水球的瞬间，其速度小于全程的平均速度D．子弹在每个水球中速度变化之比为(2－eq\r(3))∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(eq\r(2)－1)∶1解析：子弹穿出第2个水球的瞬间的速度为位移中点的速度，全程的平均速度为时间中点的速度，则位移中点速度大于时间中点速度，故A错误；子弹恰好穿出第4个水球，则反向观察为初速度为零的匀加速直线运动，通过相同位移时间之比为1∶(eq\r(2)－1)∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(2－eq\r(3))则子弹依次穿过每个水球的时间之比为(2－eq\r(3))∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(eq\r(2)－1)∶1，由于为匀减速，则由Δv＝at可知，子弹在每个水球中速度变化之比也为(2－eq\r(3))∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(eq\r(2)－1)∶1，故B错误，D正确；子弹穿出第3个水球的瞬间恰好为中间时刻，中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度，故C错误。故选D。二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分。)8．2022年11月3日，空间站“梦天”实验舱顺利完成转位，“梦天”实验舱将主要聚焦微重力方向的太空科学实验研究。在人类进入空间站体验微重力环境之前，人们就开始在地面进行微重力模拟实验工作，如图为中国科学院国家微重力实验室落塔。实验过程中，实验装置从塔的底部加速上升，待加速停止后装置仅在重力作用下竖直上抛，实验装置继续向上运动一段时间到达塔顶后下落，在下落到一定位置时开始匀减速，直至速度为0。关于该实验装置从顶端下落至减速为0的过程中的x－t图像及v－t图像可能正确的是()解析：该过程中，实验装置先做自由落体运动，之后做匀减速直线运动，因此位移与时间是二次函数图像，斜率先增大后减小，速度与时间是直线图，且最后速度减为零，因此A、C错误，B、D正确。故选BD。9．(2024·山东菏泽高一统考期末)2023年中秋恰逢中华人民共和国成立74周年国庆佳节，每逢重大节日人们都喜欢燃放烟花庆祝。我国宋代就已经出现冲天炮这种烟花(如图)，也叫“起火”。若冲天炮从地面由静止发射，竖直向上做加速度大小为5m/s2的匀加速直线运动，第4s末掉出一可视为质点的碎片，不计空气阻力，g＝10m/s2。则()A．碎片离地面的最大距离为40mB．碎片离地面的最大距离为60mC．碎片从掉出到落回地面用时2eq\r(2)sD．碎片从掉出到落回地面用时(2＋2eq\r(3))s解析：竖直向上做加速度大小为5m/s2的匀加速直线运动，第4s末掉出一可视为质点的碎片，碎片脱离火箭时的速度v＝at1＝5×4m/s＝20m/s，碎片离地面的最大距离为H＝eq\f(v2,2g)＋eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)＝60m，故A错误，B正确；根据－eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)＝vt－eq\f(1,2)gt2，解得碎片从掉出到落回地面用时t＝(2＋2eq\r(3))s，故C错误，D正确。故选BD。10．玻璃滑道游戏中，一漂流艇(可视为质点)从玻璃直滑道的斜面顶端由静止匀加速滑下，依次经过斜面上的A、B、C点，已知AB＝6m，BC＝8m，漂流艇通过这两段位移的时间都是2s，g＝10m/s2。则()A．漂流艇在B点的速度大小为7m/sB．漂流艇加速度大小为0.5m/s2C．A点距斜面顶端6.25mD．漂流艇在C点的速度大小为4.5m/s解析：漂流艇在B点的速度大小为vB＝eq\f(AB＋BC,2T)＝3.5m/s，故A错误；漂流艇加速度大小为a＝eq\f(BC－AB,T2)＝0.5m/s2，故B正确；B点距斜面顶端的距离为OB＝eq\f(v\o\al(2,B),2a)＝12.25m，A点距斜面顶端的距离为OA＝OB－AB＝6.25m，故C正确；漂流艇在C点的速度大小为vC＝vB＋aT＝4.5m/s，故D正确。故选BCD。三、非选择题(本题共5小题，共54分。)11．(7分)某同学用图甲所示装置探究小车做匀变速直线运动的规律，他采用电火花计时器进行实验。(1)请在下面列出的实验器材中，选出本实验中不需要的器材填在横线上(填编号)_②③⑦__。①电火花计时器②天平③低压交流电源④细绳和纸带⑤砝码、托盘和小车⑥刻度尺⑦停表⑧一端带有滑轮的长木板(2)安装好实验装置后，先_接通电源__，再_释放小车__。纸带上打出一系列点，其中一段如图乙所示，可知纸带的_左__(填“左”或“右”)端与小车相连。(3)如图乙所示的纸带上，A、B、C、D、E为纸带上所选的计数点，相邻计数点间时间间隔为0.1s，则vB＝_0.26__m/s，a＝_0.40__m/s2。(结果保留两位有效数字)解析：(1)探究小车做匀变速直线运动的规律实验原理，利用打点计时器所打纸带记录小车的运动信息，来研究小车的运动情况，电火花计时器的工作电压是交流220V，是一个可以计时的仪器，故需要①④⑤⑥⑧，不符合题意，不需要②③⑦，符合题意。(2)安装好实验装置后，先接通电源，再释放小车，纸带上和小车相连的一端先被打点，由于开始小车速度小，则两点的间距较小，则小车和纸带左端相连。(3)一段时间内的平均速度等于时间中点的瞬时速度，得打下B点时速度vB＝eq\f(AC,2T)＝eq\f(52.0×10－3,0.2)m/s＝0.26m/s利用逐差法CE－AC＝a(2T)2代入数据解得a＝0.40m/s2。12．(8分)物理小组的同学用如图甲所示的实验器材测定重力加速度。实验器材有：底座带有标尺的竖直杆、光电门1和2组成的光电计时器，其中光电门1在光电门2的上方，小球释放器(可使小球无初速释放)、网兜。实验时可用两光电门测量小球从光电门1运动至光电门2的时间t并从竖直杆上读出两光电门间的距离h。(1)若已知小球直径为d，小球经过光电门的时间为Δt，则可计算出小球经过光电门的速度v＝eq\f(d,Δt)。(2)改变光电门1的位置，保持光电门2的位置不变，小球经过光电门2的速度为v，不考虑空气阻力，小球的加速度为重力加速度g，则h、t、g、v四个物理量之间的关系式h＝vt－eq\f(1,2)gt2。(3)根据实验数据作出eq\f(h,t)－t图像如图乙所示，根据图像得出：小球经过光电门2的速度v为_15__m/s，重力加速度g大小为_10__m/s2。解析：(1)若已知小球直径为d，小球经过光电门的时间为Δt，则可计算出小球经过光电门的速度v＝eq\f(d,Δt)。(2)小球经过光电门2的速度为v，时间为t，根据逆向思维求解匀变速直线运动的规律得h＝vt－eq\f(1,2)gt2。(3)根据h＝vt－eq\f(1,2)gt2整理得eq\f(h,t)＝v－eq\f(g,2)t结合eq\f(h,t)－t图像有b＝v，k＝5＝eq\f(g,2)解得v＝15m/s，g＝10m/s2。13．(10分)一辆汽车以54km/h的速度在平直公路上行驶，现因故紧急刹车，已知汽车刹车过程中加速度的大小始终为5m/s2，求：(1)汽车刹车2s末的速度大小；(2)第2s内汽车所通过的位移大小；(3)汽车从开始刹车到6s末所通过的位移大小。答案：(1)5m/s(2)7.5m(3)22.5m解析：(1)v0＝54km/h＝15m/s，汽车的刹车时间为t＝eq\f(v0,a)＝3s>2s所以汽车刹车2s末的速度大小为v2＝v0－at2＝5m/s。(2)汽车刹车1s末的速度大小为v1＝v0－at1＝10m/s。第2s内汽车所通过的位移大小为x2＝eq\f(v1＋v2,2)t1＝7.5m。(3)因为6s大于刹车时间，所以汽车从开始刹车到6s末所通过的位移大小为x＝eq\f(v\o\al(2,0),2a)＝22.5m。14．(13分)2023年8月7日，成都大运会跳水项目结束全部比赛，13个小项产生的15枚金牌全部被中国队收入囊中。某运动员(视为质点)在一次练习跳水时，从离水面h1＝4.05m的高处自由落下，落入水中做匀减速直线运动，到离水面h2＝2.7m的水深处速度恰好为0，取重力加速度大小g＝10m/s2，不计运动员在空中受到的阻力，求：(1)运动员落到水面时的速度大小；(2)运动员在水中运动的加速度大小和时间。答案：(1)9m/s(2)15m/s20.6s解析：(1)运动员在空中做自由落体运动，有v2＝2gh1解得v＝9m/s。(2)取竖直向下为正方向，运动员在水中做匀减速直线运动，有2ah2＝0－v2解得a＝－15m/s2即运动员在水中的加速度大小为15m/s2，根据匀变速直线运动规律有0＝v＋at2解得t2＝0.6s。15．(16分)快到家啦！奔跑中的杰瑞决定“刹车”回家。就在杰瑞开始减速的同时，身后与它相距10m的汤姆立即蹑手蹑脚地由静止开始加速，想趁其不备地“偷袭”杰瑞。已知杰瑞的初速度为8m/s，加速度大小为2m/s2，汤姆的加速度大小也为2m/s2，那么(1)求在没有干扰的情况下，杰瑞减速到0时所用的时间及位移的大小。(2)求在追逐的过程中汤姆与杰瑞间的最大距离。(3)若杰瑞开始减速时，刚好距离前方鼠洞15m，请通过计算判断汤姆能否在杰瑞回到鼠洞前捉住它。(注：三者在同一直线上)答案：(1)4s16m(2)18m(3)不能解析：(1)杰瑞减速到0时所用的时间t0＝eq\f(v0,a)＝eq\f(8,2)s＝4s杰瑞减速到0时所用的位移大小x0＝eq\f(v\o\al(2,0),2a)＝eq\f(82,2×2)m＝16m。(2)当汤姆和杰瑞速度相等时，距离最大，根据速度时间关系v0－at＝at解得t＝2s杰瑞的位移x1＝v0t－eq\f(1,2)at2汤姆的位移x2＝eq\f(1,2)at2最大距离xmax＝x1－x2＋Δx代入数据解得xmax＝18m。(3)根据位移时间关系x3＝v0t3－eq\f(1,2)ateq\o\al(2,3)解得杰瑞开始减速到鼠洞t3＝3s此过程汤姆的位移x4＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,3)＝9m由于x4<x3＋Δx所以汤姆不能在杰瑞回到鼠洞前捉住它。第二章专题强化1课后知能作业基础巩固练知识点一平均速度公式的应用1．电动自行车以其时尚、方便、快捷深受广大中学生的喜爱，但由电动自行车引发的交通事故也在逐年增多，学习交通安全常识，自觉遵守交通法规是确保学生交通安全的重要举措之一。按规定电动自行车在城区限速20km/h。某同学为了判断自己正常行驶时是否超速，在一次正常行驶途中经过某一位置时立刻切断电源，让电动自行车沿直线自由滑行。测得电动自行车滑行的最大距离为15m，滑行的时间为5s，则该同学正常行驶的车速约为()A．3km/h B．3m/sC．6km/h D．6m/s解析：根据x＝eq\f(v,2)t得，v＝eq\f(2x,t)＝eq\f(2×15,5)m/s＝6m/s＝21.6km/h，D正确。2．物体先做初速度为零的匀加速直线运动，加速度a1＝2m/s2，加速一段时间t1，然后接着做匀减速直线运动，直到速度减为零，已知整个运动过程所用的时间t＝20s，总位移为300m，则物体运动的最大速度为()A．15m/s B．30m/sC．7.5m/s D．无法求解解析：设最大速度为vm，匀加速直线运动过程中有eq\x\to(v)＝eq\f(1,2)(0＋vm)＝eq\f(vm,2)，x1＝eq\f(vm,2)t1；匀减速直线运动过程中有eq\x\to(v)＝eq\f(1,2)(vm＋0)＝eq\f(vm,2)，x2＝eq\f(vm,2)t2，所以整个运动过程x＝x1＋x2＝eq\f(vm,2)(t1＋t2)＝eq\f(vm,2)t，解得vm＝30m/s，B正确。3．(2023·浙江高一期中)一列火车开始启动，车上的小明想测量一下火车的加速度(火车看成匀加速直线运动)，如图所示，他看到旁边的排列整齐的电线杆，当他经过第1根电线杆时开始计时，过第4根杆时，用时6s，过第6根杆时停止计时，共用时8s，电线杆之间的间距相同，都是50m，则列车的加速度为()A．6.25m/s2 B．eq\f(100,9)m/s2C．eq\f(25,3)m/s2 D．12m/s2解析：第1根到第4根杆间的位移为x1＝50×3m＝150m，用时6s，第3秒末的速度为v3＝eq\x\to(v)1＝eq\f(x1,t1)＝25m/s，第1根到第6根杆间的位移为x2＝50×5m＝250m，用时8s，第4秒末的速度为v4＝eq\x\to(v)2＝eq\f(x2,t2)＝31.25m/s，a＝eq\f(v4－v3,t2－t1)＝6.25m/s2，故选A。知识点二位移中点的速度4．由静止开始做匀加速直线运动的物体，已知经过位移x时的速度是v，那么经过位移为2x时的速度是()A．v B．eq\r(2)vC．2v D．4v解析：已知v0＝0，由veq\s\do10(\f(x,2))＝eq\r(\f(v\o\al(2,0)＋v2,2))可知，终点位置的瞬时速度v′＝eq\r(2)v，B正确。5．光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法不正确的是()A．物体运动全过程中的平均速度是eq\f(L,t)B．物体在eq\f(t,2)时刻的瞬时速度是eq\f(2L,t)C．物体运动到斜面中点时的瞬时速度是eq\f(\r(2)L,t)D．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是eq\f(\r(2)t,2)解析：全程的平均速度v＝eq\f(x,t)＝eq\f(L,t)，选项A正确；eq\f(t,2)时刻物体的速度等于全程的平均速度eq\f(L,t)，选项B错误；若末速度为v，则eq\f(v,2)＝eq\f(L,t)，v＝eq\f(2L,t)，中间位置的速度veq\f(L,2)＝eq\r(\f(02＋v2,2))＝eq\r(\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2L,t)))2,2))＝eq\f(\r(2)L,t)，选项C正确；设物体的加速度为a，到达中间位置用时t′，则L＝eq\f(1,2)at2，eq\f(L,2)＝eq\f(1,2)at′2，所以t′＝eq\f(\r(2),2)t，选项D正确。故选B。知识点三Δx＝aT2的应用6．物体做匀变速直线运动，第7s内通过的位移大小是4m，第10s内通过的位移大小是10m，以第7s内通过的位移方向为正方向，则物体的加速度可能是()A．－2m/s2 B．2m/s2C．eq\f(14,3)m/s2 D．14m/s2解析：情形一：若物体第10s内通过的位移方向与第7s内通过的位移方向相同，有Δx＝x10－x7＝3aT2，代入数据解得a＝2m/s2。情形二：若物体第10s内通过的位移方向与第7s内通过的位移方向相反，有Δx′＝x10′－x7′＝3a′T2，代入数据解得a′＝－eq\f(14,3)m/s2，故选B。7.(多选)猎豹是动物界的“短跑之王”，一只成年猎豹能在几秒之内达到108km/h的最大速度。某猎豹突然启动追赶猎物的情境如图所示，启动过程可以看成从静止开始的匀加速直线运动，已知猎豹第2s内跑了7.5m，第3s内跑了12.5m。则()A．猎豹的加速度为5m/s2B．猎豹的加速度为10m/s2C．猎豹加速到最大速度所用时间为3sD．猎豹加速到最大速度所用时间为6s解析：由逐差相等公式xⅡ－xⅠ＝aT2，代入数据解得猎豹的加速度a＝5m/s2，故A正确，B错误；猎豹的最大速度v＝108km/h＝30m/s，由v＝at，解得t＝6s，故C错误，D正确。故选AD。8．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，打点计时器打出的一条纸带的一部分如图所示，A、B、C、D、E是在纸带上所选的计数点，相邻两计数点间的时间间隔为0.1s，各计数点与A计数点间的距离在图中已标出。则在打B点时，小车的速度为_0.26__m/s，并可求得小车的加速度大小为_0.4__m/s2。解析：由纸带数据经计算可知小车在做匀变速直线运动，根据匀变速直线运动某段时间中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，可知vB＝eq\f(xAC,2T)＝eq\f(52.0×10－3,0.2)m/s＝0.26m/s，根据匀变速直线运动的推论Δx＝aT2，可知加速度a＝eq\f(xCE－xAC,4T2)＝eq\f(120.0－2×52.0,4×0.12)×10－3m/s2＝0.4m/s2。综合提升练9．(2024·浙江宁波市高一期末)如图所示，为了研究物体做加速运动的规律，伽利略制造了一个长2m的平缓斜面，其与水平面的夹角θ只有1.7°，并在斜面上刻了一条槽，使重的青铜球可以滚动。他在斜面上安放了一些很小的凸条(图中用“△”表示，凸条很小，可认为不影响小球的运动)，这样当球经过每个凸条时就会有轻微的咔哒声。通过调整凸条的位置，使咔哒声之间的时间间隔相等。调整好后，小球从紧靠1号凸条右侧处由静止释放，则可测得4、5号凸条之间的平均速度与2、3号凸条之间平均速度的比值最接近()A．5∶3 B．7∶3C．3∶5 D．3∶7解析：由题，咔哒声之间的时间间隔相等，设时间间隔为t，小球的运动为初速度为零的匀变速直线运动，设加速度为a，则2、3号凸条之间平均速度等于2、3之间中点时刻的瞬时速度，即eq\x\to(v)23＝v2.5＝1.5at。4、5号凸条之间平均速度等于4、5之间中点时刻的瞬时速度，即eq\x\to(v)45＝v4.5＝3.5at。所以4、5号凸条之间的平均速度与2、3号凸条之间平均速度的比值最接近eq\f(\x\to(v)45,\x\to(v)23)＝eq\f(3.5at,1.5at)＝eq\f(7,3)，故B正确，A、C、D错误。故选B。10．(多选)(2024·陕西渭南高一统考期末)物体做匀加速直线运动，已知第1s内的平均速度是6m/s，第2s内的平均速度是8m/s，则下面结论正确的是()A．该物体零时刻的速度是0B．第1s末的速度是6m/sC．前2s内的平均速度是7m/sD．物体的加速度是2m/s2解析：物体做匀加速直线运动，第1s内、第2s内的平均速度分别等于t1＝0.5s时刻、t2＝1.5s时刻的速度，则eq\o(v,\s\up6(－))2＝eq\o(v,\s\up6(－))1＋a(t2－t1)，解得a＝2m/s2，故D正确；物体做匀加速直线运动，则第1s内的平均速度等于t1＝0.5s时刻的瞬时速度，所以v0＋at1＝6m/s，解得v0＝5m/s，故A错误；根据v1＝v0＋at，解得第1s末的速度为v1＝7m/s，故B错误；前2s内的平均速度等于第1s末的速度，即eq\o(v,\s\up6(－