2022年高考理综物理真题试卷-全国乙卷（含答案）

年高考理综物理真题试卷（全国乙卷）一、选择题:本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．2022年3月，中国航天员翟志刚、王亚平、叶光富在离地球表面约400km的“天宫二号”空间站上通过天地连线，为同学们上了一堂精彩的科学课。通过直播画面可以看到，在近地圆轨道上飞行的“天宫二号”中，航天员可以自由地漂浮，这表明他们（）A．所受地球引力的大小近似为零B．所受地球引力与飞船对其作用力两者的合力近似为零C．所受地球引力的大小与其随飞船运动所需向心力的大小近似相等D．在地球表面上所受引力的大小小于其随飞船运动所需向心力的大小2．如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长L。一大小为F的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直。当两球运动至二者相距35A．5F8m B．2F5m C．3F8m3．固定于竖直平面内的光滑大圆环上套有一个小环，小环从大圆环顶端P点由静止开始自由下滑，在下滑过程中，小环的速率正比于（）A．它滑过的弧长 B．它下降的高度C．它到P点的距离 D．它与P点的连线扫过的面积4．一点光源以113W的功率向周围所有方向均匀地辐射波长约为6×10−7m的光，在离点光源距离为R处每秒垂直通过每平方米的光子数为3×A．1×102m B．3×102m5．安装适当的软件后，利用智能手机中的磁传感器可以测量磁感应强度B。如图，在手机上建立直角坐标系，手机显示屏所在平面为xOy面。某同学在某地对地磁场进行了四次测量，每次测量时y轴指向不同方向而z轴正向保持竖直向上。根据表中测量结果可推知（）测量序号BBB1021−4520−20−463210−454−210−45A．测量地点位于南半球 B．当地的地磁场大小约为50μTC．第2次测量时y轴正向指向南方 D．第3次测量时y轴正向指向东方6．如图，两对等量异号点电荷+q、−q(q>0)固定于正方形的4个顶点上。L、N是该正方形两条对角线与其内切圆的交点，O为内切圆的圆心，M为切点。则（）A．L和N两点处的电场方向相互垂直B．M点的电场方向平行于该点处的切线，方向向左C．将一带正电的点电荷从M点移动到O点，电场力做正功D．将一带正电的点电荷从L点移动到N点，电场力做功为零7．质量为1kg的物块在水平力F的作用下由静止开始在水平地面上做直线运动，F与时间t的关系如图所示。已知物块与地面间的动摩擦因数为0.2，重力加速度大小取g=10m/sA．4s时物块的动能为零B．6s时物块回到初始位置C．3s时物块的动量为12kg⋅m/sD．0~6s时间内F对物块所做的功为40J8．一种可用于卫星上的带电粒子探测装置，由两个同轴的半圆柱形带电导体极板（半径分别为R和R+d）和探测器组成，其横截面如图（a）所示，点O为圆心。在截面内，极板间各点的电场强度大小与其到O点的距离成反比，方向指向O点。4个带正电的同种粒子从极板间通过，到达探测器。不计重力。粒子1、2做圆周运动，圆的圆心为O、半径分别为r1、r2(R<r1<r2<R+d)A．粒子3入射时的动能比它出射时的大B．粒子4入射时的动能比它出射时的大C．粒子1入射时的动能小于粒子2入射时的动能D．粒子1入射时的动能大于粒子3入射时的动能二、非选择题：9．用雷达探测一高速飞行器的位置。从某时刻（t=0）开始的一段时间内，该飞行器可视为沿直线运动，每隔1s测量一次其位置，坐标为x，结果如下表所示：t/s0123456x/m050710941759250533294233回答下列问题：（1）根据表中数据可判断该飞行器在这段时间内近似做匀加速运动，判断的理由是：；（2）当x=507m时，该飞行器速度的大小v=m/s；（3）这段时间内该飞行器加速度的大小a=m/s210．一同学探究阻值约为550Ω的待测电阻Rx在0~5mA范围内的伏安特性。可用器材有：电压表V（量程为3V，内阻很大），电流表A（量程为1mA，内阻为300Ω），电源E（电动势约为4V，内阻不计），滑动变阻器R（最大阻值可选10Ω或1.5kΩ），定值电阻R0（阻值可选75Ω或（1）要求通过Rx的电流可在0~5mA（2）实验时，图（a）中的R应选最大阻值为（填“10Ω”或“1.5kΩ”）的滑动变阻器，R0应选阻值为（填“75Ω”或“150Ω（3）测量多组数据可得Rx的伏安特性曲线。若在某次测量中，电压表、电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示，则此时Rx两端的电压为V，流过Rx的电流为mA，此组数据得到的Rx11．如图，一不可伸长的细绳的上端固定，下端系在边长为l=0.40m的正方形金属框的一个顶点上。金属框的一条对角线水平，其下方有方向垂直于金属框所在平面的匀强磁场。已知构成金属框的导线单位长度的阻值为λ=5.0×10−3Ω/m；在t=0到t=3.0s（1）t=2.0s时金属框所受安培力的大小；（2）在t=0到t=2.0s时间内金属框产生的焦耳热。12．如图（a），一质量为m的物块A与轻质弹簧连接，静止在光滑水平面上：物块B向A运动，t=0时与弹簧接触，到t=2t0时与弹簧分离，第一次碰撞结束，A、B的v−t图像如图（b）所示。已知从t=0到t=t0时间内，物块A运动的距离为（1）第一次碰撞过程中，弹簧弹性势能的最大值；（2）第一次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值；（3）物块A与斜面间的动摩擦因数。三、【物理—选修3-3】13．（1）一定量的理想气体从状态a经状态b变化到状态c，其过程如T−V图上的两条线段所示，则气体在________。A．状态a处的压强大于状态c处的压强B．由a变化到b的过程中，气体对外做功C．由b变化到c的过程中，气体的压强不变D．由a变化到b的过程中，气体从外界吸热E．由a变化到b的过程中，从外界吸收的热量等于其增加的内能（2）如图，一竖直放置的汽缸由两个粗细不同的圆柱形筒组成，汽缸中活塞Ⅰ和活塞Ⅱ之间封闭有一定量的理想气体，两活塞用一轻质弹簧连接，汽缸连接处有小卡销，活塞Ⅱ不能通过连接处。活塞Ⅰ、Ⅱ的质量分别为2m、m，面积分别为2S、S，弹簧原长为l。初始时系统处于平衡状态，此时弹簧的伸长量为0.1l，活塞Ⅰ、Ⅱ到汽缸连接处的距离相等，两活塞间气体的温度为T0。已知活塞外大气压强为p（ⅰ）求弹簧的劲度系数；（ⅱ）缓慢加热两活塞间的气体，求当活塞Ⅱ刚运动到汽缸连接处时，活塞间气体的压强和温度。四、【物理——选修3-4】14．（1）介质中平衡位置在同一水平面上的两个点波源S1和S2，二者做简谐运动的振幅相等，周期均为0.8s。当S1过平衡位置向上运动时，S2也过平衡位置向上运动．若波速为5m/s，则由S1和S2发出的简谐横波的波长均为m。P为波源平齿位置所在水平面上的一点，与S1、S2平衡位置的距离均为（2）一细束单色光在三棱镜ABC的侧面AC上以大角度由D点入射（入射面在棱镜的横截面内），入射角为i，经折射后射至AB边的E点，如图所示，逐渐减小i，E点向B点移动，当sini=16时，恰好没有光线从AB

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】宇航宇受到地球的引力提供其绕地球运动的向心力，航天员处于完全失重状态，所以航天员可以自由漂浮，故A错误；

当航天员与飞船不接触时，飞船对航天员无力的作用，故B错误；

航天员跟飞船一起绕着地球做匀速圆周运动，航天员所受地球引力提供其做圆周运动的向心力，故C正确；

根据F=GMmr2可知，在地球表面上所受引力的大小大于其随飞船运动所需向心力的大小，故D错误；

2．【答案】A【解析】【解答】对轻绳中点进行受力分析，根据三角形几何关系可知，上下两段细绳与水平方向夹角均为53°，根据每根绳子的拉力均为5F8，根据a=F合m可知两球的加速度大小为5F8m3．【答案】C【解析】【解答】设大圆环的半径为R，P点正下方与圆的交点为A，小环下落到Q点，下落高度为h，根据动能定理mgh=12mv2可知v=2gh；

连接PQ，PA，AQ，过Q做AP垂线，根据数学几何关系可知PQAP4．【答案】B【解析】【解答】每个光子的能量为E=hν，光的光速与频率的关系为c=λν，光源每秒发出的光子数为n=Phν=Pλhc，半径为R处的面的面积为S=4πR2，所以n5．【答案】B,C【解析】【解答】地磁场如图所示

根据表中数据可知z轴场强竖直向下，所以测量点位于北半球，故A错误；

磁感应强度是矢量，根据表格可以算出B=452+212μT≈50μT，故B正确；

根据地磁场图像可知，在北半球，磁场可分解为竖直向下和水平向北，根据图标可知，第2次测量时y轴正向指向南方，故C正确；

6．【答案】A,B【解析】【解答】两个正电荷在N点产生的场强由N指向O，两负电荷在N点产生的场强由N指向O，N点的合场强方向由N指向O，同理，两个负电荷在L处产生的场强方向由O指向L，两正电荷在L处产生的场强方向由O指向L，L处的合场方向由O指向L，所以L和N两点处的电场方向相互垂直，故A正确；

正方形上方的一对等量异号电荷在M点产生的场强方向向右，正方形底边的一对等量异号电荷在M点产生的场强方向向左，因为M点离上方一对等量异号电荷距离较远，所以M点的场方向向左，故B正确；

由题图可知，MO两点为等势点，所以将一带正电的点电荷从M点移动到O点，电场力不做功，故C错误；由题图可知，L点的电势低于N点电势，所以将一带正电的点电荷从L点移动到N点，电场力做负功，故D错误；

故选AB。【分析】首先先判断四个点电荷在N和L处的场强方向，根据场强方向就可以判断M和O点的电势关系，判断电场力做功情况，最后判断L和N点的电势，判断电场力做功情况。7．【答案】A,D【解析】【解答】物块与地面的摩擦力为f=μmg=2N，

设向右为正方向，0-3s根据动量定理可得F-ft=mv3

解得：v3=6m/s，

3s时物体的动量为P=mv3=6kg⋅m/s，故C错误；

设3s后经过时间t物块的速度减为0，根据动量定理可得-F+ft=-mv3，解得t=1s，即4s时物体的速度为0，所以4s时物体的动能为零，故A正确；

根据上述情形做出运动时间图像，根据时间图像可以算出0-4s物体向右的位移为12m，4-6s根据动量定理可以算出6s末物体的速度为4m/s，方向向左，故4-6s物体位移为4m，所以6s时物块不能回到初始位置，故B错误；

0-3s，F对物体做功为W1=Fs8．【答案】B,D【解析】【解答】根据题意可知，两个同轴的半圆柱形带电导体极板中电场方向是从外侧极板指向内侧极板，根据题图可知，粒子3进入电场后电场力做正功，入射时动能大于出射时的动能，故A错误；

同理，根据题图可知，粒子4进入电场后电场力做负功，所以粒子4入射时的动能比它出射时的大，故B正确；

在截面内，极板间各点的电场强度大小与其到O点的距离成反比，设E=kr，粒子1和粒子2都是电场力提供做圆周运动的向心力，即qE=mv2r⇒mv29．【答案】（1）相邻1s内的位移之差接近∆x=80m（2）547（3）79【解析】【解答】(1)根据题表中数据可知，第1s内的位移507m，第2s内的位移587m，第3s内的位移665m，第4s内的位移746m，第5s内的位移824m，第6s内的位移904m，观察数据可以看出相邻1s内的位移之差接近∆x=80m，可以判断该飞行器在这段时间内近似做匀加速运动；(2)根据中间时刻的速度等于该段的平均速度，即v=10942m/s=547m/s；

【分析】(1)首先算出每一个时间间隔内物体的位移，然后观察数据即可判断该飞行器在这段时间内近似做匀加速运动；

(2)根据中间时刻速度等于该段的平均速度进行计算；

(3)根据逐差法即可计算加速度的大小。10．【答案】（1）（2）10Ω；75Ω（3）2.30；4.20；548【解析】【解答】(1)根据题意可知，滑动变阻器采用分压式接法，电表从0开始测量，满足题中通过Rx的电流从0~5mA连续可调，即可做出实验电路图如图所示

(2)实验时，滑动变阻器接法为分压法，所以图（a）中的R应选最大阻值为10Ω的滑动变阻器；

R0主要是为了进行电表的改装，需要R0与电流表并联，如图

根据并联电路中电流之比等于电阻的反比，所以R0=75Ω；

(3)根据题图可以读出Rx两端的电压为2.30V，流过Rx的电流为0.84×5=4.2mA【分析】(1)根据实验要求连接实验电路；

(2)根据滑动变阻器的接法选择合适的阻值，根据电表的改装计算定值电阻的阻值；

(3)先进行读数，然后根据读数进行计算。11．【答案】（1）金属框中产生的感应电动势为，金属线框的总电阻为R=4lλ=0.008Ω，

所以金属框中的电流为I=ER=1A，

t=2.0s时，磁感应强度为B=0.1T，

（2）根据Q=I2Rt可得在t=0【解析】【分析】(1)首先算出感应电动势和线框电阻，然后算出电流大小，最后根据安培力公式进行计算；(2)根据焦耳热的公式进行计算。12．【答案】（1）第一次碰撞过程中，当弹簧被压缩最短时，弹簧弹性势能最大，此时AB两物体速度相等，根据动量守恒定律可得mB·1.2v0=m+mBv0，（2）B接触弹簧后，压缩弹簧的过程中，A、B动量守恒，

即mB·1.2v0=m+mBv0，两边都乘以t可得mB·1.2v（3）根据题意可知，物块A两次到达相同的最高点，说明物块A第二次与B分离后速度大小仍为2v0，方向向右，设物体A第一次滑下的速度为v1，碰撞后物体B的速度为v2，向左为正方向，

根据动量守恒得mv1-5m·0.8v0=m-2v0+5mv2，

根据能量守恒得12【解析】【分析】(1)首先根据动量守恒定律列式，然后根据能量守恒列式，联立两式就可以求出结果；(2)首先根据动量守恒列式，两边各乘以t，代入数据就可以算出弹簧压缩量的最大值；

(3)根据动量守恒列出式子，上滑或者下滑过程根据动能定理即可计算出动摩擦因数。13．【答案】（1）A；B；D（2）（ⅰ）分别对两个活塞整体进行受力分析，根据受力平衡有3mg+2p0S+p1S=p0S+2p1S，

对活塞