广东省广州市广大附、铁一、广外三校联考2024-2025学年高二（上）期末物理试卷（含答案）

第=page99页，共=sectionpages1111页广东省广州市广大附、铁一、广外三校联考2024-2025学年高二（上）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.下列说法正确的是(

)A.根据C=QU可知，电容大小与Q成正比，与U成反比

B.根据U=Wq可知，在两点之间移动同一点电荷，电场力做功越多，说明电势差越大

C.根据E=kQr22.如图是学生常用的饭卡内部实物图，其由线圈和芯片组成电路，当饭卡处于感应区域时，刷卡机会激发变化的磁场，从而在饭卡内线圈中产生感应电流来驱动芯片工作，已知线圈面积为S，共n匝，某次刷卡时，线圈平面与磁场垂直，且全部处于磁场区域内，在感应时间内，磁感应强度方向向外且由0均匀增大到B0，此过程中(

)A.线框中磁通量变化率为nB0St0 B.线框中产生顺时针方向的感应电流

C.AB3.有一半径为R的圆形线框悬挂在弹簧测力计下端，线框中通有abcda方向的恒定电流I，直线MN是匀强磁场的边界线，磁场方向垂直于圆形线框所在平面向里。整个线圈都在磁场中平衡时弹簧测力计的读数为F；若将线圈上提，让圆形线框正好有一半露出磁场，其他条件都不改变，再次平衡时，弹簧测力计的读数为5F。则匀强磁场的磁感应强度大小为(

)A.FIR

B.2FIR

C.3FIR4.如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部。闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F.调节R1、R2，关于A.保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大

B.保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小

C.保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大

D.保持R5.法拉第曾提出一种利用河流发电的设想，并进行了实验研究。实验装置示意图如图所示，两块面积均为S的矩形平行金属板正对地浸在河水中，金属板间距为d。水流速度处处相同大小为v，方向水平向左，金属板面与水流方向平行。地磁场磁感应强度竖直向下的分量为B，水的电阻率为ρ，水面上方有一阻值为R的电阻通过绝缘导线和开关S连接到两金属板上。忽略边缘效应，则下列说法正确的是(

)A.电阻R上的电流方向从里向外

B.河水流速减小，两金属板间的电压增大

C.该发电装置的电动势大小为Bdv

D.流过电阻R的电流大小为BvS6.如图所示，整个空间存在一水平向右的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场，光滑绝缘斜面固定在水平面上。一带正电滑块从斜面顶端由静止下滑，下滑过程中始终没有离开斜面，下滑过程中滑块的位移x、受到的洛伦兹力f洛、加速度a与机械能E机等物理量的大小随时间变化的图线可能正确的是(

)A. B.

C. D.7.如图，在墙内或地面埋有一根通有恒定电流的长直导线.为探测该导线的走向，现用一个与灵敏电流计(图中未画出)串联的感应线圈进行探测，结果如下表。忽略地磁场的影响，则该导线可能的走向是(

)探测灵敏电流计有无示数线圈平面平行于地面Oabc沿Oa方向平移无沿Oc方向平移无线圈平面平行于墙面Oade沿Oa方向平移有沿Oe方向平移无

A.Oa方向 B.Ob方向 C.Oc方向 D.Oe方向二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.如图所示，条形磁铁位于固定的半圆光滑轨道的圆心位置。一半径为R、质量为m的金属球从半圆轨道的一端沿半圆轨道由静止下滑。重力加速度大小为g。下列说法正确的是(

)

A.金属球会运动到半圆轨道的另一端

B.由于金属球没有形成闭合电路，所以金属球中不会产生感应电流

C.金属球受到的安培力做负功

D.系统产生的总热量为mgR9.如图，两平行、光滑金属导轨水平放置相距为L，空间中存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。质量均为m、电阻均为R的两导体棒ab和cd静止置于金属导轨上，它们之间的距离也为L，现给导体棒cd一向右的初速度v0，金属导轨足够长，磁场区域足够大，导轨电阻忽略不计。经过足够长的时间，在它们之后的运动过程中，以下说法正确的是(

)A.导体棒ab和cd在运动过程中系统动量不守恒

B.导体棒ab获得的最大速度为12v0

C.导体棒ab上产生的焦耳热为18mv0210.三个相同的带电粒子(不计重力，不计粒子间相互作用)从同一位置沿同一方向垂直于电场线飞入偏转电场，出现了如图所示的三条轨迹，由此可判断(

)A.粒子c的速度变化量比粒子a的小

B.进入电场时，粒子c的速度最大

C.粒子c的动能增加量最大

D.在粒子b飞离电场的同时，粒子a刚好打在下极板上

三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.新能源汽车已经普遍走进了我们的生活，某校学生实验小组通过网络查找了某种知名的小型电池铭牌，电池采用的是“刀片电池”技术。现将该电池内其中一块电芯拆解出来，用游标卡尺准确测量其厚度，结果如图(a)所示。然后测量其电动势E和内阻r。某同学利用图乙所示的电路图进行测量：

(1)一块刀片电芯厚度为______mm。

(2)根据实验室中的实验器材和老师的建议，最终确定了如图(b)所示的实验电路，其中电压表量程为3V，电流表量程为0.6A，R0为保护定值电阻。某次测量时电流表和电压表的示数如图(c)所示，则电流I=______A，电压U=______V。

(3)实验小组的同学闭合开关S，多次调节滑动变阻器，读出多组电流表示数I和对应的电压表示数U，由测得的数据绘出了如图(d)所示的U-I图线，则电源的电动势E=______，内阻r=______(结果用a、b或R12.为判断某工业废水是否满足电阻率ρ≥200Ω⋅m的达标要求，一实验小组设计了如下实验进行测量，实验器材：盛水容器(容器左、右两侧面为带有接线柱且电阻可忽略的金属薄板，其余侧面绝缘)，电源E(电动势恒定，内阻可忽略)，电阻R1、R2和R3(阻值分别为20000Ω、2000Ω和1400Ω)，多用电表，开关S1和S2导线若干，请完成下列内容。

(1)测量盛水容器______(选填“内部”或“外部”)器壁的长、宽、高。记录长a=40.00cm，宽b=20.00cm，高c=9.00cm。

(2)用多用电表粗测废水电阻值：将水样注满容器，多用电表选择开关旋至“×100”挡，并进行欧姆调零。多用电表指针位置如图甲所示，此时读数为______Ω。

(3)精确测量容器中废水的电阻值：将注满水样的盛水容器接入图乙所示的电路，用多用电表测量R3两端的电压，请将红、黑表笔连接到图乙所示电路的正确位置______；

(4)①将多用电表选择开关转到直流电压2.5V挡，闭合S2后，再闭合S1，记录此时多用电表的读数为2.10V，计算得到此时流过盛水容器的电流I1=1.50mA

②在S1闭合的状态下，断开S2，记录此时多用电表的读数为1.68V，计算得到此时流过盛水容器的电流I2=______mA四、计算题：本大题共3小题，共38分。13.如图所示，带有等量异种电荷、相距10cm的平行板A和B之间有匀强电场，电场强度方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm。已知一个电子从C点移动到D点的过程中，受到的电场力F大小为3.2×10-15N。(已知电子电荷量大小e=1.6×10-19C)

(1)求电场强度E的大小；

(2)求C、D14.如图所示，M、N板间存在电压为U0的加速电场，半径为R的圆形区域内存在磁感应强度为B的匀强磁场，光屏放置于圆形磁场区域右侧，光屏中心P到圆形磁场区域圆心O的距离为2R。带电粒子从S点由静止飘入M、N板间，经电场加速后进入圆形磁场区域，在磁场力作用下轨迹发生偏转，最终打在光屏上的某点，测量该点到P点的距离，便能推算出带电粒子的比荷，不计带电粒子的重力。

(1)若带电粒子为电子，已知电子的电荷量大小为e，质量为m0，求电子经过电场加速后的速度大小v及电子在磁场中运动的轨迹半径r；

(2)若某种带电粒子通过电场加速和磁场偏转后，打在光屏上的Q点，已知P点到Q点的距离为2315.如图所示，固定金属圆环内存在匀强磁场，方向垂直圆环向下，在外力作用下金属棒ab可绕着圆心O匀速转动.从圆心和圆环边缘用细导线连接足够长的两平行金属导轨，导轨与水平面夹角为30°，空间存在垂直导轨平面向下的匀强磁场。将金属棒cd垂直导轨轻轻放上，金属棒处于静止状态。已知圆环内和导轨平面的磁场大小均为B=1T，圆环半径和金属棒ab长均为d=1m，导轨宽度和金属棒cd长度均为L=2m，金属棒cd质量为m=1kg，与导轨之间的动摩擦因数为μ=32，ab棒电阻为r=2Ω，cd棒电阻为R=4Ω，其余电阻不计，sin30°=12，cos30°=32，重力加速度g取10m/s2。求：

(1)若ab棒以ω0=121.B

2.B

3.B

4.B

5.C

6.B

7.D

8.CD

9.BC

10.ABD

11.13.50

0.40

1.30

a

ab-R12.内部

1500

实物连线如图所示

1.20

=72

不达标

13.解：(1)由题意可知：E=Fe，

解得：E=2×104N/C；

(2)根据匀强电场中电势差与电场强度的关系可知：UDC=EdDC，

由题意可知：dDC=10cm-3cm-2cm=5cm=0.05m，

联立可得：UDC=103V，

则C、D两点间的电势差为：UCD=-UDC=-103V；

(3)由题意可知：WDB=FdDB，

其中：14.解：(1)电子在电场中加速，根据动能定理，有

eU0=12m0v2-0

解得

v=2eU0m0

电子在磁场中做匀速圆周运动由

evB=m0v2r

解得

r=1B2m0U0e

(2)带电粒子从S点到达Q点的运动轨迹如图所示

由几何关系可得

θ=60°15.解：(1)对ab棒，由法拉第电磁感应定律可得其产生的感应电动势为：

E=Bdv-=12Bω0d2

根据闭合电路欧姆定律得：

E=I(R+r)

解得：I=1A

由楞次定律判断可知电流方向由b流向a。可知a端电势高于b端，即Uab>0，故ab棒两端的电压为：

Uab=IR=1