2025年粤教版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理下册阶段测试试卷992考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q（q>0）的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）（）

A.B.C.D.2、下列说法正确的是（）A.流过任何电学元件的电流一定与元件两端的电压成正比B.一段纯金属导线，温度越高，电阻越大C.两个电阻并联后总电阻比其中任何一个电阻都小D.电源做功越多，电动势越大3、如图所示，正六边形的B、D两点各固定一个带正电、电荷量为的点电荷，F点固定一个带负电、带电荷量为的点电荷，O为正六边形的几何中心。则下列说法正确的是（）

A.O点场强为0B.C点场强方向为沿所在的直线由C指向FC.电子在A点电势能比在O点小D.O、A两点间电势差和O、E两点间电势差相等4、如图所示，若令x轴和y轴分别表示某个物理量，则图像可以反映某种情况下物理量之间的关系，在有些情况中，图线上任一点的切线斜率、图线与x轴围成的面积也有相应的物理含义。A为图线上一点，过A点作图线的切线交y轴于M点，过A点作垂线交x轴于N点，切线AM的斜率记为k，图中的阴影面积记为S。下列说法正确的是（）

A.对于一段只含有电热元件的电路，若x轴表示电流I，y轴表示电压U，面积S可以表示电流在这段电路中做功的功率B.对于做直线运动的物体，若x轴表示速度v，y轴表示物体所受的合外力F，面积S可以表示某速度时对应的合外力做功的瞬时功率C.对于某电容器的充电过程，若x轴表示时间t，y轴表示电量q，斜率k可以表示电容器在充电过程中对应时刻的电流大小D.对于做圆周运动的物体，若x轴表示半径r，y轴表示线速度v，斜率k可以表示对应半径的角速度大小5、电磁学中电荷量、电动势、电容、磁通量这四个物理概念的国际制单位是（）A.库伦，特斯拉，法拉，伏特B.库伦，伏特，法拉，韦伯C.库伦，伏特，法拉，特斯拉D.安培，焦耳，伏特，韦伯评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图，纸面内有两条互相垂直的长直绝缘导线L1、L2，L1中的电流方向向左，L2中的电流方向向上；L1的正上方有a、b两点，它们相对于L2对称．整个系统处于匀强外磁场中，外磁场的磁感应强度大小为B0，方向垂直于纸面向外．已知a、b两点的磁感应强度大小分别为B0和B0；方向也垂直于纸面向外．则。

A.流经L1的电流在b点产生的磁感应强度大小为B0B.流经L1的电流在a点产生的磁感应强度大小为B0C.流经L2的电流在b点产生的磁感应强度大小为B0D.流经L2的电流在a点产生的磁感应强度大小为B07、关于能量守恒定律与能源，下面说法正确的是（）A.人骑自行车是将生物质能转化为机械能B.电动自行车和燃油汽车将汽油的化学能转化为机械能C.只要有能量转移和转化，就一定遵从能量守恒定律D.生物质能属于可再生能源，风能属于不可再生能源8、如图所示，在x轴上关于O点对称的A、B两点分别放有等量正电荷，M、N是x轴上的两点，且OM＝MN，P点在第一象限，且PM垂直于x轴；则（）

A.P点电势比M点电势低B.M、O两点间电势差小于N、M两点间电势差C.M点场强比N点场强大D.在M点静止释放一带正电粒子，该粒子将在x轴上做往返运动9、如图所示，电荷量为的点电荷固定在O点，三点共面，其中则下列说法正确的是（）

A.P点的场强小于Q点的场强B.P点的电势高于Q点的电势C.电子在P点的电势能比其在Q点的电势能小D.将一正试探电荷由P点移到Q点，电场力做负功10、静电场在x轴上的场强E随x的变化关系如图所示，x轴正方向为场强正方向，带正电的点电荷沿x轴运动；则点电荷（）

A.在x2和x4处电势能相等B.由x1运动到x3的过程中电势能增大C.从x2运动到x3和从x3运动到x4电势差相等D.由x1运动到x4的过程中速度先减小后增大11、在匀强电场中有一个正六边形区域abcdef，电场线与六边形所在平面平行，如图所示。已知a、b、h三点的电势分别为8V、12V、－4V，带电荷量为3e的粒子（重力不计）以一定的初动能从b点沿不同方向射入abcdef区域，当粒子沿bd方向射入时恰能经过c点；下列判断正确的是（）

A.粒子带负电B.c、d两点的电势差为6VC.粒子经过c点时动能为6eVD.粒子首次离开六边形区域的位置不可能是b点12、在如图所示的电路中，是滑动变阻器，是定值电阻，电源的电动势为E，内阻为r，当开关S闭合时，电容器C不带电；现将滑动变阻器滑片向右滑动到某一位置且电路稳定时，下列说法正确的是（）

A.电源提供的总功率变小B.两端电压变大C.两端电压变大D.电容器C的下极板带正电13、如图所示，曲线分别是纯电阻直流电路中；内；外电路消耗的电功率随电流变化的图线。由该图可知下列说法中正确的是（）

A.电源的电动势为B.电源的内电阻为C.电源输出功率最大值为D.电源被短路时，电源消耗的最大功率可达评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、质子和氦核从静止开始经相同电压加速后，又垂直于电场方向进入一匀强电场，离开偏转电场时，它们侧向偏移量之比为_________，在偏转电场中运动的时间之比为_________.15、如图所示，是根据某同学做“用伏安法测定电池的电动势和内电阻”的实验记录，画出的U-I图像，则待测电源电动势E=___________V，内电阻r=___________欧。

16、实验原理:

设金属导线长度为l，导线直径为d，电阻率为ρ，则:由_______，得:ρ=______=______。17、（1）两个正电荷之间的作用力为斥力，两个负电荷之间的作用力为引力。____

（2）摩擦起电是创造电荷的过程。____

（3）玻璃棒和其他物体摩擦后不一定带正电。____

（4）当一个带电体靠近导体时，产生静电感应现象，导体靠近带电体的一端带异种电荷，远离带电体的一端带同种电荷。____

（5）电荷守恒定律和能量守恒定律一样，也是自然界中最基本的守恒定律。____

（6）元电荷就是最小的电荷。____18、四根完全相同的长直导线互相平行，它们的截面处于正方形abcd的四个顶点，导线中都通有大小相同的电流，方向如图所示。正方形对角线的交点为O，通电导线a在O点产生的磁感应强度为B，四根通电导线在O点产生磁场的磁感应强度大小为___________，方向为___________。

19、小李同学在学习了库仑定律之后，为了研究带电小球在它们之间的相互作用力下的运动，他在绝缘的光滑水平面上放三个质量相等的带电小球a、b、c，它们处在同一直线上，如图以向右为正方向，若释放a球，a球的初始加速度为若释放c球，c球的初始加速度为则根据所学知识可知，释放b球，b球的初始加速度大小为______方向是______。

20、如图所示，平行板电容器与电源连接，为两板间一点。闭合电键给电容器充电后再断开电键，然后再将极板移到虚线所示位置，则与不移极板前比较，点电场强度将__________；点电势将__________。（填“变大”；“变小”或“不变”）

21、如图所示，直线a为电源的U—I图线，直线b为电阻R的U—I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源内部非静电力将1C正电荷从负极移到正极所做的功为______J，电源的输出功率为______W。

22、如图，逆时针环形电流外有一被扩张的软金属弹簧圈，当其由环形电流外侧收缩到内侧虚线位置过程中，弹簧圈内的磁通量大小变化情况为__________；弹簧圈所受安培力的方向沿半径_____________。

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)23、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)26、研究小组欲测一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率；步骤如下：

(1)用螺旋测微器测量其直径D如图甲，读数为_____mm；用游标卡尺测量其长度L如图乙，读数为_____mm。

(2)该同学想用伏安法测量其电阻R；现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R（阻值约为20Ω）

直流电源E（电动势4V；内阻不计）

电流表A1（量程450mA；内阻约10Ω）

电流表A2（量程200mA；内阻约5Ω）

电压表V1（量程3V；内阻约10kΩ）

滑动变阻器R1（阻值15Ω；允许通过的最大电流为2.0A）

滑动变阻器R2（阻值500Ω；允许通过的最大电流为1.0A）

开关S导线若干。

电流表应用______，滑动变阻器应用______。

(3)若流经圆柱体的电流I，圆柱体两端之间的电压为U，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=______。27、图（a）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250μA，内阻为480Ω。虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位；5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡。

(1)图（a）中的A端与______（填“红”或“黑”）色表笔相连接。

(2)下列说法正确的是______（填正确答案标号）。

A．在使用多用电表之前；调整指针定位螺丝，使电表指针指在表盘左端电流“0”位置。

B．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置。

C．测电阻时如果指针偏转角度过小；则应该换更高档，且换挡要重新进行欧姆调零。

D．多用电表用完以后应该打到多用电表交流电最高档或者OFF档。

(3)根据题给条件可得R1＋R2＝______Ω，R4＝______Ω。×100Ω挡的中值电阻为_______Ω。

(4)某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示。若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为______；若此时B端是与“3”相连的，则读数为______；若此时B端是与“5”相连的，则读数为______。（结果均保留3位有效数字）评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)28、一个灵敏电流计内阻满偏电流

（1）若将其改装成一个量程为的电压表；则应串联一个阻值多大的电阻？

（2）若将其改装成一个量程为的电流表，则应并联一个阻值多大的电阻？（结果可以用分数表示）29、如图所示，一绝缘细直杆固定在方向水平向左的匀强电场中，直杆与电场线成角，杆长为一套在直杆上的带电小环，由杆端A以某一速度匀速下滑，小环离开杆后恰好通过杆端C正下方P点，C、P两点相距h。已知环的质量环与杆间的动摩擦因素重力加速度g取求：

（1）小环从杆端A运动到P点的时间；

（2）小环运动到杆端A正下方时的动能

30、如图所示，一质量为m、电荷量为q（q>0）的例子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0；方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A；B两点间的电势差．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

设Q在b点产生的场强大小为E，由对称性可知Q在d点产生的场强大小也为E，方向相反，水平向右，由于b点的场强为零，得

所以q、Q在d点产生的场强为

故选B。2、B:C【分析】【详解】

A．流过任何电学元件的电流不一定与元件两端的电压成正比；当电学元件的电阻发生变化时就不满足，A错误；

B．由于是一段纯金属导线；故温度越高，电阻越大，B正确；

C．根据电阻并联规律可得；两个电阻并联后总电阻比其中任何一个电阻都小，C正确；

D．电源做功的多少与电动势越大小没有直接关系；D错误。

故选BC。3、D【分析】【详解】

A．根据点电荷的场强公式

三个点电荷在O点产生的场强大小相等，B、D两个正电荷产生的场强与F点的负电荷产生的场强方向相同，合场强沿OF方向；故A错误；

B．B和D两个正电荷在C点产生的合场强大小为由F指向C，F点的负点电荷在C点产生的场强大小为由C指向F，则总的合场强由F指向C；故B错误；

C．AD是BF的中垂线，B和F点的电荷在AD上各点产生的电势相等，故A点和O点的电势等于D点电荷产生的电势，则

根据

可知电子在A点电势能比在O点大；故C错误；

D．根据对称性可知，A和E点的电势相等，则O、A两点间电势差和O、E两点间电势差相等；D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．根据

对于一段只含有电热元件的电路，若x轴表示电流I，y轴表示电压U，因P、U、I均为状态量，并非过程量，可知面积S不可以表示电流在这段电路中做功的功率。故A错误；

B．根据

对于做直线运动的物体，若x轴表示速度v，y轴表示物体所受的合外力F，因F、v为状态量，所以面积S不可以表示某速度时对应的合外力做功的瞬时功率。故B错误；

C．根据

可知若x轴表示时间t，y轴表示电量q，斜率k可以表示电容器在充电过程中对应时刻的电流大小。故C正确；

D．根据

若x轴表示半径r，y轴表示线速度v，因r、v是状态量，所以斜率k不可以表示对应半径的角速度大小。故D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

电荷量Q、电动势Q、电容C、磁通量的国际制单位为库伦C、伏特V、法拉F、韦伯Wb；故B正确，ACD错误。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)6、A:D【分析】【分析】

本题考查右手螺旋定则来判定通电直导线得磁场方向。

【详解】

ABCD.整个系统处于匀强磁场中，外磁场得磁感应强度大小为方向垂直于纸面向外，且a、b两点得磁感应强度大小分别为和方向也垂直于纸面向外，根据右手螺旋定则，直导线电流，在a、b两点磁场方向垂直纸面向里，大小相等；同理，直导线的电流，在a点磁场方向垂直纸面向里，在b点磁场方向垂直纸面向外；但两点的磁场大小相等,根据矢量叠加法则，则：

联立上式，可解得：故AD正确BC错误。

故选AD。7、A:C【分析】【详解】

A．人骑自行车是将生物质能转化为机械能；故A正确；

B．电动自行车是将蓄电池中储存的电能转化为机械能；燃油汽车是将汽油的化学能转化为机械能，故B错误；

C．能量守恒定律是自然界中普遍存在的规律；只要有能量转移和转化，就一定遵从能量守恒定律，故C正确；

D．生物质能和风能都属于可再生能源；故D错误。

故选AC。8、A:B:D【分析】【详解】

A．由等量同种正电荷等势线分布可知，M点电势比P点电势高；选项A正确．

BC．O、M间电场线比M、N间电场线分布稀疏．O、M两点间电势差小于M、N两点间电势差，N点场强大于M点场强；选项B正确；C错误．

D．根据对称性，在M点静止释放的带正电粒子会以点为中点做往返运动；选项D正确．

故选ABD。9、B:C【分析】【详解】

A.由点电荷场强

可知，离点电荷越近，场强越大，故P点的场强大于Q点的场强；A错误；

B.正点电荷电场中离点电荷越近，电势越高，故P点的电势高于Q点的电势；B正确；

C.由电势能公式

由于电子带负电，且故电子在P点的电势能比其在Q点的电势能小；C正确;

D.将一正试探电荷由P点移到Q点，电场力做功

由于故电场力做正功，D错误；

故选BC10、B:C【分析】【详解】

A．处场强沿轴负方向，则从到处逆着电场线方向移动，电势升高，正电荷在处电势能较大；故A错误；

B．处场强沿轴负方向，则从到处逆着电场线方向移动，电势升高，正电荷在处电势能较大；故B正确；

C．图象中面积表示电势差，由图象的对称性知从到和从到面积相等，所以从运动到和从运动到电势差相等；故C正确；

D．由运动到的过程中，电场力方向沿轴负方向，位移沿轴正方向；电场力一直做负功，由动能定理知动能一直减小，速度一直减小，故D错误；

故选BC。11、A:C【分析】【详解】

B．根据题意可知

作直线bh、ac交于g，由几何关系可知且bh=4bg

所以

所以ag在同一等势面上。结合电势高低可判断匀强电场的方向沿bh方向由b指向h；如图所示。

根据匀强电场中平行等距离的两点电势差相等可得c点电势为

d点电势为

所以c、d两点的电势差为8V；B错误；

A．当粒子沿bd方向射入时恰能经过c点；可知粒子所受电场力方向和场强方向相反，所以粒子带负电，A正确；

C．当粒子沿bd方向射入时恰能经过c点，设bg间的距离为x；根据几何关系和运动的合成与分解有。

沿电场方向

垂直于电场方向

联立解得

b、c间的电势差

由动能定理得粒子经过c点时动能

解得

C正确；

D．当带电粒子沿bh方向做直线运动时克服电场力做功最大，且做的功为

小于带电粒子的初动能相等，因此粒子未到达h点时速度为零，然后反向加速沿直线hb从b点射出；D错误。

故选AC。12、B:D【分析】【详解】

滑片向右滑动，R1电阻减小，电路总电阻变小，干路电流变大，电源提供的总功率变大，路端电压U=E-Ir

变小，则R3、R4通过的电流变小，R4两端电压变小；R1、R2通过的电流变大，R2两端电压变大；由变小，不变；可知电容上极板电压比下极板电压低，故电容器C的下极板带正电。

故选BD。13、A:B:D【分析】【详解】

AB．图线的交点处有

解得

则

AB正确；

C．电源输出的最大功率为

C错误；

D．电源被短路时

D正确。

故选ABD。三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

[1]加速电场中：由动能定理得:

偏转电场中,平行于极板方向：L=v0t

垂直于极板方向：

联立以上各式得偏移量y与电荷的质量和电量无关，所以偏移量y之比是1:1.

[2]由

得

质子和氦核的电量与质量比为2:1，所以进偏转电场的速度之比为进入偏转电场后，沿初速度方向都做匀速直线运动，运动时间为所以时间t之比是【解析】1:11∶15、略

【分析】【详解】

[1]由图象图象可知，电源U-I图象与纵轴交点坐标值为3.0，则电源电动势E=3.0V

[2]电源内阻【解析】3.01.016、略

【分析】【详解】

略【解析】R=ρ17、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]同种电荷相互排斥；为斥力。故错误；

(2)[2]摩擦起电是电荷转移的过程。故错误；

(3)[3]玻璃棒和其他物体摩擦后；得失电子不确定，则不一定带正电。故正确；

(4)[4]当一个带电体靠近导体时；产生静电感应现象，由于异种电荷相互吸引，同种电荷相互排斥。则导体靠近带电体的一端带异种电荷，远离带电体的一端带同种电荷。故正确；

(5)[5]电荷守恒定律和能量守恒定律一样；也是自然界中最基本的守恒定律。故正确；

(6)[6]元电荷是带电体所带电荷量的最小值。故错误。【解析】①.错误②.错误③.正确④.正确⑤.正确⑥.错误18、略

【分析】【详解】

[1]据安培定则可得通电电流的磁场方向如图所示。

正方形abcd的四个顶点，导线中都通有大小相同的电流，通电导线a在O点产生的磁感应强度为B，所以通电导线bcd在O点产生的磁感应强度均为B，由矢量叠加可得四根通电导线在O点产生磁场的磁感应强度大小为

[2]由叠加原理可得O点产生磁场的方向为由O指向b。【解析】2B由O指向b19、略

【分析】【详解】

[1][2]对三个小球构成的系统，假设同时释放三个小球，则三个小球构成的系统受到的合力为零，且在释放瞬间，a球的加速度为c球的加速度为b球的加速度为对系统由牛顿第二定律知

即

所以

方向水平向右。【解析】1水平向右20、略

【分析】【分析】

抓住电容器的电荷量不变，结合电容的决定式和定义式，以及匀强电场的场强公式得出电场强度的变化，从而得出P与下极板电势差的变化，得出P点电势变化。

【详解】

[1]依据电容的定义式决定式场强的决定式代入得

故的变化与无关；故场强将不变。

[2]场强不变，则P点与下极板的电势差不变，由于下极板电势为零，则P点的电势不变。【解析】不变不变21、略

【分析】【详解】

[1]直线a为电源的U-I图线，结合

可得，电源的电动势为图像的总截距

电源的内阻为图像的斜率Ω=05Ω

直线b为电阻R的U-I图线，由

可知其阻值为图像的斜率Ω=1Ω

用该电源和该电阻组成闭合电路时，可读出工作电流为工作电压为

而电源内部非静电力将1C正电荷从负极移到正极所做的功为

[2]电源的输出功率为【解析】3422、略

【分析】【详解】

[1]奥斯特实验表明电流周围存在磁场；磁场强度的大小与电流的距离有关，距离越近，磁场强度越大，故软金属弹簧圈由环形电流外侧收缩到内侧虚线位置过程中磁通量大小变化情况为先变大后变小；

[2]弹簧圈p所受安培力的方向可根据左手定则判别，故为沿半径向外。【解析】先变大后变小向外四、作图题(共3题，共15分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD25、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】五、实验题(共2题，共8分)26、略

【分析】【详解】

(1)[1]螺旋测微器读数

[2]游标卡尺读数

(2)[3]通过电阻的最大电流

所以选择A2

[4]滑动变阻器如果选择限流式接法，应该选大电阻R2，但不合适，只能选择分压式