2025年苏教版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教版高二物理上册阶段测试试卷635考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、平抛物体的运动规律可以概括为两点：（1）水平方向做匀速运动；（2）竖直方向做自由落体运动.为了探究平抛物体的运动规律，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，Ａ球就水平习出，同时Ｂ球被松开，做自由落体运动，无论Ａ球的初速度大小如何，也无论两球开始距地面高度如何，两球总是同时落到地面，这个实验()A.只能说明上述规律中的第（1）条B.只能说明上述规律中的第（2）条C.不能说明上述规律中的任何一条D.能同时说明上述两条规律2、如图所示，匀强磁场的边界为矩形abcd，已知ab>ac。一束带正电的粒子以不同的速度v沿cd边从c点射入磁场，不计粒子的重力，关于粒子在磁场中的运动情况下列说法中正确的是（）A.入射速度越小的粒子，其运动时间越长B.从ac边出射的粒子的运动时间都相等C.从ab边出射的粒子速度越大，运动时间越短D.粒子不可能从bd、cd边出射3、在下列各图中，已标出了磁场B的方向、通电直导线中电流Ι的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其中符合左手定则的是（）4、读图；回答20-23题。

第24届冬季奥林匹克运动会将于2022年在北京举行。高山滑雪是冬奥会的一个比赛项目，因速度快、惊险刺激而深受观众喜爱。在一段时间内，运动员始终以如图所示的姿态加速下滑。关于运动员的受力情况，下列说法中正确的是（）A.运动员受到沿雪道向下的摩擦力B.运动员受到沿雪道向上的摩擦力C.运动员受到竖直向上的支持力D.运动员受到沿雪道向上的支持力5、点电荷Q1、Q2分别固定在x轴上的原点O处和x＝5d处，正点电荷q（不计重力）从x＝d处以初速度v0沿x轴正方向运动，其速率v与在x轴上的位置关系如图所示；则下列判断正确的是（）

A.点电荷Q1带负电荷、Q2带正电荷B.点电荷Q1、Q2所带电荷量的绝对值之比为2：3C.点电荷q从x＝d处到x＝4d处的过程中，在x＝2d处的电势能最小D.从x＝d处到x＝4d处，电势先增大后减小6、（选修模块3-3）

下列说法中正确的是（）

A.小昆虫水黾可以站在水面上是由于液体表面张力的缘故。

B.悬浮在水中的花粉颗粒运动不是因为外界因素的影响；而是由于花粉自发的运动。

C.物体的内能是所有分子动能与分子势能的总和；物体内能可以为零。

D.天然水晶是晶体；但水晶熔化后再凝固就是非晶体．

7、如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电势差为U2的两块导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U1和U2的变化情况为（不计重力，不考虑边缘效应）A.d随U1变化，d与U2无关B.d与U1无关，d随U2变化C.d随U1、U2变化D.d与U1无关，d与U2无关8、如图四个电路中；能利用滑动变阻器较好地完成对灯泡分压作用的是（）

A.如图甲电路。

B.如图乙电路。

C.如图丙电路。

D.如图丁电路。

9、从太阳或其它星体上放射出的宇宙射线中含有大量的高能带电粒子.

这些高能带电粒子到达地球会对地球上的生命带来危害，但由于地球周围存在地磁场，地磁场能改变宇宙射线中带电粒子的运动方向，如图所示，对地球上的生命起到保护作用.

假设所有的宇宙射线从各个方向垂直射向地球表面，那么以下说法正确的是()A.地磁场对宇宙射线的阻挡作用各处都相同B.由于南北极磁场最强，因此阻挡作用最强C.沿地球赤道平面射来的高能正电荷向东偏转D.磁偏角娄脠

是地轴与地磁极线的夹角为一定值评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、Ⅰ在标准大气压下，水的沸点是100隆忙

用热力学温标可表示为______K

当水的温度从沸点下降到0隆忙

时，温度下降了______K

。(

非物理班同学做)

Ⅱ一物体沿x

轴做直线运动，其位移随时间的变化x=15+2t2(SI)(SI

表示国际单位制)

则该物体在0隆芦2

秒内的平均速度为____，第3

秒末的速度____。(

物理班同学做)

11、一个面积为S

的矩形线圈在匀强磁场中以其一条边为轴做匀速转动，磁场方向与转轴垂直，线圈中感应电动势e

与时间t

的关系图象如图所示，感应电动势的最大值和周期可在图中读出，则磁感应强度B=

______.

在t=T12

时刻，线圈平面与磁感强度的夹角______．12、(6分)某弹簧振子在水平面上做简谐运动，其位移x随t变化的关系为x＝Asinωt，振动图象如图所示，下列说法正确的是________。(填入正确选项前的字母)A．弹簧在第1s末与第5s末的长度相同B．简谐运动的圆频率是rad/sC．第3s末振子的位移大小是AD．从第3s末到第5s末，振子的速度方向发生变化13、在一个匀强电场中有M、N、P三点，它们的连线组成一个直角三角形，如图所示。MN=4cm，MP=5cm，当把电量为-2×10-9C的点电荷从M点移至N点时，电场力做功为8×10-9J，而从M点移至P点时，电场力做功也为8×10-9J。则电场的方向为_________________，电场强度的大小为________________V/m。14、400年前，一位德国天文学家提出了行星运动的三大定律，揭开了行星运动的奥秘．这位天文学家是______．15、有一个电流表G，内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=300μA要把它改装为量程3V的电压表，则应串联一个电阻阻值______Ω，要把它改装为0.6A量程的电流表，则改装后电流表的内阻______Ω。评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共4题，共32分)21、验证动量守恒实验装置的如图所示：

（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则______

A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2

C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2

（2）为完成此实验，以下所提供的测量工具中必须的是______．（双选填下列对应的字母）

A．刻度尺B．游标卡尺C．天平D．弹簧秤E．秒表．22、在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中：

垄脵

需要测量悬线长度；现用最小分度为1mm

的米尺测量，图中箭头所指位置是拉直的悬线两端在米尺上相对应的位置，测得悬线长度为______mm

．

垄脷

一组同学测得不同摆长L

单摆对应的周期T

将数据填入表格中，根据表中数据，在坐标纸上描点，以T

为纵轴，L

为横轴，作出做简谐运动的单摆的T鈭�L

图象.

根据作出的图象，能够得到的结论是______．

A.单摆周期T

与摆长L

成正比。

B.单摆周期T

与摆长L

成反比。

C.单摆周期T

与摆长L

的二次方根成正比。

D.单摆摆长L

越长；周期T

越大。

垄脹

另一组同学进一步做“用单摆测定重力加速度”的实验；讨论时有同学提出以下几点建议，其中对提高测量结果精确度有利的是______．

A.适当加长摆线。

B.质量相同；体积不同的摆球；选用体积较大的。

C.单摆偏离平衡位置的角度不能太大。

D.当单摆经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期．23、如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因数；其中电容器左侧极板和静电计外壳均接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开。

(1)

上移左极板；可观察到静电计指针偏角______(

选填“变大”；“变小”或“不变”)

(2)

本实验利用C=QU

研究平行板电容器电容的变化；实验原理中使用了一个近似，该近似是______

(3)

下列关于实验中使用静电计的说法正确的是有______

A.使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况。

B.使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况。

C.静电计可以用电压表替代。

D.静电计可以用电流表替代．24、有一个额定电压为2.8V

功率约为0.8W

的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的IU

图线，有下列器材供选用：

A.电压表(0隆芦3V

内阻6k娄赂)

B.

电压表(0隆芦15V

内阻30k娄赂)

C.电流表(0隆芦3A

内阻0.1娄赂)

D.

电流表(0隆芦0.6A

内阻0.5娄赂)

E.滑动变阻器(10娄赂,5A)

F.

滑动变阻器(200娄赂,0.5A)

G.蓄电池(

电动势6V

内阻不计)

(1)

用如实图所示的电路进行测量；电压表应选用______，电流表应选用______.

滑动变阻器应选用______.(

用序号字母表示)

(2)

通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如实图所示.

由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为______娄赂.

(3)

若将此灯泡与电动势6V

内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为______娄赂

的电阻.(

以上计算结果都保留二位有效数字)

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)25、（1）图甲中游标卡尺的读数是cm，图乙中螺旋测微器的读数是mm（2）电流表(0-0.6A)、电压表(0-15V)的某组示数如图所示，图示中I=A，U=____V。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【解析】试题分析：探究平抛运动的规律中，实验同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动，若两小球同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，而不能说明A球水平方向的运动性质．在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动，结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，故ACD错误，B正确．故选B．考点：研究平抛物体的运动．【解析】【答案】B2、B|C【分析】【解析】试题分析：从ac边出射的粒子的运动轨迹的圆心角都为180°，所以根据公式可得，这些粒子的运动时间相等，B正确，粒子运动时间跟其轨迹的圆心角有关，A错误，从ab边射出的粒子的速度越大，所对圆心角越小，所以所用时间越小，C正确，当速度大于某一值时，粒子会从bd边射出，D错误，考点：考查了粒子在磁场中的运动，【解析】【答案】BC3、A【分析】【解析】【答案】A4、B【分析】解：运动员受到重力；支持力和滑动摩擦力；滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，运动员相对雪道下滑，则滑动摩擦力方向沿雪道向上，而支持力是垂直雪道向上，故B正确，ACD错误。

故选：B。

采用隔离法；按顺序对运动员进行受力分析，一般按照重力；弹力和摩擦力的顺序分析，不能多出力，也不遗漏力。

解决本题的关键要掌握受力分析的一般顺序：重力、弹力和摩擦力。判断一个力是否存在常常根据力的物质性，即力是物体对物体的作用，一个力找不施力物体，这个是不存在的，是凭空想象出来的。【解析】B5、D【分析】【详解】

正点电荷从d到4d的过程，速度先减小后增大，则电场力先做负功后做正功，即从d到2d场强方向向左，从2d到4d场强方向向右，则x＝2d处合场强为零．由上面的分析结合场强的叠加可知点电荷Q1、Q2均带负电荷，故A错误；由x＝2d处和场强为零得：解得：Q1：Q2＝4：9，故B错误；由前面的分析知：点电荷q从x＝d处到x＝4d处的过程中，电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，所以x＝2d处的电势能最大，故C错误，由可知正电荷电势能越大则电势越大，因此在2d处电势最大，因此电势先增大后减小，D正确；6、A|D【分析】

A；凡作用于液体表面；使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力，小昆虫水黾可以站在水面上是由于液体表面张力的缘故，故A正确；

B；悬浮在水中的花粉颗粒运动是布朗运动；是液体分子碰撞的不平衡性造成的，故B错误；

C；物体的内能是所有分子动能与分子势能的总和；分子热运动平均动能不可能为零，故C错误；

D；某些物质有时表现为晶体；有时表现为非晶体，如天然水晶是晶体，但水晶熔化后再凝固就是非晶体，故D正确；

故选AD．

【解析】【答案】解决本题需掌握：

凡作用于液体表面；使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力；

悬浮微粒永不停息地做无规则运动的现象叫做布朗运动；

物体的内能是所有分子动能与分子势能的总和；温度是分子热运动平均动能的标志．

7、A【分析】试题分析：根据动能定理，在加速电场中有得带电粒子在偏转电场中水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做匀加速直线运动，设出射速度与水平夹角为θ，则有：而在磁场中做匀速圆周运动，设运动轨迹对应的半径为R，根据几何关系可得，半径与直线MN夹角正好等于θ，则有：所以又因为半径公式则有．故d随变化，d与无关，故A正确。考点：考查了带电粒子在电场中的加速和偏转【解析】【答案】A8、C【分析】

虽然甲；乙、丙三个电路在滑动滑动变阻器时；都能改变灯泡两端的电压，但是效果都不是很明显，且不能将灯泡两端的电压调节到零．

只有丙图是我们书上学过的分压电路；能将灯泡两端的电压从零调到最大值．

故选：C

【解析】【答案】考查的是分压电路的画法；分压电路的特点就是可以将用电器两端的电压从零调到最大值．

9、C【分析】【分析】根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向。

本题考查了地球磁场的分布特点和左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向，从而判断粒子的运动情况。【解答】高能带电粒子到达地球受到地磁场的洛伦兹力作用；发生偏转。不同的磁场，所受到的洛伦兹力大小不一，所以在南，北两极最强赤道附近最弱，故A错误；

高能带电粒子到达地球受到地磁场的洛伦兹力作用；发生偏转。不同的磁场，所受到的洛伦兹力大小不一，而磁场在南，北两极最强赤道附近最弱，则地磁场对垂直射向地球表面的宇宙射线的阻挡作用在南，北两极最弱，赤道附近最强，故B错误；

地磁场会使沿地球赤道平面内射来的宇宙射线中的带电粒子在洛伦兹力作用下向东偏转；偏向面与赤道平面平行，故C正确，D错误；

故选C。

【解析】C

二、填空题(共6题，共12分)10、（1）373100（2）412​【分析】(1)

【分析】本题考查了摄氏温标与热力学温标间的关系，摄氏温标与热力学温标的温差是相同的。摄氏温标与热力学温标是两种不同的温标，知道两种温标的标度方法，是解题的关键。【解答】摄氏温度的0隆忙

与热力学温度的273K

相同；但它们的温差是相等的，即摄氏温标与热力学温标的温差是相同的；

在标准大气压下；水的沸点是100隆忙

用热力学温标可表示为T=273+100=373K

当水的温度从沸点下降到0隆忙

时，温度下降了100隆忙

即下降100K

故答案为：373100

(2)

【分析】由位移公式和所给定表达式对应项相等，求出初速度以及加速度，再由速度公式分别求出2s3s

时的瞬时速度.

再由平均速度公式求出前2

秒的平均速度。本题就是对匀变速运动的位移公式和速度公式的直接考查，比较简单。【解答】由位移公式x=v0t+12at2

按时间对应项相等，可得v0=0a=4m/s2

由v2=at2v鈥�=v22

可得v鈥�=4m/s

由v3=at3

解得v3=12m/s

故答案为：412

【解析】(1)373100(1)373100(2)(2)412

11、略

【分析】解：由图象知周期为T

所以娄脴=2娄脨T

根据Em=NBS娄脴

解得：B=EmT2娄脨S

图象可知，线圈平行磁场开始转动，当在t=T12

时，则磁感强度方向与线圈平面夹角为30鈭�

即为娄脨6

故答案为：EmT2娄脨S娄脨6

．

从图象得出电动势的最大值；周期；算出角速度，根据Em=NBS娄脴

求解B

磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大．

本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力．【解析】EmT2娄脨S娄脨6

12、略

【分析】试题分析：在第1s末与第3s末的位移大小相等，方向相反，故弹簧的长度不同，故A错误；由图知简谐运动的周期T=8s，则圆频率故B正确；位移x随时间t变化的关系为x=Asinωt，第3s末振子的位移大小为：故C正确；x-t图象的切线斜率表示速度，可知从第3s末到第5s末，振子的速度方向并没有发生变化，故D错误。考点：振动图像【解析】【答案】BC13、略

【分析】试题分析：由电场力做功W=qU可知从M到P点由此可知NP两点电势相等，由电场线与等势线垂直，电场线由高电势指向低电势，可知电场线由N指向M方向，由E=U/d=100V/m考点：考查电场线与等势线的关系；本题难度较小，根据电场力做功情况判断等势线，根据电场线与等势线垂直，电场线由高电势指向低电势的规律再确定电场线方向即可【解析】【答案】N指向M方向，10014、略

【分析】解：开普勒在第谷观测的天文数据的基础上；研究总结得出了行星运动的三个定律；

且开普勒三定律的第一个说：所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆；太阳处在椭圆的一个焦点上；

故答案为：开普勒。

发现行星运动的三个定律的天文学家开普勒；从而即可分析解答．

对于物理学上重大发现、发明，要加强记忆，可以培养学习兴趣，还能学到科学精神．【解析】开普勒15、99000.05【分析】解：依据电表改装的特点，要改装成3V量程的电压表需串联电阻；则有：U=Ig（Rg+R）；解得需串联R=9900Ω；

若改成0.6A的电流表，应并联电阻分流，则有：R′=解得需并联0.05Ω的电阻，即总电阻R总=0.05；所以电流表的内阻0.05Ω。

故答案为：9900；0.05。

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题。

本题考查了电流表与电压表的改装，知道电表的改装原理、应用串并联电路规律以及欧姆定律即可正确解题。【解析】99000.05三、判断题(共5题，共10分)16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验探究题(共4题，共32分)21、略

【分析】解：（1）为保证两球发生对心正碰；两球的半径应相等，为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，故选C；

（2）小球离开轨道后做平抛运动；由于小球做平抛运动时抛出点的高度h相同；

则它们在空中的运动时间t相等，验证碰撞中的动量守恒，需要验证：m1v1=m1v1′+m2v2；

则：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1x1=m1x1′+m2x2，由图乙所示可知，需要验证：m1OP=m1OM+m2ON；

因此实验需要测量的量有：①入射小球的质量；②被碰小球的质量，③入射小球碰前平抛的水平位移，④入射小球碰后平抛的水平位移，⑤被碰小球碰后平抛的水平位移．实验需要刻度尺与天平，故选AC；

故答案为：（1）C；（2）AC．

（1）要使两球发生对心正碰；两球半径应相等，为防止入射球碰撞后反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量；

（2）根据实验原理选择实验器材．

本题考查了实验注意事项、实验器材的选择、数据处理，知道实验原理、实验注意事项即可正确解题；小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间相等，水平位移与初速度正正比，可以用水平位移表示初速度．【解析】C；AC22、987.0；D；AC【分析】解：垄脵

由刻度尺的读数可知；悬线的长度为98.70cm=987.0mm

．

垄脷

根据单摆的周期公式T=2娄脨Lg

知；T

与L

不是成线性关系，根据T鈭�L

图线无法得出单摆周期和摆长的定量关系，但是可以得出周期和摆长的定性关系，即单摆的摆长越长，周期T

越大.

故选：D

．

垄脹A

单摆的摆长越长；周期越大，适当加长摆长，便于测量周期.

故A正确．

B

要减小空气阻力的影响；应选体积较小的摆球.

故B错误．

C

单摆在摆角很小的情况下才做简谐运动，则单摆偏离平衡位置的角度不能太大，一般不超过5鈭�.

故C正确．

D

单摆周期较小；把一次全振动的时间作为周期，测量误差较大，应采用累积法，测多个周期的时间取平均值作为单摆的周期.

故D错误．

故选：AC

．

故答案为：垄脵987.0垄脷D

垄脹AC

垄脵

刻度尺的读数需读到最小刻度的下一位；

垄脷

根据单摆的周期公式得出周期与摆长的关系；

垄脹

为了减小测量误差；单摆摆长应适当长些，便于测量时间.

在空气阻力很小；摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动，应满足条件.

采用累积法，测量周期可以减小误差．

解决本题的关键掌握刻度尺的读数方法，掌握单摆的周期公式，知道T

与l

的关系，知道在图线中，只有线性关系图线才能得出物理量的定量关系．【解析】987.0DAC

23、略

【分析】解：(1)

根据电容的决定式C=?s4娄脨kd

知，上移左极板，正对面积S

减小，则电容减小，根据U=QC

知；电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大．

(2)

本实验利用C=QU

研究平行板电容器电容的变化；实验原理中使用了一个近似，该近似是认为电容器的带电量不变．

(3)AB

静电计可测量电势差；根据指针张角的大小，观察电容器电压的变化情况，无法判断电量的变化情况.

故A正确，B错误．

C；D

静电计与电压表、电流表的原理不同；不能替代.

静