2025年粤教版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选修3物理下册月考试卷127考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示的交流电压u=220sin100πtV，接在阻值R=220Ω的电阻两端；则（）

A.该交流电的频率为100HzB.电压表的读数为311VC.电流表读数为1AD.2s内电阻的焦耳热是880J2、如图所示，U形汽缸固定在水平地面上，用重力不计的活塞封闭着一定质量的气体，已知汽缸不漏气，活塞移动过程中与汽缸内壁无摩擦。初始时，外界大气压强为p0，活塞紧压小挡板。现缓慢升高汽缸内气体的温度，则选项图中能反映汽缸内气体的压强p随热力学温度T变化的图象是（）

A.B.C.D.3、关于物体的内能，下列说法正确的是（）A.水分子的内能比冰分子的内能大B.物体所处的位置越高分子势能越大C.一定质量的0℃的水结成的0℃冰，内能一定减少D.相同质量的两个同种物体，运动物体的内能一定大于静止物体的内能4、一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态，其p­T图像如图所示，其中对角线ac的延长线过原点O。下列判断正确的是（）

A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态a时的内能小于它在状态c时的内能C.在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功5、采用220kV高压向远方的城市输电．当输送功率一定时，为使输电线上损耗的功率减小为原来的输电电压应变为（）A.440kVB.110kVC.55kVD.880kV6、α；β和γ射线穿透物质的能力是不同的；为把辐射强度减到一半所需铝板的厚度分别为0.0005cm、0.05cm和8cm．工业部门可以使用射线来测厚度．如图所示，轧钢厂的热轧机上可以安装射线测厚仪，仪器探测到的射线强度与钢板的厚度有关，轧出的钢板越厚，透过的射线越弱．因此，将射线测厚仪接收到的信号输入计算机，就可以对钢板的厚度进行自动控制．如果钢板的厚度需要控制为5cm，请推测测厚仪使用的射线是。

A.α射线B.β射线C.γ射线D.可见光7、下列关于结合能和比结合能的说法正确的是（）A.组成原子核的核子数越多，它的结合能一定越小B.组成原子核的核子数越多，它的比结合能一定越大C.结合能越大，原子核就越稳定D.比结合能越大，原子核就越稳定评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图所示；在绝缘的斜面上方存在着水平向右的匀强电场，一带电金属块沿斜面滑下，已知金属块在滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是。

A.金属块的机械能增加32JB.金属块的电势能增加4JC.金属块带正电荷D.金属块克服电场力做功8J9、如图所示的电路中，当可变电阻R的值增大时（  ）

A.ab两点间的电压Uab增大.B.ab两点间的电压Uab减小.C.通过电阻R的电流IR增大.D.通过电阻R的电流IR减小.10、下列说法正确的是（）A.由于液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离，故液体表面存在张力B.把金片儿和铅片压在一起，经过足够长时间后，可发现金会扩散到铅中，但铅不会扩散到金中C.物体的温度升高，物体内分子的平均动能增大E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行11、如图（a），是一条电场线上的两点，将一个电子从点处由静止释放，电子从运动到过程中，它运动的图线如图（b）所示，则以下判断正确的是（）

A.该电场可能是匀强电场B.电子在点受到的电场力大于电子在点受到的电场力C.点的电势低于点的电势D.从运动到电子的电势能逐渐增大12、如图所示的电路，是定值电阻，是滑动变阻器，电源内阻不可忽略．闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动的过程中()

A.电压表示数变小B.电容器充电C.电源的总功率变大D.通过滑动变阻器的电流变小13、波源S在t=0时刻从平衡位置开始向上振动，形成向左、右两侧传播的简谐横波．S、a、b、c、和a'、b'、c'是沿波传播方向上的间距为1m的6个质点，t=0时刻各质点均处于平衡位置，如图所示．已知波的传播速度为8m/s，当t=0.125s时波源S第一次达最高点；则（）

A.任意时刻质点c与质点振动状态完全相同B.时质点a的速度正在减小C.时质点处于波谷E.若波源S向距它40m的接收器匀速靠近，接收器接收到的频率将大于2HzE.若波源S向距它40m的接收器匀速靠近，接收器接收到的频率将大于2Hz14、一束光线穿过介质1；2、3时；光路如图所示，则()

A.介质1的折射率最大B.介质2是光密介质C.光在介质2中的速度最大D.当入射角由45°逐渐增大时，在1、2分界面上可能发生全反射15、（1）在卢瑟福α粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看作静止不动，下列各图画出的是其中两个α粒子经历金箔散射过程的径迹，其中正确的是____．（填选图下方的字母）

（2）将静置在地面上，质量为M（含燃料）的火箭模型点火升空，在极短时间内以相对地面的速度v0竖直向下喷出质量为m的炽热气体．忽略喷气过程重力和空气阻力的影响，则喷气结束时火箭模型获得的速度大小是____．（填选项前的字母）A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图所示，在p-V图中有三条气体状态变化曲线，一定质量的理想气体可沿这三条路径从状态i到状态j，已知曲线1为绝热变化过程，气体内能变化分别为△U1、△U2、△U3，它们的大小关系是_____；气体对外界做功分别为W1、W2、W3，它们的大小关系是_____；气体从外界吸收的热量大小为Q1、Q2、Q3，它们的大小关系是_____。

17、如图，一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，已知状态A的压强为则状态B的压强___________；B到C过程中气体___________（选填“吸热”“放热”或“与外界无热交换”）．

18、如图所示，导线圈A水平放置，条形磁铁从其正上方向下移近(未插入)导线圈的过程中，导线圈A对水平面的压力将________．导线圈的面积有______趋势．（填“增大”,“不变”或“减小”）

19、如图，粗细均匀的长玻璃管竖直放置且开口向下，管内的水银柱封闭了一部分体积的空气柱．当外界大气压缓慢减小，水银柱将_______（上升、不动、下降）；若大气压减小△p，水银柱移动L1，大气压再减小△p，水银柱又移动L2，则：L1_______L2（选填“>”、“<”；“=”）．（保持温度不变）

20、如图所示，在水和汽达到动态平衡时，测得水柱长206mm，水银柱长723.3mm。已知大气压为760mmHg，则水的饱和汽压为________mmHg（计算结果保留1位小数）。如把图中的管上提1cm（未脱离水银槽），则管中水银面将________（填“上升”“下降”或“不变”），水的饱和汽压将________（填“变大”“变小”或“不变”）。（水银密度为13.6×103kg/m3）

21、卢瑟福的原子核式结构模型认为，核外电子绕原子核做高速的圆周运动．设想氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，且核外电子离原子核最近的轨道半径为经典物理学知识认为核外电子受到原子核对它的库仑力作用而做圆周运动，则氢原子的核外电子在此轨道上运动时的周期为______s，速度为_______m/s．（电子的质量为）22、如图所示，在水平向左的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线长度为L，一端拴一个质量为m电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点。把小球拉到使细线水平伸直的位置A然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平方向成θ=60°的位置B时速度为零。则电场强度E=_____________，小球运动过程中的最大速率为____________。

____评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

A．该交流电的频率

故A错误；

B．电压表的示数为交流电的有效值，故其示数为

故B错误；

C．电流表的读数为

故C正确；

D．2s内电阻产生的电热

故D错误。

故选C。2、B【分析】【分析】

【详解】

当缓慢升高汽缸内气体温度时，气体发生等容变化，根据查理定律可知，缸内气体的压强p与汽缸内气体的热力学温度T成正比，在p－T图象中，图线是过原点的倾斜的直线；当活塞开始离开小挡板时，缸内气体的压强等于外界的大气压，气体发生等压膨胀，在p－T图象中，图线是平行于T轴的直线；故ACD错误，B正确。

故选B。3、C【分析】【详解】

A．分子内能和温度；质量等因素有关，所以水分子的内能不一定比冰分子的内能大，A错误；

B．物体所在的位置越高；所具有的重力势能可能大，但分子势能不一定大，分子势能和分子间的作用力有关，B错误；

C．一定质量的0℃的水结成0℃的冰需要释放热量；而温度不变，所以内能一定减小，C正确；

D．内能与宏观运动无关；运动物体的内能不一定大于静止物体的内能，故D错误；

故选C。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．由ac的延长线过原点O知，直线Oca为一条等容线，气体在a、c两状态的体积相等；A正确；

B．理想气体的内能由其温度决定，a状态时温度较高，故在状态a时的内能大于在状态c时的内能；B错误；

C．过程cd是等温变化；气体内能不变，由理想气体状态方程可知，压强增大，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律知，气体对外放出的热量等于外界对气体做的功，C错误；

D．过程da气体温度升高；内能增大，由理想气体状态方程可知，温度升高，体积变大，气体对外做功，故从外界吸收的热量应大于气体对外界做的功，D错误。

故选A。5、A【分析】【详解】

本意考查输电线路的电能损失，意在考查考生的分析能力．当输电功率P=UI，U为输电电压，I为输电线路中的电流，输电线路损失的功率为P损=I2R，R为输电线路的电阻，即P损=．当输电功率一定时，输电线路损失的功率为原来的则输电电压为原来的2倍，即440V，故选项C正确．

点睛：本意以远距离输电为背景考查输电线路的电能损失，解题时要根据输送电功率不变，利用输电线路损失的功率P损=I2R解题．6、C【分析】【详解】

根据三种射线的穿透能力，α射线的穿透能力最弱，一张纸就可以把它挡住．γ射线穿透力最强，需要适当厚度的混凝土或铅板才能有效地阻挡．β射线的穿透能力介于α射线和γ射线之间，能穿透普通的纸张，但无法穿透铝板．因钢板的厚度需要控制为5cm，推测测厚仪使用的射线是γ射线；故选C；7、D【分析】A；从氢原子核到铁原子核；结合能逐渐增大，铁是平均结合能最大的原子核，之后结合能逐渐减小，因此组成原子核的核子数越多，它的结合能不一定越小，故A错误；B、质量中等的原子核，比结合能最大，因此组成原子核的核子数越多，它的比结合能不一定越大，故B错误；C、比结合能是结合能与核子数之比，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，结合能越大，比结合能不一定越大，故C错误；D、比结合能是结合能与核子数之比，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故D正确；故选D．

【点睛】本题考查了结合能和比结合能的区别，注意两个概念的联系和应用是关键；组成原子核的核子数越多，它的结合能不一定越小；组成原子核的核子数越多，它的比结合能也不一定越大．二、多选题(共8题，共16分)8、B:C【分析】【分析】

金属块滑下的过程中；电场力；重力和摩擦力做功引起动能变化，由动能定理求出电场力对金属块做功．根据电场力和摩擦力做功之和确定机械能的变化量．根据电场力做功，确定电势能的变化，并判断金属块的电性．

【详解】

在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：W电=-4J；所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J；由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故BC正确，D错误；在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，故A错误．故选BC．

【点睛】

解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．9、A:D【分析】【详解】

AB．当可变电阻R的阻值增大时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析知，干路电流减小，内电压和的电压均减小，则ab两点间电压增大；故A正确，B错误；

CD．ab两点间电压增大，则通过的电流增大，而干路电流减小，则通过R的电流减小；故C错误，D正确。

故选AD。10、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；故液体表面存在张力，故A正确；

B．一切物质的分子处于永不停息的无规则运动之中；当铅片与金片接触时，会有一些铅的分子进入金片，同时，金的分子也会进入铅片，故B错误；

C．温度是分子平均动能的标志；则温度升高，物体内分子平均动能增大，故C正确；

D．根据热力学第三定律知；绝对零度只能接近，不可能达到，故D错误；

E．根据热力学第二定律可知；一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，故E正确。

故选ACE。11、B:C【分析】【详解】

AB．图线的斜率表示加速度的大小，由图（b）可知，图线斜率在减小，则加速度在减小，根据牛顿第二定律可知，电场力变小，即电子在点受到的电场力大于电子在点受到的电场力，根据可知，电场强度变小，即故A错误B正确；

C．根据题意，由图（b）可知，电子从a到b做加速运动，则电场力方向从则场强方向由沿场强方向电势降低，故b点电势较大，即故C正确；

D．由图（b）可知，电子的动能增大，则电场力做正功，电势能减小，即从a到b电势能减小；故D错误。

故选BC。12、A:C【分析】【分析】

变阻器滑片移动时；分析总电阻的变化，判断总电流和路端电压的变化。根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律分析电容器两端电压变化情况，即可判断电容器的状态.

【详解】

A、当滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动时，R4变小，电路的总电阻变小，总电流I变大；内电压变大，则路端电压变小，因此电压表示数变小；故A正确.

B、电容器两端电压为：U=E-I（r+R2），I变大，故电容器两端电压U变小；带电量变小，电容器放电，故B错误；

C、电源的总功率P=EI，I变大，则P变大；故C正确.

D、根据串联电路分压规律知，变阻器两端的电压增小，通过R1的电流变小；而总电流变大，所以通过滑动变阻器的电流变大；故D错误.

故选AC.

【点睛】

本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化.13、A:D:E【分析】【详解】

S到c、c'的距离相同，故波源S的振动传播到c、c'所需时间相同，那么，任意时刻质点c与质点c'振动状态完全相同，故A正确；由t=0.125s时波源S第一次达最高点可得：振动周期T=0.5s，波从S传播到a所需时间从S传播到b'所需时间故t=0.28s时质点a的振动和S在t=0.155s时振动相同，故由周期可知：故质点a位移大于零，向平衡位置运动，故质点速度正在增大；t=2.375s时质点b'的振动和S在t=2.125s时振动相同，故由周期可知：故质点a在波峰位置，故BC错误；波传到c点时，质点c的振动和波源起振方向相同，故质点c向上振动，故D正确；波源振动周期T=0.5s，即频率f=2Hz，那么，若波源S向接收器靠近，接收器接收到的频率将大于2Hz，故E正确．14、C:D【分析】【分析】

根据光路图，首先判断出三种介质的折射率的大小关系，可判断折射率的大小，再结合光在介质中的传播速度与折射率的关系分析光在介质中速度的大小，由光发生全反射的条件可判断．

【详解】

A．由图可知，光从介质1射入介质2中折射角大于入射角，则介质1、2相比较有：n1>n2；光从介质2射入介质3中折射角小于入射角，则介质2、3相比较有：n2<n3，根据光的可逆性知，光从2射向1或从2射向3时，入射角相等，从折射角上可判断n3>n1，所以有n3>n1>n2；即介质3折射率最大，故A错误；

B．由对A的分析可知；相对来说，2是光疏介质，故B错误；

C．因2的折射率最小，由公式知；光在介质2中的传播速度最大，故C正确；

D．光从1到2是从光密介质到光疏介质；入射角小于折射角，在入射角逐渐增大时，在此界面上可能发生全反射，故D正确．

【点睛】

本题主要考查了折射定律和全反射的应用，根据公式分析，较为简单．15、C:D【分析】（1）金箔原子核带正电，与α粒子带同种电荷，彼此间相互排斥，又由曲线运动特征可知，α粒子所受金箔的排斥力应指向曲线的凹侧；故只有选项C正确．

（2）在不考虑重力和空气阻力影响的情况下，火箭及燃料气体系统在点火喷气过程中动量守恒，设喷气后火箭获得的速度为v，并以v的方向为正方向，根据动量守恒定律有：0=（M－m）v+m（－v0），解得：故选项D正确．

【考点定位】（1）考查对卢瑟福的α粒子散射实验现象的识记问题；属于容易题．

（2）本题考查了反冲运动、动量守恒定律的应用问题，属于容易题．三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

[1]．从状态i到状态j温度的变化相同，则内能变化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根据可知，p-V图像与坐标轴围成的面积等于做功的大小，则由图像可知W1<W2<W3

[3]．由题意可知Q1=0；根据热力学第一定律∆U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，则Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q317、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由题图可知，从状态A经过状态B为等温变化，则有

已知

解得

[2]由题图可知，B到C过程中，温度降低，内能减少，即

体积变小，则外界对气体做功，即

由热力学第一定律

可知

即气体放热。【解析】放热18、略

【分析】【详解】

条形磁铁从其正上方向下移近时；穿过线圈A的磁通量会增加，根据楞次定律知：线圈有向下运动的趋势，所以对地面的压力将增加，由于穿过线圈A的磁通量，根据楞次定律知道，此时线圈A的面积有减小的趋势，用来阻碍磁通量的增加．

综上所述本题答案是：增大；减小【解析】增大减小19、略

【分析】【详解】

设外界大气压为封闭气体的压强为封闭气体的横截面为S，气柱的长度为封闭水银柱受力平衡：解得由于气体的温度不变，所以的乘积应该是一定值，设为C，则解得当外界大气压降低相同的量时，根据函数关系可知气柱的长度会增加，且气柱移动的长度．【解析】下降<20、略

【分析】【详解】

[1]易知水银柱产生的压强为

设水柱产生的压强为p水，则

解得

根据平衡条件可得水的饱和汽压为

[2]把图中的管上提1cm；假设水银面高度不变，则水蒸气的压强不变；体积增大，不符合等温变化规律；假设水银面下降，则水蒸气的压强减小、体积增大，同样不符合等温变化规律。只有当水银面上升时，水蒸气的压强增大、体积减小，才可以符合等温变化规律。

[3]水的饱和汽压只与温度有关，所以把图中的管上提1cm，水的饱和汽压不变。【解析】21.6上升变小21、略

【分析】【详解】

[1]根据库仑力提供向心力

解得

[2]根据库仑力提供向心力

解得【解析】22、略

【分