2024年高考物理（广西卷）真题详细解读及评析

广西2024年高考物理广西卷试题依托《中国高考评价体系》,衔接高中课程标准，加强教考衔接。坚持素养立意，注重深化基础，丰富问题情境，增强探究性，突出思维考查，在夯实知识基础的同时发展物理学科核心素养。今年的高考广西卷物理试卷共15道物理试题，其中7道试题属于力学模块(5道选择题，1道实验题，1道计算题),5道试题属于电磁学模块(3道选择题，1道实验题1道计算题),1道热学试题(计算题),1道近代物理(选择题)和1道光学试题(选择题)。属于必修一、二、三的共7题，其中力学四题，电物理观念是物理学科核心素养的重要组成部分，也是学生适应未来学习和发展的重要知识基础。2024广西卷第1题以潮汐现象切入，引导学生分析自然现象，把握物理本质；第3题自由落体为命题情境，考2024年高考物理广西卷重视科学思维的考查，丰富试题的呈现形式、转换问题的表达方式、改变试题的设问方向等，引导学生从不同角度思考问广西卷第15题研究非摩擦形式的阻力模型，运用新的表述方式描述，很好地考查了学生的创新思维品实验是物理学的基础，实验教学是培养学生物理学科素养的重要途学探究能力。2024年高考物理广西卷注重科学探究考查，引导学生经历实验过程，体会科学研究方法，养成科学思维习惯。创新设问角度，注重考查基本实验原理、基本实验仪器、基本西卷第12题，将电容器充放电图像有机结合，增强实验开放性和探究性，鼓励多角度思考问题，经历科学1.试题情境创设更加丰富多元，如广西卷第1题，以潮汐现象切入，考查万有引力定律；第2题以利用斜面卸货为情景，考查摩擦力等。情境是学科评价的载体，也是学科点的考查融为一题，学生需通过分析物体作用的各个过程，正确运用对应的物理规律来解决问题，很好地3.题目的呈现方式别具一格。实验题第11题从传统的重力加速度测量、图像法处理实验数据，转化为考查摆球偏离平衡位置的位移x与时间t的关系。第12题从传统的充放电图像转化为计算t=1s时电容器两极板题号分值题型考查内容考查知识点14分万有引力定律24分利用斜面工人卸货摩擦力34分石块自由下落自由落体运动规律44分原子核衰变核反应、原子核组成54分带电粒子在匀强磁场中的运动速圆周运动64分电路、电阻率测量律74分带电小圆环在刚好圆弧上下滑静电力做功86分小球碰撞、平抛运动96分6分点6分实验题力学单摆实验游标卡尺读数规则单摆位移随时间变化关系式实验题电容器充放电实验知识点行匀变速直线运动规律热学计算题、汽缸模型气体实验定律、图像，考查学生灵活运用知识的能力电磁感应、非摩擦形式阻力电磁感应定律、安培力、有效和创新性，尤其强调了对思维品质和关键能力的考查要求。教学中要充分利装置、过程、数据处理和误差分析为主，进行实验拓展，提高实验探究能力。4.关键能力、思维品质和学科素养已经成为新高考的考查重心，开放性、探究性和创新性已成为高考命题的一般要求，而传统的解题套路化和题海战术在提高学生的关键能力、思维品质和学科素养上是低效率的乃至是背道而驰的。所以，有效应对新高考的策略应该是“授人以渔(加强关键能力和学科素养的训练，提升思维品质)”而非“授人以鱼(总结解题套路并实施题海战术)”。这里讲到的“授人以渔”是指通过长期(从初中开始)、规范、专业的针对性训练，培养学生一整套可迁移的包括关键能力和学科素养在内的高阶思维能力。这里提到的关键能力包括但不限于信息获取与加工、逻辑推理与论证、科学探究与思维建模、批判性思维与创新思维、语言组织与表达等。而学科素养是指在一个又一个的真实情境中通过完成特定的学科任务而展现出来或生成的综合品质。高考命题的“素养导向”就是通过特定的情境创设，考查学生调动、运用必备知识与关键能力、思维方法与思维品质、科学态度与责任完成特定学科任务的综合表现。只有通过系统规范的训练，掌握这一套关键能力和学科素养的“渔”,学生才能更好、更高效地应对新高考。图甲图乙A.2:3B.2:1【答案】B【解析】根据电阻定律根据欧姆定律△U=I·△R整理可得结合题图可知导体L₁、L₂的电阻率之比故选B7.如图，将不计重力、电荷量为q带负电的小圆环套在半径为R的光滑绝缘半圆弧上，半圆弧直径两端的M点和N点分别固定电荷量为27Q和64Q的负点电荷。将小圆环从靠近N点处静止释放，小圆环先后经过图上P₁点和P₂点，己知则小圆环从P点运动到P₂点的过程中()A.静电力做正功B.静电力做负功C.静电力先做正功再做负功D.静电力先做负功再做正功【答案】A【解析】设在小圆环在P、P₂间的任意一点P,PM与MN的夹角为α,根据几何关系可得带负电的小圆环在两个负点电荷电场中的电势能根据数学知识可知在37°≤α≤53°范围内，随着α的增大，小圆环的电势能一直减小，所以静电力做正功。故选A。8.如图，在光滑平台上有两个相同的弹性小球M和N。M水平向右运动，速度大小为v。M与静置于平台边缘的N发生正碰，碰撞过程中总机械能守恒。若不计空气阻力，则碰撞后，N在()A.竖直墙面上的垂直投影的运动是匀速运动B.竖直增面上的垂直投影的运动是匀加速运动C.水平地面上的垂直投影的运动速度大小等于vD.水平地面上的垂直投影的运动速度大小大于v【解析】由于两小球碰撞过程中机械能守恒，可知两小球碰撞过程是弹性碰撞，由于两小球质量相等，故碰撞后两小球交换速度，即碰后小球N做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，即水平地面上的垂直投影的运动速度大小等于v;在竖直方向上做自由落体运动，即竖直地面上的垂直投影的运动是匀加速运动。故选BC。9.如图，S为单色光源，S发出的光一部分直接照在光屏上，一部分通过平面镜反射到光屏上。从平面镜反射的光相当于S在平面镜中的虚像发出的，由此形成了两个相干光源。设光源S到平面镜和到光屏的距离分别为a和L,a<1,镜面与光屏垂直，单色光波长为入。下列说法正确的是()A.光屏上相邻两条亮条纹的中心间距)B.光屏上相邻两条暗条纹的中心间距)C.若将整套装置完全浸入折射率为n的蔗糖溶液中此时单色光的波长变为nλD.若将整套装置完全浸入某种透明溶液中，光屏上相邻两条亮条纹的中心间距为△x,则该液体的折射率为【答案】AD【解析】根据光的反射对称性可知光源S与平面镜中的虚像距离为2a,根据条纹间距公式可知若将整套装置完全浸入折射率为n的蔗糖溶液中，光的频率不变，根据λf=c其中c为在真空中的光速，则故C错误；若将整套装置完全没入某种透明溶液中，光屏上相邻两条亮条纹的中心间距为△x,根据条纹间距公式有可得结合C选项的分析可知所以10.如图，坚硬的水平地面上放置一木料，木料上有一个竖直方向的方孔，方孔各侧壁完全相同。木栓材质坚硬，形状为正四棱台，上下底面均为正方形，四个侧面完全相同且与上底面的夹角均为0。木栓质量为m,与方孔侧壁的动摩擦因数为H。将木栓对准方孔，接触但无挤压，锤子以极短时间撞击木栓后反弹，锤子对木栓冲量为I,方向竖直向下。木栓在竖直方向前进了△x的位移，未到达方孔底部。若进入的过程方孔侧壁发生弹性形变，弹力呈线性变化，最大静摩擦力约等于滑动摩擦力，则()A.进入过程，木料对木栓的合力的冲量为-IB.进入过程，木料对木栓的平均阻力大小约为C.进入过程，木料和木栓的机械能共损失了D.木栓前进△x后木料对木栓一个侧面的最大静摩探力大小约为【答案】BCD【解析】锤子撞击木栓到木栓进入过程，对木栓分析可知合外力的冲量为0,锤子对木栓的冲量为I,由于重力有冲量，则木料对木栓的合力冲量不为-I,故A错误；锤子撞击木栓后木栓获得的动能为木栓进入过程根据动能定理有解得平均阻力为C.木栓进入过程损失的机械能即为阻力做的功，所以D.对木栓的一个侧面受力分析如图fPOFN由于方孔侧壁弹力成线性变化，则有且根据B选项求得平均阻力又因为f=μF联立可得故D正确。o11.单摆可作为研究简谐运动的理想模型。(2)用游标卡尺测量摆球直径，测得读数如图丙，则摆球直径为cm;(3)若将一个周期为T的单摆，从平衡位置拉开5°的角度释放，忽略空气阻力，【答案】(1)摆长(2)1.06【解析】(1)选择图甲方式的目的是要保持摆动中摆长不变；(2)根据游标卡尺读数规则，可知摆球直径为d=1.0cm+6×0.1mm=1.06cm(3)根据单摆的周期公式可得单摆的摆长为以该位置为计时起点，根据简谐运动规律可得摆球偏离平衡位置的位移x与时间t的关系为12.某同学为探究电容器充、放电过程，设计了图甲实验电路。器材如下：电容器，电源E(电动势6V,内阻不计),电阻R₁=400.0Ω,电阻R₂=200.0Ω,电流传感器，开关S₁、S₂,导线若干。实验步骤如(1)断开S₁、S,,将电流传感器正极与a节点相连，其数据采样频率为5000Hz,则采样周期为S;(2)闭合S₁,电容器开始充电，直至充电结束，得到充电过程的I-t曲线如图乙，由图乙可知开关S₁闭合瞬间流经电阻R,的电流为mA(结果保留3位有效数字);(4)实验得到放电过程的I-t曲线如图丙，I-t曲线与坐标轴所围面积对应电容器释放的电荷量为0.0188C,则电容器的电容C为μF。图丙中I-t曲线与横坐标、直线t=1s所围面积对应电容器释放的电荷量为0.0038C,则t=1s时电容器两极板间电压为V(结果保留2位有效数字)。【答案】(1)(2)15.0(3)2【解析】(1)采样周期为(2)由图乙可知开关S闭合瞬间流经电阻R₁的电流为15.0mA;(3)放电结束后电容器两极板间电压等于R₂两端电压，根据闭合电路欧姆定律得电容器两极板间电压为(4)[1]充电结束后电容器两端电压为Uc=E=6V,故可得13.如图，轮滑训练场沿直线等间距地摆放着若干个定位锥筒，锥筒间距d=0.9m,某同学穿着轮滑鞋向右匀减速滑行现测出他从1号锥筒运动到2号锥筒用时t₁=0.4s,从2号锥筒运动到3号锥筒用时t₂=0.5s。求该同学(1)滑行的加速度大小；(2)最远能经过几号锥筒。【答案】(1)1m/s²;(2)4【解析】(1)根据匀变速运动规律某段内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知在1、2间中间时刻的速度为2、3间中间时刻的速度为故可得加速度大小为(2)设到达1号锥筒时的速度为v。,根据匀变速直线运动规律得代入数值解得从1号开始到停止时通过的位移大小为故可知最远能经过4号锥筒。14.如图甲，圆柱形管内封装一定质量的理想气体，水平固定放置，横截面积S=500mm²的活塞与一光滑轻杆相连，活塞与管壁之间无摩擦。静止时活塞位于圆管的b处，此时封闭气体的长度l。=200mm。推动轻杆先使活塞从b处缓慢移动到离圆柱形管最右侧距离为5mm的a处，再使封闭气体缓慢膨胀，直至活塞回到b处。设活塞从a处向左移动的距离为x,封闭气体对活塞的压力大小为F,膨胀过程曲线如图乙。大气压强Po=1×10⁵Pa。(1)求活塞位于b处时，封闭气体对活塞的压力大小；(2)推导活塞从a处到b处封闭气体经历了等温变化；(3)画出封闭气体等温变化的p-V图像，并通过计算标出a、b处坐标值。【答案】(1)50N;(2)见解析；(3)【解析】(1)活塞位于b处时，根据平衡条件可知此时气体压强等于大气压强Po,故此时封闭气体对活塞的压力大小为(2)根据题意可知图线为一条过原点的直线，设斜率为k,可得根据F=pS可得气体压强为故可知活塞从a处到b处对封闭气体得pV=p₀Sl₀PaVa=PbVb=P₀Sl₀r=r,r₂=4r,每个线圈的圆心角为π-β,圆心在转轴轴线上，电阻为R。不计摩擦，忽略磁场边界处(1)不同时间线圈M₁受到的安培力大小；(2)流过线圈M₁的电流有效值；(3)装置K消耗的平均电功率。【答案】(1)见解析；(2)【解析】(1)由题意知大齿轮以@的角速度保持匀速转动，大小齿轮线速度相等，则以线圈M₁ab边某次进入磁场