2025年新世纪版必修三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修三物理下册阶段测试试卷401考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、智能扫地机器人成为许多家庭喜爱的电子产品，某型号的智能扫地机器人电动机的额定工作电压为12V，正常工作时的额定功率为40W，其所用锂电池的容量为5000mAh，当扫地机器人工作到电池剩余容量为总容量的20%时会停止扫地，然后自动充电已知机器人电动机的线圈电阻为则下列说法正确的是（）A.机器人正常工作时的电流为B.工作时，机器人的发热功率为C.锂电池的内阻为D.机器人可以连续正常工作的时间为2、在内通过导体横截面的电量是则流经导体的电流是（）A.B.C.D.3、两个相同的金属小球，带电荷量分别为+Q和+3Q（均视为点电荷），相距为d时，它们之间的库仑力大小为F。现让两小球接触后再放回原处，它们之间的库仑力大小为（）A.FB.FC.FD.F4、空间固定有两个完全相同带等量电荷的小球A、B（均可看成点电荷）间的相互斥力为F，现将另一个完全相同的不带电小球C先后与A、B接触一下后拿走，则此时A、B两小球间的作用力大小为（）A.B.C.D.5、学习物理除了知识的学习外，还要领悟并掌握处理物理问题的思想与方法。下列关于物理学中的思想方法，叙述不正确的是（）A.在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想B.伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验法C.在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法D.在计算带电体间的相互作用力时，若电荷量分布对计算影响很小，将带电体看做点电荷采用了“理想化模型法”。6、如图所示，将悬挂在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内不与C的内壁接触在C附近另外有一个悬挂在细线上的带负电的小球B，则（）

A.A，B两球均不偏离竖直方向B.A球不偏离竖直方向，B球向右偏离竖直方向C.A球向左偏离竖直方向，B球不偏离竖直方向D.A球向左偏离竖直方向，B球向右偏离竖直方向7、如图所示，在固定的等量异种点电荷连线上，靠近负点电荷的P点处释放一初速度为零的带负电荷的质点；则带电质点在运动过程中（ ）

A.加速度越来越大B.动能越来越大C.电势能逐渐增大D.所通过各点处的电势越来越低8、如图所示的电路中，两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断；其余用电器均不会损坏，开关始终处于闭合状态，则下列说法正确的是（）

A.电流表、电压表的读数均变小B.电源内阻消耗的功率变大C.液滴将向上运动D.电源的输出功率变大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、图甲中一半径为R的圆形面内沿竖直直径放置一通电直导线，图乙中平行放置三根通电直导线，间距均为a，图丙中在边长为a的正方形的四个顶点分别放置垂直纸面的通电直导线，导线间距离及导线中电流的大小和方向已在图中标出。已知电流为I的通电直导线在距离直导线r处产生的磁场的磁感应强度大小为下列说法正确的是（）

A.图甲中圆形区域的磁通量为零B.图乙中通有电流的直导线所受安培力为零C.图丙中O点的磁感应强度大小为D.图乙中调节大小，三根直导线所受安培力可能都为零10、如图所示，A、B是两个固定的异种点电荷，分别以A、B为圆心的两个圆相交于C、D两点，与A、B连线分别相交于E、F两点，将一个带电粒子沿圆弧CED运动；电势能先增大后减小，则该带电粒子（）

A.与点电荷A带异种电荷B.与点电荷A带同种电荷C.沿CFD运动.电势能先减小后增大D.沿CFD运动，电势能先增大后减小11、如图所示，平行的实线代表电场线，方向未知，电荷量为1×10﹣2C的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由A点移到B点，动能损失了0.1J，若A点电势为﹣10V；则下列说法不正确的是（）

A.B点电势为零B.电场线方向向右C.电荷运动的轨迹可能是图中曲线aD.电荷运动的轨迹可能是图中曲线b12、图中虚线是某电场中的一簇等势线。两个带电粒子从P点均沿等势线的切线方向射入电场；粒子运动的部分轨迹如图中实线所示。若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（）

A.a点的电势比b点的电势低B.两个带电粒子电性必定相反C.粒子从P运动到a的过程中，电势能减小D.粒子从P运动到b的过程中，电势能减小13、如图所示，两个截面不同长度相等的均匀铜棒接在电路中，两端电压为则（）

A.通过两棒的电流强度相等B.两棒自由电子定向移动的平均速率相同C.两棒内的电场强度不同，细棒内场强大于粗棒内场强D.细棒的电压大于粗棒的电压14、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R的滑动触头，G为灵敏电流表，A为理想电流表。开关S闭合后，C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态。则若将P向上移动；过程中下列说法正确的是（）

A.油滴带负电B.A表的示数变大C.油滴向上加速运动D.G中有由a→b的电流15、中国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了：“方家（术士）以磁石磨针锋；则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意图如图所示。结合上述材料，下列说法正确的是（）

A.地球内部也存在磁场，地磁南极在地理南极附近B.结合地球自转方向，可以判断出地球是带负电的C.地球表面任意位置的磁场方向都与地面平行D.因地磁场影响，在进行奥斯特实验时，通电导线南北放置时实验现象最明显16、在如图所示的电磁感应实验中，线圈与检流计组成闭合电路，线圈与电池、滑动变阻器、开关组成闭合电路，线圈置于线圈中。在实验中；以下的实验现象应该出现的是（）

A.在闭合开关的瞬间检流计指针将发生偏转，然后指针偏转角度维持不变B.在闭合开关的瞬间检流计指针将发生偏转，然后指针又回到零刻度C.闭合开关后，滑动变阻器滑片向右或向左移动过程中，检流计指针都将发生编转D.在断开开关的瞬间，检流计指针不发生偏转评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、电容的单位是F，10F=_________μF=________pF。18、作用：使导体两端始终存在______。19、特点：温度升高时，热辐射中波长较______的成分越来越强。20、如图所示，绝缘墙角固定了带电量为+的小球A；轻质绝缘细杆长为L，其正中心固定了质量为m、带电量为+的小球B，在杆底部水平力F的作用下静止靠在竖直墙面上。一开始轻杆与水平地面的夹角为60°，在杆底端水平外力F的作用下，杆缓慢转向直至竖直。此过程中，不计摩擦，地面对杆的支持力将________________（填“逐渐增大”、“逐渐变小”或“保持不变”），外力F做功大小为________________。

21、实验探究：利用如图所示的装置探究影响电荷之间相互作用力的因素。

实验结论：电荷之间的作用力随着电荷量的增大而__________，随着距离的增大而__________。22、如图是某区域的电场线图，A、B是电场中的两个点，由图可知电场强度EA______EB（填“＞”或“＜”），将一个正点电荷先后放在A、B两点，它所受的电场力FA______FB（填“＞”或“＜”）。23、电压表是由小量程电流表改装而成，如图为电压表的内部结构图．小量程电流表G的电阻Rg=10Ω，满偏电流Ig=3mA，接ab两接线柱时电压表量程为3V，接ac两接线柱时电压表量程为15V．则R1=___________Ω，R2=___________Ω．

24、一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升重力为4N的物体时，通过电动机的电流是0.2A，在30s内可将该物体匀速提升3m。若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，则电动机的输入功率为________；线圈的电阻为________。评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)25、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

26、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短27、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)28、某学习小组为测量一铜芯电线的电阻率，他们截取了一段电线，用米尺测出其长度为L，用螺旋测微器测得其直径为D，用多用电表测得其电阻值约为为提高测量的精度，该小组的人员从下列器材中挑选了一些元件，设计了一个电路，重新测量这段导线(用表示)的电阻．

A．电源(电动势为3.0V；内阻不计)

B．电压表(量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ)

C．电压表(量程为0～15.0V；内阻约为6kΩ)

D．电流表(量程为0～0.6A；内阻约为1Ω)

E．电流表(量程为0～3.0A；内阻约为0.1Ω)

F．滑动变阻器(最大阻值10Ω，额定电流2.0A)

G．滑动变阻器(最大阻值1kΩ；额定电流1.0A)

H．开关S一个；导线若干。

（1）如图所示是该实验小组用螺旋测微器对铜芯线直径的某次测量，其读数是________mm.

（2）实验时电压表选________，电流表选________，滑动变阻器选________．(只填代号)

（3）为提高实验的精确度，请你为该实验小组设计电路图，并画在下面的方框中_______．

（4）某次测量时，电压表示数为电流表示数为则该铜芯线材料的电阻率的表达式_____________29、实验室提供以下器材测量电流计G的内阻：

A．待测电流计G（0–10mA，内阻约300Ω）；B．电压表V（0-15V；内阻约3KΩ）；

C．电流表A（0-15mA，内阻约100Ω）；D．定值电阻R1(300Ω)；

E．定值电阻R2(10Ω)；F．滑动变阻器R3(0-1000Ω)；

G．滑动变阻器R4(0-15Ω)；H．干电池（4.5V；内阻不计）；

I．电键S及导线若干．

某同学设计了如图甲；乙所示两个测量电路；

(1)用图甲电路测量时误差较大，原因是_____；

(2)用图乙电路进行实验时，滑动变阻器应选用_____，定值电阻应选用____（选填器材前的字母）；

(3)请用笔画线代替导线，将丙图的电路正确连接____________．

(4)按电路图乙连接实验，记录待测电流计的读数I、电路中另一个电表的读数x；移动滑动变阻器的滑片，获得多组I、x的值．以I为纵坐标，x为横坐标，作出如图丁所示的图线，若图线的斜率为k，则待测电流计G内阻为_____．该实验测得电流计G的内阻测量值与真实值相比_____（偏大、偏小、相等）．30、某同学欲测一电阻RX（阻值约300Ω）的阻值；可供选择的仪器有：

电流表A1：量程10mA

电流表A2：量程0.6A

电压表V1：量程3V

电压表V2：量程15V

电源电动势为4.5V；不计内阻。

该同学先按图接好电路，闭合S1后，把S2拨至a时发现，两电表指针偏转的角度都在满偏的处；把开关S2拨至b时发现，其中一个电表的指针偏角几乎不变，另一个电表的指针偏转到满偏的处，则该同学在实验中应选用的电压表为_____，应选用的电流表为_____，RX的测量值为_____Ω。评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)31、如图所示，竖直平面内光滑绝缘轨道由段水平和段的半圆组成，两部分相切于点，整个轨道处在竖直向下的匀强电场中。水平轨道上一不带电的绝缘小球甲以速度水平向右运动，与静止在点带负电的小球乙发生弹性正碰。已知半圆轨道半径电场强度甲、乙两球的质量均为乙所带电荷量取水平轨道足够长，甲；乙两球可视为质点，整个运动过程无电荷转移。

（1）若甲、乙两球碰撞后，乙恰能通过轨道的最高点求乙球在点被碰后的瞬时速度大小及碰前甲球的速度大小

（2）甲仍以（1）中的速度向右运动，增大甲的质量，保持乙的质量不变，求乙在轨道上的首次落点到点的距离范围。

32、如图，长l=1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个质量m=4.0×10-4kg的带电小球（可视为质点），小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ=已知匀强电场的场强E＝3.0×103N/C，取重力加速度g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8；求：

(1)小球所带电荷的电荷量和电性；

(2)细绳对小球的拉力的大小；

(3)将电场改为竖直向上；大小不变，小球回到最低点时速度的大小。

33、如图所示，已知电源电动势E=20V，内阻r=1Ω，当接入固定电阻R=4Ω时，电路中标有“3V4.5W”的灯泡L和内阻的小型直流电动机恰能正常工作，求：

(1)电路中的电流强度。

(2)电源的总功率。

(3)电动机的额定工作电压。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A.机器人正常工作时的电流为A项错误；

B.由于不知道锂电池的内阻因此无法求机器人的发热功率；B项错误；

C.由于锂电池的电动势未知；无法求锂电池的内阻，C项错误；

D机器人可以连续正常工作的时间为

D项正确.

故选D。2、B【分析】【详解】

根据电流的定义

可得流经导体的电流

故选B。3、A【分析】【详解】

开始时

让两小球接触后则两球各带电量为2Q，则它们之间的库仑力大小为

故选A。4、C【分析】【分析】

【详解】

设A、B带正电荷+q，A、C相接触分开后，A、C分别带正电荷然后B、C相接触分开后，B、C分别带正电荷根据库仑定律，原来的库仑力为

变化后的库仑力

ABD错误；C正确。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想；故A正确，不符合题意；

B．伽利略在研究自由落体运动时采用了逻辑推理的方法；故B错误，符合题意；

C．在探究加速度与力；质量的关系实验中使用了控制变量法；故C正确，不符合题意；

D．在计算带电体间的相互作用力时；若电荷量分布对计算影响很小，将带电体看做点电荷采用了“理想化模型法”，故D正确，不符合题意。

故选B。6、B【分析】【详解】

CD．由于静电屏蔽；小球B的电场对A无影响，小球A不会偏离竖直方向，选项CD错误；

AB．由于静电感应空心球C的内表面带负电；外表面带正电，小球B和空心球C之间异种电荷相吸引，小球B会偏离竖直方向向右靠近C球，选项A错误，B正确。

故选B。7、B【分析】【分析】

【详解】

A.两个等量异种电荷之间的电场线是中间疏；两边密，场强中间小，两边大，则负电荷所受的电场力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故A项错误；

B.靠近负电荷的P处释放一初速为零的带负电的质点；受到向左的电场力向左运动，电场力一定做正功，根据动能定理，动能逐渐增大，故B项正确；

C.根据电场力做功与电势能的关系可知；电场力做正功，电势能逐渐减小，故C项错误；

D.沿电场线方向电势逐渐降低，电场线由正电荷指向负电荷，逆着电场线运行，则粒子所通过的各点的电势越来越高，故D项错误．8、C【分析】【详解】

A．当灯泡L的灯丝突然烧断时，外电路电阻增大，回路中总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，回路中的总电流减小，内电压减小，路端电压增大，但R1两端的电压减小，则电容器两端电压增大，即R2和R3的总电压增大；流过它们的电流增大，所以电流表和电压表的读数均变大，故A错误；

B．由于回路中的总电流减小；所以电源内阻消耗的功率变小，故B错误；

C．电容器两端电压增大；其内部电场强度增大，电场力增大，液滴将向上运动，故C正确；

D．电源的输出功率的大小取决于外电阻和内电阻的关系；当二者相等时，电源的输出功率达到最大，根据题意无法确定内；外电阻关系，所以无法确定输出功率的变化，故D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)9、A:B:D【分析】【详解】

A．根据对称性可知；两个半圆内的磁通量大小相等方向相反，则图甲中圆形区域的磁通量为零，A正确；

B．根据同向电流相吸异向电流相斥及对称性可知，图乙中通有电流的直导线所受安培力等大反向；合力为0，所以B正确：

C．图丙中O点有四个磁场，其中对角的两个异向电流产生的磁感应强度方向相同，相互叠加后为

所以C错误；

D．根据

知当时；三根通电导线受到的安培力的合力均为零，D正确。

故选ABD。10、B:C【分析】【详解】

AB．带电粒子沿圆弧运动，电势能先增大后减小，表明点电荷对带电粒子先做负功后做正功，因此带电粒子与点电荷带同种电荷；A项错误，B项正确；

CD．由于两电荷带异种电荷，因此电荷与带电粒子带异种电荷，带电粒子沿运动时，电荷对带电粒子先做正功后做负功；因此带电粒子的电势能先减小后增大，C项正确，D项错误．

故选BC。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据

故

而

故

A正确；

B．由于该电荷从A点运动到B点；动能损失了0.1J，故电场力做负功，所以该正电荷所受的电场力水平向左，由于电场力向左，而正电荷所受电场力的方向与电场线的方向相同，故电场线方向向左，B错误；

CD．根据电场力指向轨迹的内侧，而电场力水平向左，故电荷运动的轨迹可能是图中曲线b；C错误D正确。

故选BC。12、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由等势面的分布可知，该电场是点电荷产生的，但不知道点电荷的电性，无法判断a、b两点的电势；故A错误；

B．根据轨迹的弯曲方向可知，a粒子受到中心点电荷的斥力，而b粒子受到中心电荷的引力，说明a粒子与中心点电荷的电性相同，b粒子与中心点电荷的电性相反；故两个带电粒子电性必定相反，故B正确；

C．粒子从P运动到a的过程中；电场力做正功，动能增大，电势能减小，故C正确；

D．粒子从P运动到b的过程中；电场力做正功，动能增大，电势能减小，故D正确。

故选BCD。13、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于两棒串联；所以电流相等，故A正确；

B．由。

I＝nqSv可知；两棒电流相等，而两棒横截面积不同，两棒的自由电子定向移动的平均速率不同，故B错误；

CD．由。

可知，细棒的电阻大，由串联分压原理可知细棒的电压U1大于粗棒的电压U2；又由。

可知细棒内场强E1大于粗棒内场强E2；故CD正确。

故选ACD。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．电容器上极板带正电；下级板带负电荷，油滴静止，电场力方向向上，则油滴带负电，A正确；

B．P向上移动，滑动变阻器的阻值变大，则外电路的总电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律

电流表A的示数变小；B错误；

C．P向上移动，滑动变阻器的阻值变大，则外电路的总电阻增大，则外电压增大，根据

电阻R1的两端电压变小，根据

增大；即电容器两端的电压增大，油滴受到的电场力增大，大于重力，油滴向上加速运动，C正确；

D．电容器两端的电压增大，根据

电容器充电，G中有由的电流；D错误。

故选AC。15、B:D【分析】【详解】

A．地球内部也存在磁场；地磁南极在地理北极附近；故A错误；

B．地球自转方向自西向东；地球的南极是地磁场的北极，由安培定则判断可知地球是带负电的，故B正确；

C．磁场是闭合的曲线；地球磁场从南极附近发出，从北极附近进入地球，组成闭合曲线，不是地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行，故C错误；

D．根据安培定则可知；导线的磁场方向与导线电流的方向垂直，可知因地磁场影响，在进行奥斯特实验时，通电导线南北放置时实验现象最明显，故D正确。

故选BD。16、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．在闭合开关的瞬间；线圈A中电流变大，产生磁场变大，穿过B的磁通量变大，检流计指针将发生偏转，稳定后，A产生的磁场不变，穿过B的磁通量不变，则B中没有感应电流，此时，检流计指针回到零刻度，故A错误B正确；

C．闭合开关后，滑动变阻器滑片向右或向左移动过程中；线圈A中电流变化，穿过B的磁通量变化，检流计指针都将发生偏转，故C正确；

D．在断开开关的瞬间；穿过B的磁通量消失，检流计指针将发生偏转，故D错误。

故选BC。三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【详解】

由于

因此【解析】107101318、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电势差19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】短20、略

【分析】【详解】

[1]轻杆受力图所示。

根据平衡条件有

根据库仑定律和几何知识有

可知库仑力F1不变，逐渐增大，则地面对杆的支持力N1将逐渐减小；

[2]外力F做功使轻杆的重力势能增加，则【解析】逐渐变小21、略

【解析】①.增大②.减小22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由图知B点的电场线比A点密，所以B点的电场强度大于A点的电场强度；故。

EA＜EB由电场力公式。

F=qE知。

FA＜FB【解析】＜＜23、略

【分析】【详解】

当接ab时：当接ac时：

代入数据解得：R1=990Ω；R2=4000Ω.

【点睛】

此题是关于电表改装问题；电流计改装成电压表只需串联分压电阻即可，刻根据欧姆定律进行相关的计算.【解析】990；4000；24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电动机的输入功率。

[2]电动机提升重物的速度。

电动机提升重物的机械功率。

则热功率为。

解得。

【解析】0.6W5四、作图题(共3题，共27分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】26、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD27、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】五、实验题(共3题，共24分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由图螺旋测微器可知；固定刻度所示为0.5mm，可动刻度示数为20.0×0.01mm=0.200mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0.200mm=0.700mm.

（2）[2][3][4]电源电动势为3.0V，电压表应选(量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ）,即选B；通过电线的最大电流约为

为准确测量，电流表应选电流表（量程为0～0.6A；内阻约为1Ω），即选D，为方便实验操作，应选最大阻值减小的滑动变阻器，则选F.

（3）[5]由于

则选用电流表外接法；滑动变阻器选用分压式或限流式均可待测电电阻较小；为保证电路安全，待测电阻应串联一个保护电阻，电路图如图所示．

（4）[6]铜芯材料电阻

则电阻率【解析】0.700BDF29、略

【分析】【详解】

(1)根据待测电流表量程和内阻可知：最大