2025年粤教新版必修2物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版必修2物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、将卫星发射至近地圆轨道1，经过多次变轨，将卫星送入同步轨道3，轨道1、2相切于Q点，2、3相切于P点；则当卫星分别在1；2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）

A.卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B.卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C.卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度D.卫星在轨道2上经过P点的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度2、如图所示，A、B是电风扇叶片上的两点。电风扇工作时A、B两点的角速度大小分别为线速度大小分别为则（）

A.B.C.3、如图，在一半径为R的球面顶端放一质量为m的物块，现给物块一初速度v0；则下列正确的是（）

A.若则物块落地点离A点B.若球面是粗糙的，当时，物块一定会沿球面下滑一段，再斜抛离球面C.若则物块落地点离A点为RD.若则物块落地点离A点至少为2R4、质量为m的小球在竖直向上的恒力F作用下由A位置静止开始向上做加速度为a的匀加速直线运动，在t秒末撤去F，再经过t秒小球又回到A点。不计空气阻力且小球从未落地，重力加速度为g，则以下说法中正确的是（）A.恒力F大小等于2mgB.恒力F对小球做功C.时间内重力的瞬时功率最大为D.全过程中恒力F做功和重力做功的和等于零5、将一个物体竖直向上抛出，考虑空气阻力的作用，物体的速度变化快慢与物体只受重力时不同。在一次实验中，测得物体的v-t图像如下图；根据图像中所给出的信息，以下说法中不正确的是（）

A.上升阶段的加速度比下落阶段的加速度大B.上升的最大高度为0.96mC.物体从最高点落回抛出点时间比从抛出点上升到最高点的时间短D.物体落回抛出点的速度比抛出时的初速度小6、关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是()A.开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B.开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C.开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D.开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、许多科学家对物理学的发展做出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、模型法、类比法和科学假说法，等等。以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是（）A.卡文迪许巧妙地运用扭秤测出引力常量，采用了放大法B.伽利略运用理想实验法说明了力是维持物体运动的原因C.在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫假设法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法8、如图所示，空中飞椅在水平面内做匀速圆周运动，飞椅和人的质量为m，运动半径为R，角速度大小为ω，钢绳与竖直方向的夹角为θ，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是。

A.运动周期为B.线速度大小为ωRC.钢绳拉力的大小为mω2RD.角速度θ与夹角的关系为gtanθ=ω2R9、科学研究显示，从2020年6月以来，地球自转速率呈加快趋势，假想地球自转的速率持续不断地增大，则（）A.成都市的物体所受重力与万有引力的夹角会发生改变B.赤道表面处的重力加速度大小减少C.第一宇宙速度减少D.同步卫星的高度变大10、斜面体上开有凹槽，槽内紧挨放置六个半径均为r的相同刚性小球，各球编号如图．斜面与水平轨道OA平滑连接，OA长度为6r．现将六个小球由静止同时释放；小球离开A点后均做平抛运动，不计一切摩擦,所有小球平抛中不相撞．则在各小球运动过程中，下列说法正确的是（）

A.球1的机械能守恒B.球6在OA段机械能增大C.球6的水平射程最小D.有三个球落地点位置相同11、如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置用来提升重物M，长杆的一端放在地上通过铰链联结形成转轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处，在杆的中点C处拴一细绳，通过两个滑轮后挂上重物M．C点与O点距离为现在杆的另一端用力，使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度缓缓转至水平（转过了90°角）；此过程中下述说法正确的是（）

A.重物M重力势能一直增大B.重物M作匀变速直线运动C.重物M的最大速度是D.重物M的动能先减小后增大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、狭义相对论说，在任意惯性参考系里，一切力学规律都是相同的（______）13、匀速圆周运动。

（1）定义：物体沿着圆周运动，并且线速度的______；这种运动叫作匀速圆周运动.

（2）性质：匀速圆周运动的线速度方向是在时刻______的，所以它是一种______运动，这里的“匀速”是指______不变.14、在如图所示的传动装置中，B、C两轮固定在一起绕同一转轴转动。A、B两轮用皮带传动，三轮半径关系为若皮带不打滑，求A、B、C轮边缘的a、b、c三点的角速度之比为___________，a、b、c三点的线速度之比___________。

15、“东方红一号”人造卫星绕地球运行的速度________（填“大于”“等于”或“小于”）第一宇宙速度，若卫星发射速度超过________卫星就能完全摆脱地球引力的束缚，成为绕太阳运行的人造卫星。16、在探究弹力做功与弹性势能变化的关系时：如图所示，物体与弹簧相连，物体在点时弹簧处于原长，现在物体上施加一水平推力F，使物体缓慢压缩弹簧到处静止释放，物体会由向A运动；则：

（1）物体由向A运动的过程中，弹力做______（填“正”或“负”）功，弹性势能______（填“增大”或“减小”）。

（2）水平面光滑，使物体缓慢压缩弹簧，当推力做功为时，弹簧的弹力做功______J，以弹簧处于自然长度时为零势能点，则此时弹簧的弹性势能为______J17、如图，倾角为θ的光滑斜面固定在地面上，长为l、质量为m，质量分布均匀的软绳置于斜面上，其上端与斜面顶端齐平．用细线将质量为m的物块与软绳连接，物块由静止释放后向下运动，直到软绳刚好全部离开斜面（此时物块未达到地面）．则在此过程中，软绳重力势能的减少量为___________，该减少量_______软绳动能的增加量（选填“大于”；“等于”、“小于”）。

评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)18、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

19、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

20、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

21、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)22、用如图1所示的实验装置做“研究平抛物体的运动实验。

（1）以下是关于本实验的一些做法，其中合理的选项有________和________

A.应使坐标纸上竖线与重垂线平行B.斜槽轨道须选用光滑的。

C.斜槽轨道末端须调整水平D.应将坐标纸上确定的点用直线依次连接。

（2）若用每秒可以拍摄20张照片的相机连拍小球做平抛运动的几张连续照片，在坐标纸高0.5m的条件下，最多可以得到小球在坐标纸上的位置点为________

A.3个B.7个C.16个D.60个。

（3）小球水平抛出后，在部分坐标纸上得到小球的位置点如图2所示。图中坐标纸每小格的边长为l，和是小球平抛连续经过的3个点。已知重力加速度为g。则小球从运动到所用的时间为________，小球抛出后的水平速度为________。

（4）在研究匀变速直线运动的过程中，用计算匀变速直线运动的加速度，某同学通过研究发现该表达式也适用于平抛运动。接（3），设从到的时间为T，试推导从到的位移与从到的位移的矢量差等于（g为重力加速度）()评卷人得分六、解答题(共1题，共7分)23、如图所示，直导轨AB与半径为R的圆弧轨道相切于B点，整个轨道光滑，且处在竖直平面内，不计空气阻力。一质量为m的小滑块从离地面高度为的A处无初速度下滑，重力加速度为g；求：

(1)滑块到达C点时的速度大小；

(2)滑块到达C点时对轨道的压力大小。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据万有引力提供向心力得

轨道3半径比轨道1半径大；卫星在轨道1上线速度较大，故A错误；

B．卫星在圆轨道上圆周运动时，万有引力提供圆周运动向心力，根据

可得角速度

可知半径大的角速度小；所以卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度，故B错误；

CD．根据牛顿第二定律得

可知

所以卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道3上经过Q点时的加速度，卫星在轨道2上经过P点的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度；故C错误，D正确。

故选D。2、C【分析】【详解】

由图可知A、B是电风扇叶片上的两点，同轴转动，则角速度相等，即

根据

可知

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．在最高点，根据牛顿第二定律得

解得

知物体在顶部仅受重力，有水平初速度，做平抛运动，则

则水平运动的位移

故A错误；

B．当时，在最高点，根据牛顿第二定律得

解得

如果1；物块受到的摩擦力足够大；物块可能滑行一段距离后停止；2、如果物块受到的摩擦力处于临界状态，可能刚好滑到边沿竖直下抛；3、如果摩擦力再减少的话就可能在某一位置斜下抛，故B错误；

C．当时；物块也可能做圆周运动，故C错误；

D．若由A的分析可知，水平位移

故D正确。

故选D。

【名师点睛】

在最高点，物体沿半径方向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律判断是否有支持力，从而判断物体的运动情况即可解题。4、B【分析】【详解】

A．小球在恒力F的作用下上升的位移为

经过t获得的速度为

撤去外力后经过时间t回到A点，则有

联立解得

由牛顿第二定律可得

解得

故A错误；

B．恒力F对小球做功

故B正确；

C．根据题意可知，小球先向上做匀加速直线运动，后在重力作用下减速为0后自由落体，可知小球下落回到A点时速度最大，大小为

则时间内重力的瞬时功率最大为

故C错误；

D．由重力做功特点可知，全过程中重力做功为0，所以全过程中恒力F做功和重力做功的和不为零；故D错误。

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据v-t图像的斜率等于加速度；斜率越大，加速度越大，可知上升阶段的加速度比下落阶段的加速度大，故A正确，不符合题意；

B．物体在0~0.4s内上升，由图像与时间轴所围的面积表示位移，可得最大高度为

故B正确；不符合题意；

C．物体从最高点落回抛出点时的位移与从抛出点上升到最高点的位移大小相等，由v-t图像面积表示位移得出物体从最高点落回抛出点时比从抛出点上升到最高点的时间长；故C错误，符合题意；

D．由于空气阻力做负功；物体的机械能减小，则物体落回抛出点的速度比抛出时的初速度小，故D正确，不符合题意。

故选C。6、B【分析】试题分析：开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上；总结出了行星运动的规律，但并未找出了行星按照这些规律运动的原因；牛顿在开普勒行星运动定律的基础上推导出万有引力定律，故ACD错误，B正确．故选B．

考点：物理学史。

【名师点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．二、多选题(共5题，共10分)7、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．卡文迪许巧妙地运用扭秤测出引力常量；采用了放大法，故A正确；

B．伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法；故B错误；

C．在不需要考虑物体本身的形状和大小时；用质点来代替物体的方法叫理想模型法，故C错误；

D．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，故D正确。

故选AD。8、B:D【分析】【详解】

A．运动的周期：

A错误；

B．根据线速度和角速度的关系：

B正确；

CD．对飞椅和人受力分析：

根据力的合成可知绳子的拉力：

根据牛顿第二定律：

化解得：C错误，D正确。

故选BD。9、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．在成都市；物体受到的万有引力提供物体随地球自转的向心力和重力，是两个力的合力，当自转速度增大时，向心力变大，万有引力不变，则重力变小，重力与地心引力的夹角会发生变化，故A正确；

B．赤道上；当自转速度增大时，物体受到万有引力不变，向心力变大，重力减小，重力加速度变小，故B正确；

C．根据万有引力提供向心力，第一宇宙速度与地球自转无关，故第一宇宙速度不变，故C错误；

D．根据万有引力提供向心力，有

可得到同步卫星离地面的高度

同步卫星做圆周运动角速度与地球自转角速度相同，故ω增大，h减小；故D错误。

故选AB。10、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

6个小球都在斜面上运动时；只有重力做功，整个系统的机械能守恒．当有部分小球在水平轨道上运动时，斜面上的小球仍在加速，球2对1的作用力做功，故球1的机械能不守恒，故A错误；球6在OA段运动时，斜面上的球在加速，球5对球6的作用力做正功，动能增加，机械能增大，故B正确；由于有部分小球在水平轨道上运动时，斜面上的小球仍在加速，所以可知离开A点时球6的速度最小，水平射程最小，故C正确；由于离开A点时，球6的速度最小，水平射程最小，而最后三个球在水平面上运动时不再加速，3；2、1的速度相等，水平射程相同，落地点位置相同，故D正确．

故选BCD.11、A:C【分析】【详解】

A.重物M一直在上升；其重力势能一直增大，故A正确．

BCD.C点线速度方向与绳子方向的夹角为（锐角），由题知C点的线速度为

该线速度在绳子方向上的分速度就为

的变化规律是开始最大（90°）然后逐渐变小，逐渐变大，直至绳子和杆垂直，变为零度，绳子的速度变为最大，为

然后，又逐渐增大，逐渐变小，绳子的速度变慢．所以知重物的速度先增大后减小，作非匀变速直线运动，M的最大速度为．则重物M的动能先增大后减小．故C正确；BD错误．

三、填空题(共6题，共12分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

狭义相对论的两个基本假设：①狭义相对性原理，即在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的；②光速不变原理，即真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的。故题干说法正确。【解析】正确13、略

【分析】【详解】

略【解析】①.大小处处相等②.变化③.变速④.速率14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由于A轮和B轮是皮带传动，皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同，故

即

由角速度和线速度的关系式

则

可得，由于B轮和C轮共轴，故两轮角速度相同，即

故

即

[2]由角速度和线速度的关系式

可得

即【解析】15、略

【分析】【详解】

[1]第一宇宙速度是环绕地球做圆周运动的最大速度；是地球上的物体成为地球的卫星的最小发射速度，所以“东方红一号”人造卫星绕地球运行的速度小于第一宇宙速度；

[2]卫星就能完全摆脱地球引力的束缚，成为绕太阳运行的人造卫星其发射速度需要大于第二宇宙速度，即超过【解析】小于11.216、略

【分析】【详解】

（1）[1]物体由向运动的过程中；弹簧压缩，弹力水平向右，位移水平向左，弹力做负功。

[2]根据功能关系

所以弹性势能增大。

（2）[3]使物体缓慢压缩弹簧，所以物体处于动态平衡，则有弹簧的弹力做功

[4]根据功能关系，则有弹簧的弹性势能为【解析】负增大1517、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]软绳的重心未下落之前距顶端的距离为下落后中心距顶端距离为所以重力势能减少量为

[2]由于细线对软绳做了正功，软绳机械能增加，故软绳重力势能减少量小于动能增加量。【解析】小于四、作图题(共4题，共36分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

小球滑到达管道的顶端，设小球受重力和管道的作用力，则

由于

所以

说明小球在管道最高点不受管道的作用力；仅受重力作用，故小球的受力示意图为。

【解析】19、略

【分析】【分析】

【详