2025年北师大版九年级物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版九年级物理下册阶段测试试卷279考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列物态变化过程中放热的是（）A.正在消融的冰山B.寒冬，冰冻的衣服也能晾干C.太阳出来后雾消散了D.冬天从室外走进温暖的屋内时眼镜模糊2、如图所示；用拉力F使物体竖直匀速上升，下列说法正确的是（）

A.拉力对物体做的功是额外功。

B.拉力F做的功是有用功。

C.增加物体重力可以增加滑轮组的机械效率。

D.拉力F移动的距离是物体移动距离的2倍。

3、如图是一种充电鞋的结构示意图．当人走动时，会驱动磁性转子旋转，使线圈中产生电流，产生的电流进入鞋面上锂聚合物电池．这种充电鞋的工作原理是（）A.电磁感应现象B.电流的磁效应C.磁极间的相互作用D.通电线圈在磁场中受力转动4、如图所示的四幅图片中，其中一幅所反映的光学原理与其它三幅不同的是()A.B.C.D.5、某同学用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验；如图所示。在“研究电磁铁”的实验过程中，当S闭合后，下列说法不正确的是（）

A.电流相同，匝数多的磁性大B.要使电磁铁磁性增强，应将滑动变阻器的滑片P向左移动C.电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强D.B线圈的匝数多，说明通过B线圈的电流大于通过A线圈的电流6、一段铁棒从中间切断后去掉一半，剩余的一半（）A.质量、比热容都减半B.密度减半，比热容减半C.质量减半，比热容不变D.密度不变，比热容减半7、如图所示，放在水平桌面上的物体A重20N，通过滑轮挂着10N的物体B，当用15N的水平拉力F向左拉A时，A恰能在水平面上向左做匀速直线运动．若此时撤去拉力F，则A将（）（绳足够长且不计滑轮和绳重）A.立即静止B.立即向右运动C.向左运动后静止D.向左运动后再向右运动评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)8、小明利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如下图甲所示．将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，电磁继电器的上触点接触，下触点分离，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，电磁继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响．图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈用漆包线绕成，其电阻R0为30Ω．当线圈中的电流大于等于50mA时；继电器的衔铁将被吸合，警铃响．图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象．

（1）图甲中警铃的接线柱C应与接线柱____相连，指示灯的接线柱D应与接线柱____相连（均选填“A”或“B”）．

（2）由图乙可知，当环境温度为20℃时，热敏电阻阻值为____Ω．当环境温度升高时，电磁继电器的磁性将____（填“增大”；“减小”或“不变”）．

（3）试计算当环境温度高于多少摄氏度时，警铃报警．9、2011年3月11日，日本发生9.0级大地震并引发海啸．导致褔岛核电站冷却系统受损，反应堆温度升高．用海水冷却反应堆是利用了海水____的特性．褔岛附近的空气中检测到核电站泄漏的放射性物质，说明分子是____的．10、目前应用广泛的汽车、火车、轮船、飞机等交通工具多数是用内燃机作发动机的，内燃机在工作中将____能转化为____能．内燃机在工作时，人们利用水的循环给它散热降温，否则汽缸等部件会因温度过高而无法正常工作．用水给内燃机散热降温，主要原因是水的____大．若某汽车的水箱装有质量为5kg，温度为20℃的水，当水温升到70℃时，所吸收的热量是____J．11、小宇同学用天平；玻璃杯、量筒等器材测定“鲁花”牌花生油的密度；

a、若发现天平指针位置如图（D）所示，则应将平衡螺母向____侧调节；

b、他设计了如下实验方案：按图示的A、B、C所示步骤进行实验．

（1）小宇所测油的质量为____g，油的密度为____g/cm3．

（2）请你分析一下，这样测出的结果油的密度偏大还是偏小？答：____．

（3）为了减少实验误差，可以如何改进？答：把ABC改为____（写序号）12、汽车发动机工作过程由于燃料的燃烧和机械的快速运转；其温度将会升得很高．降低发动机温度是由冷却系统完成的，如图所示．冷却系统中选择水作为工作物质是因为____，发动机的内能主要是通过____而减小的．燃料燃烧产生的内能是通过____转化为机械能的．13、夏天夜空中的流星现象，是____能转化为____能的过程．14、在待机状态下电视机仍然会消耗电能。小阳家电视机在待机状态下的功率为8W，每天的平均待机时间为20h，那么30天内这台电视机待机共消耗电能为______kW•h．这些电能可供“220V10W”的LED灯正常工作______h。15、一木块在大小为10N的水平拉力作用下，10s内沿水平地面匀速前进了5m，在此过程中重力对木块所做的功为____J．16、在下列横线上填上合适的数值或单位：

（1）小明的身高约为1.72____；（2）医生测量后发现小兰同学发烧了，说明她的体温至少高于____摄氏度；（3）人所处的理想环境的音量时15～40____；（4）真空中的传播速度为____Km/s．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)17、不停地用锯条锯木头，锯条温度升高到一定程度后就不再升高，这时，对锯条来说，热传递和做功都在进行．____（判断对错）18、分别用吨/米3、千克/分米3、克/厘米3为单位记录某物质的密度时，记录的数值肯定是一样的．____．19、小明搬桌子，没有搬动，小明对桌子没有做功．____（判断对错）20、并联电路的总电阻等于各电阻之和．____（判断对错）21、一只开关能同时控制三盏灯，说明这三盏灯是串联的．____．22、当物距大于焦距时，凸透镜成实像____．评卷人得分四、综合题(共3题，共6分)23、（2008•贵港）毛毛同学利用课外活动研究浮力的大小与哪些因素有关；她的实验过程是：在弹簧测力计的下端挂一石块，分别把石块放在空气中；水中不同深度处称量，如图中的A、B、C、D所示，称量得到的数据如表：

。ABCD空气中部分在水中水面下1cm水面下6cm4N3.8N3N3N（1）比较A与C，石块在水中受到的浮力是____N．

（2）比较B与C的V排和F浮，得到的结论是____．

（3）比较C与D石块的浸没深度与F浮，得到的结论是____．24、探究：实心圆柱体对地面的压强与哪些因素有关．

某中学一小组的同学们认为此压强跟圆柱体的密度ρ、高度h、圆柱体底面积S是有关的，但有怎样的关系看法不同，于是，在老师的帮助下，小组的同学们从实验室里挑选了由不同密度的合金材料制成、高度和横截面积不同、质量分布均匀的实心圆柱体做实验，测出实心圆柱体竖直放置时（如图所示）对水平桌面上海绵的压下深度，实验记录见下表．序号物体底面积S/cm2高度h/cm海绵被压下深度/cm1合金甲圆柱体A1050.52合金甲圆柱体B101013合金甲圆柱体C201014合金乙圆柱体A1051.55合金乙圆柱体B101036合金乙圆柱体C20103（1）该小组同学是通过____来判断压强大小的．

（2）分析实验1、2或4、5可以得出：当圆柱体的材料密度相同时，实心圆柱体对水平地面的压强与圆柱体的____成正比．

（3）分析____可以得出；当圆柱体的密度相同时，实心圆柱体对水平地面的压强与底面积无关．

（4）实验结束之后，同学们在老师的指导下，以某一合金甲圆柱体为研究对象，推导它对海绵的压强大小的表达式p=____（已知合金的密度为ρ；长方体铁块的高度为h，底面积为S）．

（5）上面推导出的表达式适用的条件有：

①固体密度必须是____的（填“均匀”或“不均匀”）；

②固体形状必须是上下粗细____（选填“不同”或“相同”）的柱体；

③所求压强必须是固体对____面产生的压强．所以说，该表达式不能应用于其他情况固体压强的计算．25、桌上有烧杯（烧杯能直立漂浮在水面上）；大水槽和量筒、记号笔及足够的水；要求用这些器材粗略测出一块小鹅卵石的密度．小刚同学根据要求，设计出了一种测量方法，基本实验步骤如图所示．

（1）根据图示的实验步骤可知：鹅卵石的质量是____g，鹅卵石体积是____cm3，鹅卵石的密度为：ρ=____kg/m3．

（2）本实验中测量鹅卵石质量的方法可称之为“____法”．评卷人得分五、其他(共2题，共18分)26、阅读短文；回答问题：

双金属片温控器。

电饭煲；电熨斗、电热暖手宝等家用电热器具的基本结构中均有电热元件和温控器；温控器大多采用双属片温控元件，起接通和断开电路的作用．

双金属片是利用两种温度膨胀系数相关较大的金属材料叠压组合而成的；当温度升高时，膨胀系数大的金属层会向膨胀系数小的金属层弯曲．

双金属片温控器可分为常闭触点型和常开触点型两种；常闭触点型工作原理如图甲，常温下，双金属片端部的触点与弹性铜片上的触点相接触，温控器接通电路，电热元件发热，双金属片受热弯曲，当温度长高到一定值时，双金属片端部的触点与铜片触点分离，电路断开，电热元件散热，温度降低，双金属片恢复原状，电路再次接通，如此反复能控制被加热物体的温度，如图乙所示的常开触点型温控器工作情况与前者相反，常温下电路是断开的，双金属片受热升温会使电路接通．

（1）温控器实质上就是一个受温度控制的____（电源/开关/用电器）．

（2）电饭煲将饭煮好后还能使饭保温，即当饭变凉时再自动接通电源加热，温度较高时又停止加热，其中的温控器应采用如图____（甲/乙）所示的类型．

（3）如图甲和乙所示的两种类型的温控器而言，关于双金属片上下两层金属材料的温度膨胀大小的比较，下列说法正确的是____

A；甲图中上层较大；乙图中下层较大B、甲图中下层较大，乙图中上层较大。

C；甲图和乙图中均是上层较大；D、甲图和乙图中均是下层较大。

（4）如图甲所示的常闭触点型温控器中，常温下弹性铜片的弹性势能应比触点分离时的____（大/小）．

（5）电热元件若直接与220V直流电源相连，电功率为1000w，当它与温控器串联并与220V直流电源相连时，电热元件两端电压与时间关系图象如图丙，如此工作2小时消耗的电能为____KW•h．27、（2012秋•冀州市校级月考）电动车以其环保、快捷、轻便的优势成为家庭常用的交通工具．如图所示的这辆电动车自身重量为600N，两个车轮与地面的总接触面积为200cm2，车胎能承受的最大压强为2×105Pa．

（1）地上车的影子是由于____形成的，车把相当于____（选填“省力”或“费力”）杠杆．

（2）该车的最大载重量是多大？

（3）该车每次充电能储存电能3×106J，电能转化为机械能的效率为80%．若该车以某一速度匀速行驶，受到的阻力是40N，求该车充一次电后，最多能跑多远？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】先判断每个现象发生的物态变化；然后再确定是吸热还是放热．用到以下知识：

（1）物质由固态变成液态的过程叫熔化；熔化吸热；

（2）物质由气态变成液化的过程叫液化；液化放热；

（3）物质由气态变成固态的过程叫凝华，凝华放热．【解析】【解答】解：A；消融的冰山由固态的冰雪熔化成水；因此是熔化，熔化吸热；

B；冰冻的衣服也能晾干属于升华现象；升华吸热；

C；太阳出来后雾消散是由于水蒸发；汽化吸热；

D；冬天从室外走进温暖的屋内时眼镜模糊是水蒸气液化而成的；液化放热．

故选：D．2、C【分析】

AB、提升物体做的功为有用功W有用=Gh，拉力做的总功W总=Fs；克服动滑轮重力和摩擦力做的功为额外功，故AB都错；

C、滑轮组的机械效率η===动滑轮的重力不变，也就是说额外功不变，增加物体的重力，就可增加有用功占总功的比值，可增大机械效率，故C正确；

D；由图知；n=3，则s=3h，故D错．

故选C．

【解析】【答案】用拉力F使物体竖直匀速上升，目的就是为了把物体提升一定的高度（提升重物做的功为有用功），拉力还要克服动滑轮重力和摩擦力做功（额外功），动滑轮上绳子段数为3段，滑轮组的机械效率η===滑轮组的机械效率与提升的物重和动滑轮重有关．

3、A【分析】解：A；充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的；磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，给鞋面上的充电电池充电．故A正确；

B；任何通有电流的导线；都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应，与充电鞋垫原理无关，故B错误；

C；磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥；异名磁极相互吸引，与充电鞋垫原理无关，故C错误；

D；通电线圈在磁场中受到力的作用而转动；与充电鞋垫原理无关，故D错误；

故选A．

充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的；磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光．

此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、电磁继电器、电流的磁效应等知识点．首先根据题意明确充电鞋垫的制成原理是解决此题的关键．【解析】【答案】A4、C【分析】【分析】(1)

光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象；例如水面上出现岸上物体的倒影；平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

(2)

光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时；就会出现光的折射现象，例如水池底变浅；水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。

此题主要考查了光的折射、光的反射现象。光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象。它们之间有本质的区别，要注意区分。【解答】A.水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，故属于折射现象；B.放大镜是凸透镜，光经过凸透镜时，发生的是折射，故属于折射现象；C.湖中的倒影；是平面镜成像，是由光的反射形成的，是光的反射现象；

D.筷子好像在水面处折断了是光在空气与水的界面发生了折射；属于折射现象。

综上所述；ABD

都发生了折射，C

发生了反射。

故选C。【解析】C

5、D【分析】解：A；电流相同时；匝数多的磁性大，故A正确；

B；滑片P向左移动时；电路中的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性会增强，故B正确；

C；电磁铁能吸引的大头针越多；表明磁性越强，故C正确；

D；串联电路处处电流相同；因此通过AB线圈的电流相同，故D错误。

故选：D。

影响电磁铁磁性强弱的因素主要有电流的大小；线圈的匝数、铁芯的有无；在研究过程中和分析实验结论时，要运用控制变量法。

掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性的影响因素。【解析】D6、C【分析】【分析】（1）质量是物体本身的一种属性；只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状；状态、位置则不会发生改变；

（2）密度是物质的一种特性；每种物质都有自己的密度，不同物质的密度一般不同，质量；体积的变化一般不会引起密度的变化，只有气体在膨胀和被压缩时，密度会发生明显的变化；

（3）比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、体积的大小都没有关系．【解析】【解答】解：一段铁棒从中间切断后去掉一半；质量也变为原来的一半，密度和比热容是物质的一种特性，质量；体积的变化不会引起他们的变化，所以密度和比热容不变．

故选C．7、D【分析】【分析】要解决此题；首先要掌握二力平衡条件，作用在同一物体上的两个力，大小相等；方向相反、作用在同一直线上，则这两个力平衡．

掌握惯性现象；知道物体都有保持原来运动状态不变的性质．

首先根据二力平衡的条件求出A所受的摩擦力，然后分析撤去F后A所受的力，从而判断A的运动状态．【解析】【解答】解：A向左做匀速直线运动；所以受力平衡．

在水平方向，A受水平向左的拉力、B对A水平向右的拉力及水平向右的摩擦力．根据二力平衡条件F=f+GB，所以f=F-GB=15N-10N=5N．

若撤去F；根据B的重力和摩擦力的大小关系，由于惯性，物体A首先向左做减速运动，后向右运动．

故选D．二、填空题(共9题，共18分)8、略

【分析】【分析】（1）由题干中“当环境温度超过某一值时；继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响”判断出警铃和指示灯的连接情况；

（2）由图乙可知；当环境温度为20℃时对应的热敏电阻的阻值，由图象分析热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；

（3）由题干中“当线圈中的电流大于等于50mA时，继电器的衔铁将被吸合，警铃响”，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出热敏电阻的阻值，然后从图乙中得出对应的温度即可得出答案．【解析】【解答】解：（1）因当环境温度超过某一值时；继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响；

所以；警铃的接线柱C应与接线柱B连，指示灯的接线柱D应与接线柱A相连；

（2）由图乙可知；当环境温度为20℃时，对应的阻值为120Ω；

由图乙可知；当环境温度升高时，热敏电阻阻值减小，电路中的总电阻减小；

由I=可知；电路中的电流会增大，电磁铁的磁性就会增大；

（3）当线圈中的电流I=50mA=0.05A时；继电器的衔铁将被吸合，警铃报警；

则控制电路的总电阻：

R总===60Ω；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和；

所以；热敏电阻的阻值：

R=R总-R0=60Ω-30Ω=30Ω；

由图乙可知；此时t=80℃

所以；当温度t≥80℃时，警铃报警．

答：（1）B；A；

（2）120；增大；

（3）环境温度大于等于80℃时，警铃报警．9、略

【分析】【分析】（1）单位质量的物质温度每升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量，即为该物质的比热容，1kg的水温度每升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量是4.2×103J/（kg•℃）；远远大于其它的物质，常用作冷却剂；

（2）一切物质的分子都在不停的做无规则运动．【解析】【解答】解：用海水冷却反应堆是利用了海水比热容大的特性；在同等情况下，海水可以吸收更多的热量；

褔岛附近的空气中检测到核电站泄漏的放射性物质；说明分子是运动的．

故答案为：比热容大；运动．10、略

【分析】【分析】内燃机工作时把内能转化为机械能；由于水的比热容大，对应一定量的水吸收一定量的热量，水的温度变化较小，常用水作冷却剂；已知水的质量与初末温度，由热量公式可以求出水吸收的热量．【解析】【解答】解：内燃机在工作中将内能转化为机械能．

用水给内燃机散热降温；主要原因是水的比热容大．

水所吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（70℃-20℃）=1.05×106J；

故答案为：内；机械；比热容；1.05×106．11、略

【分析】【分析】（1）调节天平时；要将平衡螺母向指针偏转的对侧移动；

（2）①油的质量要通过天平的两次示数之差得出；油的密度要通过密度的公式计算得出；

②产生误差的主要环节在于将烧杯中的油倒入量筒中时；不可能完全倒干净，据此可分析对结果的影响；

③为了减小误差，也应从避免油在烧杯中的残留对测量结果的影响角度来调整．【解析】【解答】解：图D中指针偏左；说明左侧质量偏大，因此，应向右移动平衡螺母；

（1）图A中空杯的质量为10g+4g=14g；图B中烧杯与油的总质量为50g+10g+2g=62g；

则油的质量为62g-14g=48g；

油的密度ρ===0.96g/cm3；

（2）当将烧杯中的油倒入量筒中时；烧杯中会留有一定量的油；

因此；油的体积会偏小，造成最终油的密度会偏大；

（3）为了避免测量误差；可先测油与烧杯的总质量，再倒入量筒中测体积；

最后测烧杯的质量；这样烧杯中残留的油就不会影响测量的结果了．

故答案为：右；（1）48；0.96；（2）偏大；（3）BCA．12、略

【分析】【分析】根据水的比热容大的特点及在生活中的应用和物体内能的转化来进行分析解答．【解析】【解答】解：（1）水吸收的热量多但温度上升的较少；水的比热容大所以能有效的吸热，从而降温．

（2）发动机的内能主要是通过热量的传递；降低发动机温度来进行的．

（3）热机是从高温热源吸收热量对外做功的装置；高温热源的热量来自于燃料的燃烧，热机中的工作物质（气体，水蒸气等）从高温热源吸收热量后进入另一区域，在这里膨胀就能对外做功，所以燃料燃烧产生的内能是通过做功转化为机械能的．

故答案为：水的比热容大；热传递；做功．13、略

【分析】

流星是陨石和空气摩擦生热；机械能转化为内能，内能增加，温度升高，发出的火光，就是我们见到的流星现象．

故答案为：机械；内。

【解析】【答案】摩擦生热的过程是机械能转化为内能的过程．流星是一种摩擦现象．

14、4.8480【分析】解：电视机的待机功率P1=8W=0.008kW；

电视机每天待机消耗的电能：

W1=P1t1=0.008kW×20h=0.16kW•h；

则30天内这台电视机待机共消耗电能：

W=30W1=30×0.16kW•h=4.8kW•h。

LED灯的额定功率：P2=10W=0.01kW；

由P=得；这些电能可供LED灯正常工作的时间：

t2===480h。

故答案为：4.8；480。

（1）已知待机功率与待机时间；由W=Pt可以求出待机消耗的电能；

（2）根据P=求出这些电能可供LED灯正常工作时间。

本题主要考查电功公式和电功率公式的灵活应用，如果不让电器待机每月可节约电费，培养学生的节能意识，是一道基础题。【解析】4.848015、略

【分析】【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，木块是在水平地面上移动，在重力的方向上移动距离为0，重力做功为0．【解析】【解答】解：由题知；木块在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为0．

故答案为：0．16、略

【分析】【分析】（1）常用的长度单位有：km；m、dm、cm、mm；根据所给数据，结合实际选择合适的单位；

（2）人体的正常体温约为36.5摄氏度～37摄氏度；当人的体温高于正常体温时，人发烧，据此答题；

（3）根据噪音的单位答题；（4）光在真空中的速度是3×108m/s．【解析】【解答】解：（1）小明的身高约为172cm=1.72m；

（2）医生测量后发现小兰同学发烧了；说明她的体温至少高于37摄氏度；

（3）人所处的理想环境的音量时15～40dB；

（4）真空中的传播速度为3×108m/s=3×105km/s．

故答案为：（1）m；（2）37；（3）dB；（4）3×105．三、判断题(共6题，共12分)17、√【分析】【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是热量从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分．【解析】【解答】解：用锯条锯木头；克服摩擦做功，使锯条和木头的内能增加；温度升高而变热；同时，锯条也通过热传递将热量传给木头，因此对锯条来说，热传递和做功都在进行．

故答案为：√．18、√【分析】【分析】物理量的单位换算，例如0.85吨/米3，前面的0.85是倍数，只是对后面的单位吨/米3进行单位换算，换算到合适的单位，最后整理成最简结果．过程如下：0.85吨/米3=0.85×103千克/1000分米3=0.85千克/分米3．【解析】【解答】解：1吨/米3==1千克/分米3==1克/厘米3，因此，这用吨/米3、千克/分米3和克/厘米3这三个单位记录的数值是一样的．

故答案为：√19、√【分析】【分析】判断人是否做功的依据就是看在这个过程中是否同时具备做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离．【解析】【解答】解：小明搬桌子；没有搬动，虽然有力，但没有距离，所以没有做功，题干说法是对的．

故答案为：√．20、×【分析】【分析】根据并联总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和进行判断．【解析】【解答】解：因为并联电路总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和；因此题干中的说法是错误的．

故答案为：×．21、×【分析】【分析】一个开关可以同时控制串联的三个电灯和并联的三个电灯，但串联时，两个电灯要相互影响，而并联时，两个电灯相互不影响．【解析】【解答】解：三个电灯串联时；开关可以同时控制三个电灯，但当三个电灯并联时，电路中只有一个开关，且在干路上时，也能同时控制三个电灯，故不能由三个电灯同亮同灭来判断三盏灯的连接方式，可以是串联，也可以是并联．

故答案为：×22、√【分析】【分析】这道题目是判断对错的，所以要找到题目中的错误点，就要分析题干结果，看其中是否有错误的地方．【解析】【解答】解：由凸透镜成像的三种情况：U＞2f；成倒立；缩小的实像．2f＞U＞f，成倒立、放大的实像．U＜f，成正立、放大的虚像．可知当物距大于焦距时，凸透镜成实像．

故答案为：√．四、综合题(共3题，共6分)23、略

【分析】【分析】（1）物体浸入水中时；石块受到的浮力等于物体的弹簧测力计的拉力之差．

（2）根据表中实验数据；分析石块受到的浮力与排开液体体积间的关系，然后得出结论．

（3）根据表中实验数据，看石块受到的浮力与石块浸没在水中的深度间的关系，然后得出结论．【解析】【解答】解：（1）由表中A与C实验数据可知；石块受到的浮力是4N-3N=1N；

（2）由图示可知；C中石块排开水的体积大于B中石块排开水的体积；

由表中B与C的实验数据可知；C中石块受到的浮力大于B中石块受到的浮力；

由此可知：物体排开水的体积越大；物体受到的浮力越大．

（3）由图C与D可知；石块完全浸入水中，石块浸没在水中的深度不同；

由表中实验数据可知；在C与D中，石块受到的浮力相同，由此可知：

物体受到的浮力与物体浸没在水中的深度无关．

故答案为：（1）1；（2）物体排开水的体积越大；物体受到的浮力越大；

（3）物体受到的浮力与物体浸没在水中的深度无关．24、海绵被压下深度高度2、3或5、6ρɡh均匀相同水平【分析】【分析】（1）实验中；通过海绵的形变程度反映压力的作用效果，是转换法的运用；

（2）分析实验1；2或4、5；找出控制量和变化时，再进一步确定压强大小与变化量的关系；

（3）根据实验结论；确定符合题意的实验的序号；

（4）根据压强的公式p=；结合重力与压力的关系，可进行一推导得出压强的表达式；

（5）根据实验中的条件可确定推导公式的适用范围．【解析】【解答】解：（1）由题意可知；该小组同学是通过海绵被压下深度来判断压强大小的，这是转换法的运用；

（2）分析实验1；2或4、5可以看出；圆柱体的材料密度相同，高度不同，对水平面的压强不同，故可得出结论：当圆柱体的材料密度相同时，实心圆柱体对水平地面的压强与圆柱体的高度有关．

（3）当圆柱体的密度相同时；实心圆柱体对水平地面的压强与底面积无关，要求圆柱体的密度相同，对水平面的压强也相同，而底面积必须不同，故序号2；3或5、6符合要求．

（4）已知合金的密度为ρ，长方体铁块的高度为h，底面积为S，由压强的公式推导过程为：p======ρgh．

（5）①固体密度必须是均匀；

②固体形状必须是上下粗细相同的柱体；

③所求压强必须是固体对水平面产生的压强．

故答案为：（1）海绵被压下深度；（2）高度；（3）2、3或5、6；（4）ρɡh；（5）均匀；相同；水平．25、略

【分析】【分析】（1）烧杯和鹅卵石漂浮在水中排开水的体积和烧杯和水漂浮在水中排开水的体积相同；浮力相同，重力相同，确定烧杯内水的质量和鹅卵石的质量相同．

利用鹅卵石浸没在水中前后的体积差；求出鹅卵石的体积．

知道鹅卵石的质量和体积；根据密度公式求出鹅卵石的密度．

（2）等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法．等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一．【解析】【解答】解：（1）烧杯和鹅卵石漂浮在水中排开水的体积和烧杯和水漂浮在水中排开水的体积相同；排开水的重力相同，浮力相同，重力相同，所以，烧杯和鹅卵石的总重等于烧杯和水的总量，鹅卵石的质量和烧杯内水的质量相同；

倒入烧杯中水的体积为：V'=260cm3-110cm3=150cm3；

由ρ=得：

m=m水=ρ水V'=1.0g/cm3×150cm3=150g；

鹅卵石的体积为：V=260cm3-200cm3=60cm3；

鹅卵石的密度为：ρ===2.5g/cm3=2.5×103kg/m3；

（2）本实验中测量鹅卵石质量的方法可称之为“等效替代法”．物理上很多地方应用了等效替代法；例如总电阻和各电阻的关系；合力和分力的关系、曹冲称象等．

故答案为：（1）150；60；2.5×103kg/m3；（2）等效替代．五、其他(共2题，共18分)26、略

【分析】【分析】（1）一个完整的电路由电源；导线、用电器、开关组成．开关与所控制的用电器串联；能起到控制电路中电流的通断的作用；

（2）根据常闭触点型双金属片温控器和常开触点型双金属片温控器的工作原理即可判断出电饭煲的温控器所采用的类型；

（3）根据双金属片的金属材料温度升高时；膨胀系数大的金属层会向膨胀系数小的金属层弯曲；

再结合甲；乙两种类型的温控器的双金属片的弯曲情况即可比较上下两层金属材料的温度膨胀大小；

（4）根据弹性势能的定义以及弹性势能的大小的决定因素即可得出常温下弹性铜片的弹性势能与触点分离时的大小关系；

（5）根据图象可以得出电热元件的加热时间，又知道电热元件的电功率，利用W=Pt即可求出消耗的电能．【解析】【解答】解：（1）温控器大多采用双属片温控元件；起接通和断开电路的作用，故温控器实质上就是一个受温度控制的开关．