专题02 实验题 带解析

2023年中考复习---实验专题声现象【探究声音的特性——考点详解】实验方法：控制变量法；音调由物体振动的频率决定，与发声体的长度、粗细有关；响度由物体振动的振幅决定；音色与发声体的材料，结构有关；小利同学做了与声音有关的实验探究：（1）如图甲所示，拨动橡皮筋，看到发声的橡皮筋在________；（2）如图乙所示，小利逐渐增加塑料尺伸出桌面的长度，用同样大小的力拨动塑料尺，看到塑料尺的振动________（填“变快”、“不变”或“变慢”），塑料尺发出声音的音调________（填“变高”、“不变”或“变低”）。随后他又换用钢尺做此实验，一定会发生变化的是声音的________（填“响度”、“音调”或“音色”）。【答案】振动变慢变低音色【详解】（1）[1]拨动橡皮筋，橡皮筋振动，发出声音，说明声音是由物体振动产生的。（2）[2][3]若增加塑料尺伸出桌面的长度，拨动塑料尺，此时塑料尺不容易振动，小利将看到塑料尺的振动变慢，塑料尺发出声音的音调变低。[4]因为不同的发声体，音色一般是不一样的，因此换用钢尺做此实验，听到声音的主要差异是音色。如图甲所示，在8个相同的水瓶中灌入体积不等的水，水面高度不同。（1）若用相同的力依次敲击水瓶，发出声音的音调不同，此时声源是_____（填“空气柱”或“瓶和水”），瓶中盛水越多，敲击时发出声音的音调就越_____（填“高”或“低”）；（2）若用嘴依次向水瓶口吹气，发出声音的音调也不同，此时声源是_____（填“空气柱”或“瓶和水”），瓶中盛水越多，吹瓶口发出声音的音调就越_____（填“高”或“低”）；（3）如图乙是我们往保温瓶里灌开水的场景，灌水过程中我们听声音就能判断出瓶里水是否快要灌满了，这是因为随着水位的升高，瓶内空气柱振动越来越_____（填“快”或“慢”），发出的声音音调越来越_____（填“高”或“低”）；（4）为了探究声音的传播是否需要介质，老师和同学们用如图丙所示的装置进行探索。把正在发声的闹铃放在玻璃罩内，用抽气筒将玻璃罩中的空气抽出①随着罩内空气逐渐减少，发现听到的闹铃声音的音调_____（选填“变高”“不变”或“变低”），响度_____（选填“变大”“不变”或“变小”）；②本实验用到的研究方法叫______________（选填“转换法”“实验推理法”或“等效替代法”）。【答案】瓶和水低空气柱高快高不变变小实验推理法【详解】（1）[1]当用相同的力敲击瓶子时，振动的物体是瓶和水，声源是瓶子和水。[2]瓶中盛水越多，瓶子和水的质量越大，越难振动，振动越慢，所以音调越低。（2）[3]当用嘴依次吹瓶口，振动的物体是空气柱，声源是空气柱。[4]瓶中盛水越多，空气柱越短，越容易振动，振动越快，频率越大、音调越高。（3）[5][6]音调是由振动频率决定的，水越多，瓶内的空气柱越短，空气柱振动越来越快，频率越高，音调越高，因此根据音调的高度就可以判断水位的高低。（4）①[7][8]罩内空气越来越稀薄，听到的闹钟声音逐渐变小，响度变小，音调不变。②[9]由此猜想，假如把玻璃罩内的空气全部抽去，我们将不能听到声音，用到实验推理法。热现象【探究固体熔化时温度的变化规律——考点详解】1．实验器材：停表、温度计等。2．选用小颗粒固体的原因：温度计与固体可充分接触；小颗粒固体受热更均匀。3．器材组装顺序：____________。4．使用水浴法加热的目的：使被加热物质__________。5．试管在水中的放置要求：不能接触到烧杯__________和__________。6．温度计的使用和读数：温度计不能接触试管底或试管壁；读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中液柱的上表面__________。7．表格数据或曲线图分析(晶体、熔点、物质状态判断)：加热过程中若有一段时间内温度不变，则为__________，此温度为____________，此时物质处于____________状态。8．绘制温度-时间图像：先标点，然后用平滑曲线连接。9．熔化过程中内能的变化：内能不断__________。10．熔化前后曲线的倾斜程度不一样的原因：同种物质，在不同状态下的____________不同。11．实验结论：晶体有固定的__________，熔化过程中不断吸热，温度____________；非晶体熔化过程中不断吸热，温度__________，没有固定的____________。在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，小于将适量的固体碎末装在试管中，所用的实验装置如图甲所示。（1）实验时各器材的安装顺序是______（“自上而下”“自下而上”）。（2）将放入适量固体碎末的试管放在盛有水的烧杯中加热，其目的是使试管内固体碎末____；根据实验数据绘制的图像乙中所对应的固体属于______（“晶体”或“非晶体”）。（3）图像丙是她根据实验数据绘制的另一种固体熔化图像，其熔点是___℃，这种物质可能是__，熔化用了___min，处于固液共存态的是图中的__段，在此过程中混合物要__（填“吸收”或“放出”）热量，温度__（填“升高”“降低”或“不变”）。（4）假如烧杯中装的物质与试管中装的物质一样，那么如果烧杯中的物质正在熔化时，试管中的物质____（“会”或“不会”）熔化，请简要说明_______________________________________。【答案】自下而上受热均匀非晶体0冰4BC吸收不变不会见解析【详解】（1）[1]具体的安装顺序大致是自下而上，根据酒精灯的位置来进一步确定烧杯的位置。（2）[2]将放入适量固体碎末的试管放在盛有水的烧杯中加热，这种方法叫水浴加热法，其目的是使试管内固体碎末受热均匀，还可以减缓固体熔化的过程，便于记录和观察。[3]根据乙图可知固体在熔化过程中，温度一直变化，没有固定的熔点，所以对应的固体是非晶体。（3）[4][5]图丙是另一种固体的熔化图像，其熔点是0℃，该物质可能是冰。[6][7][8][9]图中BC段是熔化过程，需要吸收热量，温度不变，属于固液共存态。该状态持续了4min，故熔化用了4min。（4）[10][11]若烧杯中的物质正在熔化，说明已经达到其熔点，试管中的该物质其温度虽然能达到相同温度，但无法继续吸热，达不到熔化的条件，故不能熔化。【探究水沸腾时温度变化的特点——考点详解】1．实验器材：停表、温度计等。2．实验器材的安装顺序：____________。3．温度计的使用与读数：温度计不能接触试管底或试管壁；读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中液柱的上表面相平。4．缩短加热时间的方法：减少水的__________或提高水的__________。5．烧杯加盖纸板的目的：__________，加快水的沸腾。6．沸腾前后气泡的特点：沸腾前__________，沸腾时__________。(均选填“先大后小”或“先小后大”)7．绘制温度-时间图像：先标点，然后用平滑曲线顺次连接。8．表格数据、图像信息分析(水的沸点判断)：加热过程中有一段时间内温度__________，此温度为水的______________。9．沸点与大气压的关系：不同液体的沸点__________；水的沸点在一个标准大气压下是100℃；气压越大，液体沸点__________。10．验证水沸腾过程持续吸热的方法：水沸腾后停止加热，观察水是否____________。11．撤去酒精灯,水未立即停止沸腾的原因：石棉网温度较高，水会继续____________。12．烧杯口产生“白气”的原因：水蒸气遇冷__________形成。13．实验结论：水沸腾过程中不断__________，温度____________。为了探究“冰的熔化”和“水的沸腾”，小明同学进行了如下操作：（1）如图甲所示，将装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热，实验中要观察_____以及要记录各个时刻的温度；（2）等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯，如图乙所示，加热一段时间后水沸腾，水中气泡上升过程如图a、b，则图中______是沸腾时的情况；（3）小明根据记录的数据绘制了如图丙所示的曲线，得出冰是晶体，判断依据是______，本实验数据______（选填“能”或“不能”）看出水的比热容比冰大；（4）同组的小华同学设计了图丁的装置，但是一段时间后，观察到当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不会沸腾，此时试管内的水和烧杯中的水相等的物理量是______（选填“温度”、“内能”或“都相同”）。【答案】冰的状态a冰熔化时保持温度不变能温度【详解】（1）[1]由于冰熔化与水沸腾这两个实验，都需要对冰和水进行加热得到温度随加热时间的变化关系，还需要用秒表来记录时间；冰的熔点为0℃，所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；实验中要观察冰的状态以及要记录各个时刻的温度。（2）[2]水在沸腾的过程中，吸收热量，但温度保持不变；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡上升过程中变大，则图中a是水沸腾时气泡的变化情况。（3）[3]如图丙所示的曲线，冰在BC段熔化时温度保持不变，有固定的熔化温度，所以冰是晶体。[4]如图甲，冰不用酒精灯加热，只吸收环境的热量，由图丙可知，冰的温度变化较快；熔化成水时，用酒精灯加热，温度变化较慢，因此可知，水的比热容大于冰的比热容，本实验数据能看出水的比热容比冰大。（4）[5]当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变，小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，但是不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾；此时试管内的水和烧杯中的水相等的物理量是温度，烧杯中比试管中的水多，烧杯中水的内能大。如图1所示，规格相同的两个烧杯中分别装有质量相同的甲、乙两种液体。用相同加热器加热，得到如图2所示的温度随加热时间变化的图线。（1）忽略散热，两加热器正常工作，前2min甲、乙两杯液体吸收的热量Q甲______Q乙；两种液体温差的大小Δt甲______Δt乙；两种液体比热容的大小c甲______c乙（都选填“>”、“<”或“=”）；甲液体在______（选填“2min”或“6min”）时液体分子的无规则运动更剧烈；（2）已知甲液体比热容为4.2×103J/（kg•℃），质量为0.2kg，求0～6分钟内，甲液体吸收的热量为______J；（3）由Q=cm（t﹣t0）可得，关于同一种物质的比热容c，下列说法正确的是______。A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍B．若质量增大一倍，则比热容减至一半C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍D．无论质量多大，比热容都一样【答案】=<>6min5.04×104D【详解】（1）[1]两加热器正常工作相同时间，放出相同的热量，忽略散热，液体吸收的热量也相同，所以前2min甲、乙两杯液体吸收的热量Q甲=Q乙。[2]由图2知，两种液体温差的大小Δt甲<Δt乙。[3]根据公式可知，两种液体的质量、吸收的热量相同，两种液体温差的大小Δt甲<Δt乙，两种液体比热容的大小c甲>c乙。[4]物体的温度越高，分子的无规则运动越剧烈，甲液体在第6min温度更高，故6min时液体分子的无规则运动更剧烈。（2）[5]由图2可知，0～6分钟内，甲液体从40℃升高到100℃，吸收的热量为Q=cmΔt=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（100℃﹣40℃)=5.04×104J（3）[6]比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与质量、温度变化和吸热多少无关，故ABC错误，D正确。故选D。【比较不同物质的吸热能力——考点详解】1．实验测量器材：天平、温度计、停表。(1)天平的作用：称量质量相等的两种物质。(2)温度计的使用：不能接触容器底和容器壁。2．实验器材的组装顺序：____________________。3．转换法的应用(1)通过加热时间间接反映物质__________________________的多少。(2)通过加热相同的时间，比较温度变化的大小来判断物质吸热能力的强弱：温度变化大的物质吸热能力__________。(3)通过升高相同的温度，比较加热时间长短来判断吸热能力的强弱：加热时间长的物质吸热能力____________。4．数据分析及处理(1)根据表格数据总结实验结论；(2)根据图像信息总结实验结论。5．描述物质吸热能力的物理量：比热容。6．实验改进：如图所示装置的优点是：使不同物质吸收的热量相等；节约燃料。在探究比热容和热值大小的实验中，如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯中两种液体的密度不同。（1）在烧杯中分别装入___________相等的两种液体（选填“质量”或“体积”）；（2）若要比较不同物质的吸热本领：①应选择___________两图进行实验；②该实验是通过比较___________来间接反映液体吸收热量的多少（选填“升高的温度”或“加热时间”）；③由图丁可知，液体___________的吸热能力更强。（3）若要比较不同燃料的热值：①应选择___________两图进行实验；②在研究不同燃料热值的实验中，记录的数据如表所示。燃料加热前液体温度（℃）燃料燃尽时液体温度（℃）燃料的热值（J/kg）115352.4×10721525请根据表中数据计算：在忽略热量损失的情况下，燃料2的热值是___________J/kg。【答案】质量甲、丙加热时间B甲、乙1.2×107【详解】（1）[1]为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验；综上所述，三烧杯中A、B液体的质量必须相等。（2）①[2]若要比较不同物质的吸热本领，需要控制燃料相同、液体不同，故选择甲、丙两图进行实验。②[3]该实验是通过比较加热时间来间接反映液体吸收热量的多少，相同时间内，两种液体吸收的热量相同。③[4]由图丁可知，吸收相同的热量，A液体升温快，B液体升温慢，所以液体B的吸热能力更强。（3）①[5]若要比较不同燃料的热值，需要控制液体相同、燃料不同，故选择甲、乙两图进行实验。②[6]燃料1和燃料2的质量相同，因为Q吸=Q放所以燃料1:camaΔt1=m1q1即cama×(35℃-15℃)=m×2.4×107J/kg①燃料2:camaΔt2=m1q2即cama×(25℃-15℃)=m×q2②联立①②两式可得q2=1.2×107J/kg，故燃料2的热值为q2=1.2×107J/kg。桑珠和旺堆利用如图两套装置探究①“不同物质吸热升温的现象”以及②“不同燃料充分燃烧放热的现象”，液体和燃料的质量以及种类根据实验的需要和方便进行正确选取。（1）两个实验中都要控制______（填燃料、杯中液体）质量相等；（2）在探究“不同物质吸热升温的特点”时，物质吸热的多少是通过______来反映的；在探究“燃料燃烧放出的热量”，燃烧放热多少是通过______来反映的（填写序号）；A．温度计上升的示数B．加热时间（3）假设在两个探究中根据所测数据都画出了如图图像（不计热量的损失），则根据图像可计算出，探究①“不同物质吸热升温的现象”中，甲乙对应如图像一和图像二所示，则______的比热容大，且两种物质的比热容之比为______；②“不同燃料充分燃烧放热的现象”中，甲乙对应如图像一和图像二所示，则______的热值大。【答案】杯中液体BA乙1∶4甲【详解】（1）[1]根据控制变量法，两个实验中都要控制杯中液体质量相等。（2）[2]在探究“不同物质吸热升温”的特点时，由转换法，物质吸热的多少是通过加热时间反映的，故B符合题意，A不符合题意。故选B。[3]在探究“燃料燃烧放出的热量”实验中，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，根据Q=cmΔt，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，故在探究“燃料燃烧放出的热量”燃料放热多少是通过温度计上升的示数来反映的，故A符合题意，B不符合题意。故选A。（3）[4][5]①“不同物质吸热升温的现象”中，由探究①由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象，升高10℃，图象一对应物质的加热时间为10分钟（注意是均匀升温）；而图象二对应物质的加热时间为40分钟；由转换法可知，两种物质吸收热量之比为10min∶40min＝1∶4根据Q=cmΔt，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，故图象一和图象二表示两种物质的比热容之比为1∶4，则乙的比热容大。[6]②不同燃料充分燃烧放热的现象中，燃料完全燃料（燃料质量相同），图象一对应的物质升高50℃-30℃＝20℃图象二对应的物质升高40℃-30℃＝10℃而同种液体的质量相同，根据Q=cmΔt，吸热多少与升高的温度成正比，两种物质吸热之比为20℃∶10℃＝2∶1根据，在燃料质量相同的条件下，吸热与热值成正比，故图象一和图象二表示两种燃料的热值之比为2∶1，则甲的热值大。【探究光的反射规律——考点详解】纸板的作用：______________________。2．纸板与平面镜的放置要求及原因：纸板与平面镜应________放置；确保三线______________。3．入射角与反射角的识别：入射光线与法线的夹角是入射角；反射光线与法线的夹角是反射角。4．“三线共面”的判断方法：将一侧纸板向后折转，观察能否在纸板上看到__________光线。5．验证光路可逆的操作：让光逆着反射光线的方向射向镜面，观察光的__________________。6．多次改变入射角的大小并进行测量的目的：保证实验结论具有____________性。7．实验结论：反射光线、入射光线和法线在______________平面内，反射光线和入射光线分居在法线的__________，反射角__________________入射角，即“三线共面，两角相等，法线居中”。如图所示是探究“光的反射规律”的实验装置，其中ABCD是白色硬纸板制成的光屏，并能沿ON折转，ON垂直于CD。(1)如图甲所示，让一束光紧贴光屏射向镜面上的O点，右侧纸板上没有观察到反射光，原因可能是__________________。(2)调整装置后，我们能从纸板前不同方向看到入射光、反射光的径迹，这是因为光在纸板上发生了_________现象。(3)保持入射点O的位置不动，当入射光线向ON靠近时，发现反射光线____________(选填“靠近”或“远离”)ON，为了探究反射角与入射角的关系，应当多次改变入射角大小并进行测量。(4)如图乙所示，保持左侧纸板和入射光线的位置不变，将右侧纸板绕ON前后转动，这样做的目的是探究______________________________________________。(5)若将光线沿着FO方向射入，光将沿着图中OE方向射出，表明在光的反射现象中，光路是_________的。【答案】纸板与平面镜不垂直漫反射靠近光在反射时，反射光线、入射光线与法线是否在同一平面上可逆【详解】（1）实验时，将光屏垂直放置在平面镜上，让一束光紧贴光屏射向镜面上的O点，可在光屏上看到反射光，如果光屏与平面镜不垂直，在光屏上看不到反射光；（2）实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故；（3）保持入射点O的位置不动，入射光向ON靠近时，入射角减小，反射光靠近ON，反射角减小，应该多次改变入射角的大小，并量出对应的另一个角即反射角的大小，比较得出结论；（4）探究光在反射时，反射光线、入射光线与法线是否在同一平面上，保持左侧纸板和入射光的位置不变，将ON右侧纸板前后转动，观察能否看到反射光；（5）将一束光贴着光屏沿FO射到O点，反射光线沿OE方向射出，表明在光的反射现象中，光路是可逆的．【探究平面镜成像的特点——考点详解】1．实验方法：__________________法。2．实验环境选取：选取__________________的环境，实验现象会更加明显。3．实验仪器的选取(1)用玻璃板代替平面镜：玻璃板透明，便于确定像的____________。(2)选择较薄玻璃板：便于观察像的位置，太厚了玻璃板的前后表面都会成像，会产生重影，选择较薄玻璃板可避免产生重影。(3)选用两支完全相同的蜡烛的原因：便于比较像与物的______________关系。(4)刻度尺的作用：测量__________和____________。4．玻璃板放置要求及原因：与水平桌面____________放置，确保像和物重合。5．光屏上承接不到蜡烛像的原因：平面镜成的是____________像。6．多次改变蜡烛与玻璃板的间距进行测量的目的：保证实验结论的__________性。7．实验结论：像的大小和物体大小__________；像和物体到平面镜的距离__________；像和物体的连线与镜面____________；平面镜成____________像。如图是小红“探究平面镜成像特点”的情景：小红的实验装置是：竖立的透明玻璃板下方放一把直尺，直尺与玻璃板垂直；两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上，以A蜡烛为成像物体。（1）小红选择玻璃板代替镜子进行实验的目的是便于确定______的位置（选填“物体”或“像”）；（2）所用刻度尺的作用是便于比较像与物______关系（选填“位置”或“大小”）；（3）选取两段完全相同的蜡烛是为了比较像与物的______关系；（4）为了便于观察，该实验最好在______环境中进行（选填“较明亮”或“较黑暗”）；（5）点燃A蜡烛，小心地移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全______为止，这时发现像与物的大小______；用未点燃的蜡烛替代点燃的蜡烛的像的位置的方法叫做______法。进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现，像和物的连线与玻璃板______，像和物到玻璃板的距离______；（6）移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，则光屏上______接收到蜡烛烛焰的像（选填“能”或“不能”），所以平面镜所成的像是______像（选填“虚”或“实”）；（7）小红将蜡烛逐渐远离玻璃板时，它的像______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（8）为证实上述有关成像特点是否可靠，你认为应采取下列哪一项操作？______。A．保持A、B两支蜡烛的位置不变，多次改变玻璃板的位置进行观察B．保持玻璃板位置不变，多次改变A蜡烛的位置，进行与上述（5）相同的操作【答案】像位置大小较黑暗重合相等等效替代垂直相等不能虚不变B【详解】（1）[1]用玻璃板代替平面镜，同时能看到镜前物体的像，又能看到物体的像，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系。（2）[2]所用刻度尺的作用是便于确定像与物位置关系，比较像与物到平面镜的距离关系。（3）[3]用两个相同的蜡烛，便于比较物像大小关系。（4）[4]在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮，所以应在比较黑暗的环境中进行实验。（5）[5][6]实验时，点燃A蜡烛，小心地移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止，比较发现B蜡烛与A蜡烛的像大小相等，说明像与物大小相等。[7]利用另一个大小、形状完全相同的未点燃蜡烛与所成的像去比较和确定像的位置，采用的是效替代法，等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。[8][9]进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现，A蜡烛与A蜡烛像的应点的连线与玻璃板垂直，A蜡烛到玻璃板的距离等于像到玻璃板的距离。（6）[10][11]光屏只能接收实像，不能接受虚像，所以移去蜡烛B，并在其位置上放一光屏，发现光屏不能接收到蜡烛A的像，说明平面镜成的像是虚像。（7）[12]由于平面镜所成的像是与物体等大的虚像，所以将蜡烛逐渐远离玻璃板时，蜡烛所成像的大小不变，也逐渐远离玻璃板。（8）[13]A．保持A、B两支蜡烛的位置不变，多次改变玻璃板的位置进行观察，每一次的物距都是相同的，虽然可以改变位置，但是不能改变物距，不具有普遍性，故A不符合题意。B．保持玻璃板位置不变，多次改变A蜡烛的位置，进行与上述（5）相同的操作，可以多次改变物距，探究平面镜的成像性质，故B符合题意。故选B。在探究“凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距为10cm；（1）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图甲所示，光屏上成清晰的像（像未画出），该像为倒立、_________（填“放大”或“缩小”）的实像，生活中的_________（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）利用了这个成像原理；（2）将蜡烛移到42cm刻度线上，观察到的像是_________（选填“倒立”或“正立”）的；（3）将一个未知透镜放在蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊了，向右移动光屏，像又变得清晰了，用这种方法可以矫正_________眼（选填“近视”或“远视”）；（4）保持蜡烛与光屏在光具座上的位置不动，应将凸透镜移到光具座_________cm刻度线处，光屏上会再次出现清晰倒立、_________（填“放大”或“缩小”）的实像；（5）将凸透镜重新移回到如图甲所示位置，在光具座68cm刻度线处又放置一个凸透镜，取走光屏。在这两个凸透镜右侧通过透镜也可以观察到蜡烛所成的像，生活中的_________（填“显微镜”或“望远镜”）利用了这个成像原理；（6）小明在接下来的实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图像如图乙所示，则像距v与t的大致变化关系为图丙中的_________。B．C．D．【答案】缩小照相机正立右近视35放大望远镜C【详解】（1）[1][2]将蜡烛移至光具座上20cm刻度线处成倒立缩小的实像，照相机利用了此原理。（2）[3]将蜡烛移到42cm刻度线上，物距为8.0cm，此时的物距小于焦距，成正立、放大的虚像。（3）[4][5]将一个凹透镜放在蜡烛和凸透镜之间，由于凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚，所以应向右移动光屏，才能在光屏上呈现清晰的像；近视眼的成因是晶状体太厚，折光能力太强，像成在了视网膜的前方，需要配戴凹透镜来矫正。（4）[6][7]由图可知，物距像距蜡烛与光屏在光具座上的位置不动，要在光屏上再次得到清晰的像，此时的像距（即此时的像距与原来的物距相等），根据光路的可逆性，此时的物距所以此时凸透镜的位置在35cm处，蜡烛位于1倍焦距和2倍焦距之间，所以成倒立、放大的实像。（5）[8]将凸透镜重新移回到如图所示的位置，此时成倒立、缩小的实像，若在光具座68cm刻度线处又放置一个相同的凸透镜，此时第一个凸透镜成的像在第二个凸透镜的一倍焦距之内，将第一个凸透镜成的倒立、缩小的实像给放大了，即成一个正立、放大的虚像，所以这两个凸透镜的成像原理与望远镜的原理是相同的，此时看到的像相对于蜡烛来说是倒立的。（6）[9]将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透，物距逐渐增大，根据凸透镜成的实像时有：物远（物距变大）像近（像距变小）像变小，像距逐渐减小，从到但像距只能接近1倍焦距，而不能小于1倍焦距，物体在一倍焦距和二倍焦距之间时，像在二倍焦距以外，且蜡烛移动较小的距离，像就移动很大的距离，所以像距变化较快，物体在二倍焦距以外时，像在一倍焦距和二倍焦距之间时，且蜡烛移动较大的距离，像移动较小的距离，所以像距变化较慢，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。四、质量和密度【测量固体的密度——考点详解】1．实验原理：________________。2．天平的使用：天平放水平，游码归零，左偏右调，右偏左调。3．天平读数：物体质量=砝码质量+游码在标尺上对应的示数。4．量筒读数：液体体积=大格示数+小格数×分度值。5．实验操作步骤：(密度大于水且不溶于水的物质)(1)测质量：用天平测出物体的质量m。(2)测体积：向量筒中倒入适量水，读出示数V1；用细线拴住物体，将物体缓慢____________在量筒的水中，读出量筒的示数V2；物体的体积为____________。(3)计算密度：物体的密度ρ=__________________。6．实验误差分析：根据ρ=eq\f(m,V)分析，确定是质量测量引起的误差还是体积测量引起的误差。(1)质量测量引起的误差：先测体积，再测质量，由于物体沾上了水，使所测质量偏__________，导致所测密度偏__________。(2)体积测量引起的误差：测体积时，物体没有浸没在水中，所测体积偏____________，导致所测密度偏______________。小多在沙滩上捡到一小块鹅卵石，想用学过的浮力知识测量它的密度，于是把它拿到了实验室。（1）他设计了用弹簧测力计、烧杯、水、细线测量的方案如下：a.用细线将鹅卵石系在弹簧测力计下，测出鹅卵石的重力，记为G。b.在烧杯内装入适量水，并用弹簧测力计提着鹅卵石，使它浸没在水中，记下弹簧测力计的示数F。c.鹅卵石密度的表达式为ρ石=______（用G、F和ρ水表示）。（2）在用弹簧测力计实际测量鹅卵石的重力时，出现了如图甲所示的现象，这使得他放弃了这个方案。他放弃的原因是：______。（3）他在老师指导下重新设计了用天平及砝码、烧杯、水、细线测量鹅卵石密度的方案，并进行了测量：a.将天平放在水平台上，把游码放到标尺左端的零刻线处，当指针静止时如图乙所示，此时应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，直到横梁平衡。b.用天平测量鹅卵石的质量，天平平衡时，砝码质量和游码位置如图丙所示，则鹅卵石的质量为______。c.在烧杯内装入适量的水，用天平测量烧杯和水的总质量为60g。d.如图丁所示，使烧杯仍在天平左盘，用细线系着鹅卵石，并使其悬在烧杯里的水中，当天平平衡时，天平的示数为66.8g。则鹅卵石的体积为______cm3，鹅卵石的密度______g/cm3。（结果保留一位小数，ρ水=1.0×103kg/m3）【答案】测力计分度值过大右18.4g6.82.7【详解】（1）[1]根据称重法测浮力，由已知条件，鹅卵石浸没在水中时受到的浮力-----①根据阿基米德原理----②由①②得鹅卵石的体积-----③鹅卵石密度的表达式------④将③代入④得（2）[2]图甲中测力计分度值为0.2N，出现了如图甲所示的现象，指针约指一个小格处，测力计分度值过大，测量误差较大，故她放弃了这个方案。（3）[3]将天平放在水平台上，把游码放到标尺左端的零刻线处，当指针静止时如图乙所示，即指针静止时指在分度盘中央刻度线的左侧指针左偏，此时应将平衡螺母向右调节，直到横梁平衡。[4]图丙中标尺的分度值为0.2g，鹅卵石的质量是[5]由图丙和丁示可知，增加的砝码质量即为鹅卵石排开水的质量。[6]由可得，排开水的体积因鹅卵石完全浸没在水中，故鹅卵石的体积鹅卵石的密度小华在测量石子密度时，进行了如下操作：（1）将天平放在水平台上，游码调至左端零刻线处，发现指针在ab间摆动如图甲所示，此时应向_____端调节平衡螺母，使横梁在水平位置平衡；（2）将石子放左盘，向右盘加减砝码，当右盘放入5g的砝码时，发现指针指在分度盘中线的右侧，则它下一步的操作是_____；A．向右移动游码

B．向左移动平衡螺母

C．取出5g的砝码（3）当天平再次平衡时，砝码及游码如图乙所示，将石子浸没于量筒的水中，前后示数如图丙所示，则石子的密度为_____；（4）小华又利用量筒和水巧妙的测量果冻的密度（ρ水＜ρ果冻），操作如下：①打开果冻盒，用勺取出一部分，将剩余果冻及盒放入盛有20mL水的量筒内，使其漂浮，读出体积为30mL，如图丁A所示；②倒出果冻，把先取出的那部分果冻倒入盒内，再将盒放入量筒内，使其漂浮，读出体积为29mL，如图丁B所示：③倒出果冻，空的果冻盒放入量筒内，使其漂浮，读出体积为25mL；④取出果冻盒用量筒内的水将果冻盒装满，读出量筒内剩余水的体积为14mL；⑤果冻密度ρ果冻=_____【答案】右C1.5【详解】（1）[1]将天平放在水平台上，游码调到标尺的零刻线处，由图甲可知，指针向左偏，说明天平左侧偏重，故平衡螺母向右调节，直到指针指在分度盘中央。（2）[2]将石子放左盘，向右盘加减砝码，当右盘放入5g的砝码时，发现指针指在分度盘中线的右侧，说明右盘砝码过重，则应取出最大砝码，再适当调节游码，直到天平横梁在水平方向平衡，故C符合题意，AB不符合题意。故选C。（3）[3]标尺的分度值为0.2g，游码所在处的示数为4.4g，石子的质量由图丙可知石子的体积为则石子的密度为（4）①[4]已知量筒内原有水20mL，第一次将部分果冻和果冻盒放入量筒内漂浮时，排开水的体积为排开水的质量为②第二次将部分果冻和果冻盒放入量筒内漂浮时，排开水的体积为:排开水的质量为③倒出果冻，空果冻盒漂浮，空果冻盒排开水的体积为则空果冻盒排开水的质量为则空果冻盒的质量则果冻的总质量为④取出果冻盒用量筒内的水将果冻盒装满，则果冻盒的容积为⑤即果冻的体积为，则果冻的密度为【测量液体的密度——考点详解】1.本实验的关键操作：(1)用天平测出液体和烧杯的质量m1。(2)将烧杯中的部分液体倒入量筒中，读出量筒的示数V。(3)用天平测出烧杯和剩余液体的质量m2。(4)液体密度ρ=______________。2．实验误差分析：(1)先测烧杯质量，再测烧杯和液体的总质量，最后测全部液体的体积，由液体总质量和总体积计算液体密度。由于少许液体残留在烧杯壁上，导致V偏________，所测密度偏________。(2)先测液体体积，再测烧杯质量，最后测全部液体和烧杯的质量，由液体总质量和总体积计算液体密度。由于少许液体残留在量筒壁上，导致m偏________，所测密度偏________。炎热的夏天到了，小聪在家将鲜榨果汁冰镇后饮用降暑。他想知道果汁的密度，于是用天平、量筒和小烧杯来测量果汁的密度；（1）将天平放在_________上，把游码移至标尺左端的_________处，此时指针的指向如图1所示，应向_________（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平水平平衡；（2）在小烧杯中倒入适量果汁，用调好的天平测出小烧杯和果汁的总质量如图2所示，小烧杯和果汁的总质量m1＝_________g；把小烧杯中一部分果汁倒入量筒中如图3所示，量筒中果汁的体积V＝_________cm3；再测出小烧杯和杯中剩余果汁的总质量m2＝38.4g；（3）小聪所测果汁的密度ρ果汁＝_________kg/m3；（4）小聪将小烧杯中果汁倒入量筒时，量筒壁上沾有较多果汁，则他测得果汁的密度_________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（5）如果小聪先称量了空烧杯的质量m1，然后在烧杯中倒入适量果汁，又测得烧杯和果汁的总质量m2。最后把烧杯中的果汁全部倒入量筒中，测得量筒中果汁的体积为V；则果汁密度为，这种方法测得果汁密度_________（选填“偏大”、“偏小”或“准确”），原因是_________。【答案】水平桌面零刻度线右80.4401.05×103偏大偏大烧杯内还有果汁残留，导致所测体积偏小【详解】（1）[1][2]使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使天平的横梁水平平衡。[3]调节天平横梁平衡时，由图甲可知指针静止时偏向分度盘中线的左侧，说明天平的左端下沉，平衡螺母向上翘的右端移动。（2）[4][5]由图可知，小烧杯和果汁的总质量为由图知量筒的分度值为2mL，量筒中果汁的体积为（3）[6]量筒中果汁的质量为量筒中果汁的密度为（4）[7]在将果汁倒入量筒时，量筒壁上沾上了部分果汁，这会导致测量的果汁的体积偏小，根据知密度偏大。（5）[8][9]先称量了空烧杯的质量m1，然后在烧杯中倒入适量果汁，又测得烧杯和果汁的总质量m2，最后把烧杯中的果汁全部倒入量筒中，由于有部分果汁附着在烧杯上，所测体积偏小，根据知，质量准确，体积偏小，密度偏大。力学部分【测量物体运动的平均速度——考点详解】1．实验原理：______________。2．测量仪器：____________、____________。3．使小车从同一位置由静止自由滑下的目的：使每次测量时小车的速度____________。4．确定小车的运动距离：“头对头”或“尾对尾”测量。5．计算平均速度。6．斜面坡度不宜过大的原因：坡度过大时，小车运动太快，不便于______________。7．小车在斜面上各段距离运动的平均速度大小：小车在下滑时速度越来越________，越靠近斜面底部的路程，其平均速度越____________。8．多次测量的目的：________________________。9．误差分析：过了终点才停止计时，测出的平均速度会__________；未到终点就停止计时，测出的平均速度会____________。如图所示是测量小车沿斜面下滑的平均速度的实验。（1）该实验目的是练习用_____和_____测平均速度；（2）该实验原理是_____；（3）实验时斜面的坡度不能太大，因为_____；（4）实验时为了保证实验的准确性，减少误差，小车必须从_____释放；（5）实验时观察到，小车沿斜面顶端下滑到斜面底端的运动是_____直线运动（选填“匀速”或“变速”）；（6）实验中测得路程s1上的平均速度为v1，路程s2上的平均速度为v2，路程s3上的平均速度为v3。那么，v1、v2、v3的大小关系是_____。【答案】刻度尺秒表减小小车运动的速度，便于计时静止变速v3＞v1＞v2【详解】（1）[1][2]实验中要用刻度尺测量小车运动的路程，用秒表测量小车运动的时间。（2）[3]实验中要利用公式计算小车的平均速度，因此实验原理为。（3）[4]实验中为了方便计时，应使斜面的坡度较小，使小车下滑的速度慢一些。（4）[5]实验时为了保证实验的准确性，减少误差，小车必须由静止释放。（5）[6]小车沿斜面顶端下滑到斜面底端的过程中速度逐渐增大，即小车做变速直线运动。（6）[7]由于小车在下滑过程中做加速运动，所以上半段的平均速度v2最小，下半段的平均速度v3最大，全程的平均速度v1居中，即v3＞v1＞v2【探究力与运动的关系——考点详解】1．实验时每次使小车从同一高度由静止自由滑下：使小车每次到达水平面时的________相同。2．改变水平面上的材料：通过改变接触面的粗糙程度来改变__________的大小。3．使小车从斜面滑下后沿水平面运动：使小车在竖直方向上受到的________力和________力相互平衡，并保证小车在水平面上只受__________力。4．小车运动到斜面底端后能继续运动的原因：小车具有__________。5．转换法的应用：通过小车在水平面上运动的距离不同来判断阻力的大小，阻力越________，速度减小得越__________,小车运动得越__________。6．实验推理：若物体不受阻力时，物体的速度将不会减小，即永远做匀速直线运动，即牛顿第一定律运用了科学推理的方法。7．实验结论：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。古希腊学者亚里士多德认为：如果要使一个物体持续运动，就必须对它施加力的作用。而伽利略则认为：物体的运动并不需要力来维持。到底谁说得对呢？为了探究这个问题，小明和同学们设计了如图甲所示的实验。（1）如图甲，分别让同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，其目的是使小车到达平面时的_______相同，实验中让小车在粗糙程度不同的水平面上滑行目的是为了探究__________对物体运动的影响；（2）小车三次滑行的距离如甲所示，可以得出的结论是：小车受到的阻力越小，速度减小得________，进一步推理可知，如果运动的物体不受力，将做________运动；（3）通过上述实验的探究，你赞同________（选填“亚里士多德”或“伽利略”）的观点；完成上述实验后，小明想利用斜面小车还可以模拟研究汽车超载和超速带来的安全隐患，于是设计了如图乙①②③所示的探究实验，将A、B、C三个小车先后从同一装置，高度分别为hA、hB、hC的位置滚下（mA=mB<mC，hA=hC>hB），推动小木块运动一段距离后静止，请你根据生活经验和所学的物理探究方法，对以下问题进行解答：（4）用来研究超速带来的安全隐患时，应选择图乙中的_______两个图所示实验进行比较，理由是：_________；（5）选择①③两图是用来模拟研究_______带来的安全隐患，实验时需要控制的变量是_______相同。【答案】速度阻力越慢匀速直线伽利略①②质量相同，速度不同超载速度【详解】（1）[1]在实验中，为了控制小车在水平面上的速度相同，可以使小车在同一高度下滑。[2]由题意可知，三次实验中，小车的质量相等，小车在水平面上的初速度相同，而小车在粗糙程度不同的水平面上滑行，即小车受到的阻力不同，所以这是为了探究阻力对物体运动的影响。（2）[3][4]由图可知，小车在木板表面受到的阻力最小，滑行的最远，在毛巾表面受到的阻力最大，滑行的最近，所以可以得出的结论是：小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，进一步推理可知，如果运动的物体不受力，将做匀速直线运动。（3）[5]通过上述实验，我们通过推理得知，如果运动的物体不受力，将做匀速直线运动，也就是说，物体的运动并不需要力来维持，所以赞同伽利略的观点。（4）[6][7]在研究超速安全隐患时，即研究动能大小与速度的关系，我们需要控制的变量是质量，实验时，应选择质量相等，到达水平面时速度不同的两个小车，即下滑高度不同的两个小车，由图可知，①②两图符合题意。（5）[8][9]由图及题意可知，①③两图，两个小车下滑的高度相同，即两小车到达水平面时的速度相同，而两小车的质量不同，小车撞击木块移动的距离也不同，所以这研究的是动能大小与质量的关系，即研究的是超载安全隐患。【探究二力平衡的条件——考点详解】1．选择小车(或小卡片)而不是木块的原因：减小____________对实验的影响。2．定滑轮的作用：____________________。3．选择静止状态的物体研究的原因：匀速直线运动状态不好控制。4．控制变量法的应用(1)探究平衡的两个力是否在同一直线上：保持两边钩码质量相等，将小车(或小卡片)____________。(2)探究平衡的两个力是否大小相同：保持两个力在同一条直线上，改变小车(或小卡片)两边所挂钩码的__________。(3)探究平衡的两个力是否作用在同一物体上：保持两个力在同一条直线上，两边钩码质量相等，用剪刀剪开小卡片。5．进行多次实验的目的：避免偶然性，得出普遍规律。6．实验结论：二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小________，方向________，并且作用在____________直线上。小明利用图中的甲装置做“探究二力平衡条件”的实验。（1）实验中应该让研究对象处于______状态，并通过调整______来改变拉力大小；（2）实验时，小明发现当向左盘和右盘同时加入一个相同的钩码时，木块处于静止状态，此时木块在水平方向受到两个力的作用，这两个力是平衡的。小明再在左盘中增加一个很轻的砝码时，发现木块仍然处于静止状态。仔细分析后他认为出现这种现象的原因是桌面太______（选填“光滑”或“粗糙”）；（3）于是小明改用乙装置进行实验。他在卡片的两端挂上数量相同的钩码后，小卡片才能处于静止状态，这说明二力平衡时两个力的大小______，然后他把小卡片扭转一个角度，松手后小卡片回到原来的位置，这是因为二力平衡时，两个力必须在______，当小卡片静止后，他用剪刀把小卡片从中间剪开，发现两侧钩码落下，说明互相平衡的二力必须作用在______；（4）在对实验进行评估时，小明提出：“当卡片受力平衡时，处于静止状态，这时用力推一下，卡片会不会做匀速直线运动？”于是他又换了一个同样的小卡片，利用乙装置进行实验。结果他没有看到这一现象，这是因为推出卡片后，卡片受力______（填“平衡”或“不平衡”）【答案】静止或匀速直线运动钩码的个数粗糙相等作用在同一直线上在同一物体上不平衡【详解】（1）[1]实验中，要探究二力平衡条件，应让研究对象处于静止状态或匀线运动状态，此时研究对象处于平衡状态，受到平衡力的作用。[2]图甲中，左盘和右盘中，钩码的个数不同，对木块两个方向上的拉力也不同，所以可通过调整钩码个数来改变拉力的大小。（2）[3]图甲中，在左盘中加入一个很轻的钩码时，木块相对桌面有向左移动的趋势，受到一个向右的静摩擦，当桌面较粗糙时，此摩擦力较大，与水平方向的两个拉力是平衡力，所以木块仍处于静止状态。（3）[4]图乙中，小卡片两端挂上钩码个数相同，即水平方向上所受的两个拉力相同，小卡片处于静止，说明二力平衡时两个力的大小相等。[5]小卡片扭转一个角度，水平方向上的两个拉力不作用在同一直线上，此时小卡片又转回到原来位置，说明它不能处于平衡状态，所以二力平衡时，两个力必须作用在同一直线上。[6]小卡片被剪开后，两个水平拉力作用在不同的物体上，两个小卡片都不能静止，所以说明：相互平衡的二力必须作用在同一物体上。（4）[7]推出卡片后，绳子与滑轮间有摩擦力，卡片此时所受的力不平衡，所以不能做匀速直线运动。【探究影响滑动摩擦力大小的因素——考点详解】1．测量滑动摩擦力的原理(转换法的应用)：用弹簧测力计拉着物体在水平面做匀速直线运动，利用二力平衡原理知，弹簧测力计示数__________滑动摩擦力的大小。2．控制变量法的应用(1)探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系：保持接触面粗糙程度不变，改变________大小。(2)探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系：控制压力大小不变，改变________________。3．实验误差分析：实验中很难控制物体做匀速直线运动，或弹簧测力计运动中读数导致读数不准确。4．实验方案的改进：实验过程中很难保证物体做匀速直线运动，可改进方案，如图甲、乙所示。5．实验结论：滑动摩擦力的大小跟压力和接触面的粗糙程度有关，压力越_______，接触面越______，滑动摩擦力越大。小明用弹簧测力计、矿泉水瓶、两个粗糙程度不相同的长木板、小桶等器材做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。【设计并进行实验】（1）他将一装满沙子的矿泉水瓶横放在图甲所示的长木板上，用弹簧测力计水平向右拉动它做_____直线运动，弹簧测力计对矿泉水瓶的拉力大小_____矿泉水瓶受到的摩擦力大小，判断依据是_____。（2）若他还想探究滑动摩擦力与压力的关系，在（1）中实验装置的基础上（不增加实验器材），他可以_____后，重复（1）的实验操作。实验中矿泉水瓶受到的滑动摩擦力方向是_____。【交流评估】（3）小华对小明的实验设计进行改进，小华将装满沙子的矿泉水瓶放在长木板上，他组装了图乙所示的实验装置，向小桶中倒入沙子，拉动长木板做加速运动，待弹簧测力计示数稳定后，此时弹簧测力计示数等于矿泉水瓶受到的滑动摩擦力。下列说法正确的是_____。A．拉动长木板的速度必须大B．必须匀速拉动长木板C．必须保持与弹簧测力计相连的细线水平（4）图丙的①和②是使用同一个矿泉水瓶，在不同粗糙程度的长木板表面上通过多次实验，并根据实验数据绘制的滑动摩擦力f与矿泉水瓶对长木板的压力F的关系图像，对比①和②可以得到结论：_____。【答案】匀速等于二力平衡减少瓶中沙子水平向左C滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关【详解】（1）[1][2][3]实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着矿泉水瓶做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，弹簧测力计的示数就等于摩擦力的大小。（2）[4]要探究滑动摩擦力与压力的关系，需要保持接触面的粗糙程度不变，改变压力的大小，可以将矿泉水瓶中的沙子倒出一部分，减小了矿泉水瓶的重力，从而减小了矿泉水瓶对桌面的压力。[5]滑动摩擦力的方向与与物体相对运动的方向相反，故方向水平向左。（3）[6]AB.因木块相对地面静止，故木块受到弹簧测力计的拉力与摩擦力为一对平衡力，大小相等，实验时，对木板的运动速度没有要求，故AB错误；C.只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小，故C正确。（4）[7]比较①②图象知，压力相同，接触面粗糙程度不同时，物体受到的滑动摩擦力大小不同，可得滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。小明用如图所示装置探究“影响滑动摩擦力大小的因素”，一端带有定滑轮的长木板固定不动，铝块通过细线与弹簧测力计相连。（忽略细线与滑轮之间的摩擦）（1）图甲中，将铝块放在水平木板上，竖直向上拉弹簧测力计，当铝块沿水平方向做______运动时，此时铝块所受滑动摩擦力大小为______N；（2）若在图甲铝块上放一外形相同的木块，则可以探究滑动摩擦力大小与______的关系；（3）若将铝块和外形相同的木块按照图乙所示方式放置，则此时铝块受到的滑动摩擦力大小______（选填“大于”“小于”或“等于”）图甲中铝块所受滑动摩擦力；（4）小明查阅资料得知：在接触面的粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比。若将图乙中的木块放在铝块上，变成如图丙所示的实验装置，用弹簧测力计拉着铝块，使铝块和木块一起做匀速直线运动，已知木块的质量是铝块质量的，则此时弹簧测力计的示数为______N，木块所受到的摩擦力为______N；（5）实验中弹簧测力计损坏，小明设计了如图丁所示的实验装置，小桶内装入适量沙子，使铝块恰好做匀速直线运动，铝块质量为，沙子和小桶总质量为，则铝块受到的摩擦力______（用符号表示，不计绳与滑轮之间的摩擦）。【答案】匀速直线1.6压力大小等于1.920【详解】（1）[1][2]竖直向上拉弹簧测力计，当铝块沿水平方向做匀速直线运动时，此时铝块在水平方向上受到平衡力的作用，由二力平衡的条件，所受滑动摩擦力大小等于测力计示数大小，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为1.6N，为f1=1.6N（2）[3]影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。在图甲铝块上放一外形相同的木块，接触面的粗糙程度不变、压力改变，因此可以探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。（3）[4]甲、乙图中，铝块对支持面的压力大小和接触面的粗糙程度都保持不变，所以图乙中铝块受到的滑动摩擦力大小等于图甲中铝块所受的滑动摩擦力。（4）[5]由图甲可知，单独拉铝块时弹簧测力计的示数为；已知木块的质量是铝块质量的，木块的重力是铝块重力的，故图丙中此时压力大小（等于物体的重力之和大小）即图丙中此时压力大小为甲图中铝块对支持面压力大小的，因在接触面的粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比，所以此时弹簧测力计的示数为[6]因木块相对于铝块没有相对运动的趋势，故木块所受到的摩擦力为0。（5）[7]铝块做匀速直线运动时，受到的拉力与滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，所以【探究压力的作用效果——考点详解】实验方法：控制变量法、转换法；压力的作用效果通过接触面的___________________来体现；实验结论：压力的作用效果与________________、________________有关。小红发现当体重秤倾斜放置时测量值变小，于是她产生疑问：压力的作用效果到底与哪些因素有关呢？她做出了如下猜想：猜想一：可能与压力大小有关；猜想二：可能与受力面积的大小有关；为验证上述猜想，小红利用小桌、海绵和砝码等器材进行了如图所示的实验。（1）实验中通过观察___________来比较压力的作用效果，我们___________（选填“可以”或“不可以”）用沙子代替海绵来完成实验。（2）比较甲、乙两图实验操作，控制___________相同，改变___________的大小，可得到的结论是___________，压力的作用效果越明显。（3）比较___________两图实验能验证猜想二是正确的，可得出结论：___________，压力的作用效果越明显。下列实例中，直接应用该结论的是___________。A．图钉的一端做得很尖

B．严禁货车超载

C．书包要用宽的背带

D．菜刀要经常磨一磨（4）比较丙、丁两图，小红得出结论：压力一定时，受力面积越大，压力的作用效果越明显。请你分析造成前后两个结论不一致的原因是___________。【答案】海绵的凹陷程度可以受力面积压力受力面积相同时，压力越大乙丙压力大小相同时，受力面积越小AD受力面的材料不同（没有控制变量）【详解】（1）[1]实验中，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，即压力的作用效果是通过比较海绵的凹陷程度来反映的。[2]我们一般选择海绵、泡沫塑料、沙子等较易形变的材料，如果用沙子代替海绵做此实验，仍然可以完成本次实验。（2）[3][4][5]对比甲乙图可知，受力面积相同时，压力不同，压力越大，海绵的凹陷程度越大，压力的作用效果越明显。（3）[6][7]通过比较乙和丙两组实验可知，压力相同，受力面积不同，海绵的凹陷程度不同，故可得出结论：当压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；从而可以验证猜想二是正确的。[8]A．图钉的一端做得很尖是压力相同的情况，通过减小受力面积来增大压强，故A符合题意；B．严禁货车超载，在受力面积相同的情况，通过减小压力来减小压强，故B不符合题意；C．书包要用宽的背带，是在压力相同的情况，通过增大受力面积来减小压强，故C不符合题意；D．菜刀要经常磨一磨，是压力相同的情况，通过减小受力面积来增大压强，故D符合题意。故选AD。（4）[9]不同的物体受力改变形状的难易程度是不同的，海绵比较容易改变形状，木板不易发生形变，受到相同的压力时，物体的形变程度不同，所以得出了两个不同的结论；故要想研究压力的作用效果与受力面积的关系，应该控制受力物体、压力都相同，只改变受力面积的大小，再观察形变程度的不同，得出正确结论。【探究影响液体内部压强的因素——考点详解】1．U形管压强计的使用(1)实验前检查装置的气密性：用手压金属盒上的橡皮膜，观察U形管中液柱是否变化，若变化，说明气密性良好。(2)实验前用手按压橡皮膜，U形管两边液柱的高度几乎不变的原因：U形管压强计__________。(3)若实验前装置漏气，应进行的操作：___________________________。2．转换法的应用：根据U形管压强计中两侧液面的__________来判断液体压强的大小。3．控制变量法的应用(1)探究液体内部压强与方向的关系：控制金属盒在同种液体的深度不变，改变金属盒的________。(2)探究液体内部压强与深度的关系：使金属盒浸没在同种液体中的不同深度处。(3)探究液体内部压强与液体密度的关系：控制金属盒在不同液体中的__________相同。(4)探究液体的压强大小与盛装液体的容器形状的关系：控制液体种类、金属盒浸入液体中的深度相同，改变容器的__________。4．实验结论：液体内部的压强只与液体的密度和液体的深度有关，与容器的形状无关。液体内部向各个方向都有压强，同种液体在同一深度的不同方向处液体的压强相等。在同种液体内部，深度越深，液体压强越________。在深度相同时，液体的密度越__________，压强越大。通过学习，同学们知道了液体压强的特点。在此基础上，老师提出了这样的问题：（1）压强计___________（填“是”或“不是”）连通器；（2）当压强计的金属盒在空气中时，U形管两边的液面应当相平，而小明同学却观察到如图（a）所示的情景。出现这种情况的原因是：U形管左管液面上方的气压___________大气压（填“大于”、“小于”或“等于”）；调节的方法是：___________；A．将此时右管中高出的液体倒出

B．取下软管重新安装（3）重新安装压强计后，小明按图（b）所示的检查。当用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化。出现这种情况的原因可能是：__________________；（4）压强计调节正常后，小明将金属盒先后浸入到两杯液体中，如图（c）和（d）所示。他发现图（d）中U形管两边的液柱高度差较大，于是认为图（d）杯子中盛的是盐水；①你认为小明的结论是___________（填“可靠的”或“不可靠的”）；②简要说明理由：___________。如果图（d）烧杯中装的是盐水，U形管左右两侧水面的高度差h=10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差为___________Pa。（ρ水=1.0×103kg/m3，ρ盐水=1.1×103kg/m3，g=10N/kg）【答案】不是大于B探头漏气不可靠没有控制金属盒在两种液体中的深度相同1000【详解】（1）[1]上端开口底部连通的容器叫做连通器，因压强计一端是密封的，因此不是连通器。（2）[2][3]当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该是相平的，但图（a）中右侧液面高于左侧液面，说明软管中的气体压强大于大气压，此时应把软管取下重新安装，故选B。（3）[4]若压强计的气密性不好，软管中的气体和大气压相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管中的气体压强不会发生变化，U形管中的液面就不会出现高度差，因此出现这种情况的原因可能是探头漏气。（4）[5][6]液体的压强不仅与液体密度有关，还与浸入液体的深度有关，该实验中没有控制橡皮膜浸在盐水中和水中的深度相同，因此结论是不可靠的。（5）[7]U形管中装的是水，左右两侧水面的高度差h=10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差为【探究影响浮力大小的因素——考点详解】1.控制变量法的应用：(1)探究浮力的大小与物体浸没的深度的关系：用弹簧测力计提着同一物体，使物体浸没在___________液体的___________深度处，观察弹簧测力计示数；(2)探究浮力的大小与物体排开液体体积的关系：用弹簧测力计提着同一物体，使物体浸入___________液体的体积___________,观察弹簧测力计示数；(3)探究浮力的大小与液体密度的关系：用弹簧测力计提一物体，使物体浸没在___________液体的___________深度处，观察弹簧测力计示数。2.要选用不同液体、不同物块进行多次实验的目的：______________________。3.用称重法计算浮力：F浮=G物-F拉4.计算物体的体积、密度：V物=小猛同学按如图所示的装置进行“探究影响浮力大小的因素”的实验。（1）图乙所示实验中，物体受到的浮力为___________N；（2）分析图甲、丙、丁，说明浮力的大小与物体浸入___________无关；（3）选用图甲、丁、戊，可探究浮力大小与___________的关系；（4）用图示实验数据还可测出盐水的密度为___________kg/m3。【答案】1.6液体深度液体密度1.1×103【详解】（1）[1]由图甲知，物体的重力G=5N，图乙中物体完全浸在水中时拉力F=3.4N，物体浸在水中时受到的浮力F浮=G﹣F=5N﹣3.4N=1.6N（2）[2]图甲、丙、丁，控制液体的密度和排开液体的体积不同，改变浸没的深度，测力计示数不变，说明浮力大小与物体浸没在液体中深度无关。（3）[3]丁、戊物体都是完全浸没，排开液体的体积相同，液体的密度不同，所以通过甲、丁、戊可探究浮力大小与液体密度的关系。（4）[4]物体完全浸没在水中时拉力F′=1N，物体浸没在水中时受到的浮力F浮=G﹣F′=5N﹣1N=4N物体浸没在盐水中时受到的浮力F浮′=G﹣F′=5N﹣0.6N=4.4N因物体在水和盐水中排开液体的体积和自身的体积相等，所以，由F浮=ρgV排可得整理可得，盐水的密度【探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系——考点详解】1．弹簧测力计读数(看清量程和分度值)。2．用称重法计算浮力：F浮=G-F示。3．测量物体排开液体的重力：采用溢水杯和测力计测量。溢水杯中盛满液体，再把物体浸在液体中，让溢出的液体流入一个小桶中，桶中的液体就是该物体排开的液体，用测力计测出排开液体所受的重力。4．采用不同液体进行多次实验的目的：____________________________________________。5．实验步骤的补充与排序：先测物体重力和空桶重力，然后将物体逐渐浸入溢水杯中，最后称量桶和溢出液体的总重力。6．实验结论：物体浸在液体中受到向上的浮力，浮力的大小__________它排开的液体所受的重力。如图所示，是小南验证阿基米德原理的实验情景，实验步骤如下：(E)(E)（1）如图（A），用弹簧测力计测出空桶的重力；（2）图（B）中存在的错误是_________。纠正错误后，继续实验；（3）图（C）中，圆柱体从刚接触水面到全部浸没水中，水对溢水杯底的压强________（选填“逐渐增大”“逐渐减小”或“保持不变”），弹簧测力计示数________（选填“逐渐增大”“逐渐减小”或“保持不变”），溢出的水逐渐增多。物体全部浸没后，受到的浮力为_________N；（4）如图（D）所示，测出装有溢出水的小桶的总重力。则圆柱体浸没在水中时排开的水所受重力应表示为_________（选用F1、F2、F3、F4中某两个字母来表示）。实验结果表明：浸在水中的物体受到的浮力_________（选填“大于”“等于”或“小于”）物体排开水所受到的重力。（5）如图E所示，将弹簧测力计下端吊着的金属块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中，直至刚没入水中。在此过程中，金属块不接触容器壁，烧杯中无水溢出。观察弹簧测力计示数变化∆F1和台秤示数的变化∆F2的大小，则∆【答案】溢水杯未注满水保持不变逐渐减小1.4F4-F1等于等于【详解】（2）[1]圆柱体放入水中前，溢水杯中的水应该满的，否则溢出水的体积将小于物体排开水的体积，所以，图B中存在的错误是溢水杯未注满水。（3）[2][3][4]圆柱体从刚接触水面到全部浸没水中的过程，溢水杯中水的深度不变，由p=ρgh可知，水对溢水杯底的压强保持不变。实验中观察到弹簧测力计示数逐渐减小，由称重法可知浮力增大，溢出的水逐渐增多，说明圆柱体所受浮力与排开液体的体积有关；由图C可知，圆柱体浸没在水中时，弹簧测力计的示数F3=2.6N，则圆柱受到的浮力F浮=F2-F3=4N-2.6N=1.4N（4）[5]圆柱体浸没在水中时排开的水所受重力G排=F4-F1[6]由图A可知空小桶的重力F1=0.8N由图D可知装有溢出水的小桶的总重力G总=F4=2.2N排开的水所受重力G排=F4-F1=2.2N-0.8N=1.4N所以F浮=