2025年北师大版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，半径为r且水平放置的光滑绝缘的环形管道内，有一个电荷量为e，质量为m的电子.此装置放在匀强磁场中，其磁感应强度随时间变化的关系式为B=B0+kt（k>0）.根据麦克斯韦电磁场理论，均匀变化的磁场将产生稳定的电场，该感应电场对电子将有沿圆环切线方向的作用力，使其得到加速.设t=0时刻电子的初速度大小为v0，方向顺时针，从此开始运动一周后的磁感应强度为B1，则此时电子的速度大小为（）A.B.C.D.2、一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生交变电流的电动势为e=2202sin100娄脨t(v)

对于这个交变电流的说法正确的是A.此交变电流的频率为100Hz

周期为0.01s

B.此交变电流电动势的有效值为220V

C.耐压为220V

的电容器能够在该交变电路中使用D.若将此发电机的转子转速加倍，则电动势的表达式变为e=4402sin100娄脨t(v)

3、如图甲所示，矩形线圈abcd

在匀强磁场中逆时针匀速转动时，线圈中产生的交变电流如图乙所示，设沿abcda

方向为电流正方向；则下列说法正确的是(

)

A.乙图中ab

时间段对应甲图中A

至B

图的过程B.乙图中bc

时间段对应甲图中C

至D

图的过程C.乙图中d

时刻对应甲图中的D

图D.若乙图中d

处是0.02s

则1s

内电流的方向改变50

次4、电场中有A.B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10-8J，在B点的电势能为0.80×10-8J.已知B两点在同一条电场线上如图所示，该点电荷的电荷量为1.0×10-9C，那么（）A.该电荷为负电荷B.该电荷为正电荷C.那么（）A.该电荷为负电荷B.该电荷为正电荷C.B两点的电势差UAB=4.0VD.把电荷从A移到B，电场力做功为W=4.0J5、如图所示，MN和PQ为两根足够长的水平光滑金属导轨，导轨电阻不计，变压器为理想变压器，现在水平导轨部分加一竖直向上的匀强磁场，金属棒ab与导轨接触良好，以下说法正确的是（）A.若ab棒向右匀速运动，则电容器上板带正电B.若ab棒向右匀速运动，则有恒定电流通过RC.若ab棒在某一中心位置两侧做简谐运动，则有交变电流通过电阻RD.若ab棒做匀加速运动，则有电流通过电容器6、图中标出了磁感应强度B

电流I

和其所受磁场力F

的方向，正确的是(

)

A.B.C.D.7、一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动。线圈中的感应电动势e

随时间t

的变化如图所示。下面说法中正确的是(

)

A.t1

时刻通过线圈的磁通量为零B.t2

时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C.t3

时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D.每当e

变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)8、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)10、如图所示的正方形的盒子开有a、b、c三个微孔，盒内有垂直纸面向里的匀强磁场，一束速率不同的电子从a孔沿垂直于磁感线方向射入盒中，发现从c孔和b孔有电子射出．则。

（1）从b孔和c孔射出的电子的速率之比Vb：Vc为____；

（2）从b孔和c孔射出的电子在盒内运动时间之比为____．11、一个物体同时受到两个力的作用F1、F2的作用，F1、F2与时间的关系如图所示，如果该物体从静止开始运动，当该物体具有最大速度时，物体运动时间是____s.该物体的最大动量是㎏·m/s12、在两块平行竖直放置的带等量异种电荷的金属板M、N间的匀强电场中有A、B两点，AB连线与水平方向成30°角，AB长为0.2cm，如图所示．现有一带电量为4×10-8C的负电荷从A沿直线移到B点，电场力做正功2.4×10-6J，则A、B两点间的电势差大小为______，______点电势高．若此电荷q沿任意路径从B到A点，电荷电势能变化情况是______，此匀强电场的场强大小为______，若两金属板相距0.3cm，则两板电势差为______．13、半径为r、电阻为R的n匝线圈在边长为l的正方形abcd之外，匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域，如图甲所示．当磁场随时间的变化规律如图乙所示时，则穿过线圈磁通量的变化率为______，t0时刻线圈产生的感应电流为______．14、如图所示，把一个带正电的物体放在A处，然后把挂在丝线上的带正电的小球先后挂在P1、P2、P3位置，调节丝线的长度使小球与A总在同一水平线上，α1、α2、α3表示丝线与竖直方向的夹角，其中挂在_______处（选填“P1”、“P2”或“P3”）丝线受到的拉力最大；在同一位置，将小球所带电性改变为带负电，电量不变，同时调节丝线的长度使小球与A仍在同一水平线上，则丝线与竖直方向的夹角_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）带正电时丝线与竖直方向的夹角。15、电荷既不能____，也不能____，只能从____转移到____；或者从物体的一部份转移到物体的另一部分，这个结论叫做电荷守恒定律．16、图为用游标卡尺测量某一工件的情形，这时的读数为______cm．

17、日光灯的启动器在日光灯启动时的作用是：__________，镇流器在日光灯启动时能提供瞬时高压，在日光灯正常工作时起：_____________的作用。评卷人得分四、判断题(共1题，共10分)18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）评卷人得分五、画图题(共2题，共12分)19、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象20、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、综合题(共4题，共28分)21、(1)(1)如图，一定质量的理想气体从状态aa开始，经历过程垄脵垄脵垄脷垄脷垄脹垄脹垄脺垄脺到达状态ee对此气体，下列说法正确的是______

A.过程垄脵垄脵中气体的压强逐渐减小

B.过程垄脷垄脷中气体对外界做正功

C.过程垄脺垄脺中气体从外界吸收了热量

D.状态ccdd的内能相等

E.状态dd的压强比状态bb的压强小(2)(2)如图，容积为VV的汽缸由导热材料制成，面积为SS的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门KK开始时，KK关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p0。现将KK打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为V8时，将KK关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了V6。不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为gg求流入汽缸内液体的质量。22、【物理—选修3-3】略23、[

物理漏陇漏陇

选修3鈭�3]

(1)

氧气分子在0隆忙

和100隆忙

温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如图中两条曲线所示。下列说法正确的是________。(

A.图中两条曲线下面积相等B.图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形C.图中实线对应于氧气分子在100隆忙

时的情形D.图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目E.与0隆忙

时相比，100隆忙

时氧气分子速率出现在0隆芦400m/s

区间内的分子数占总分子数的百分比较大(2)

如图所示，在导热良好的圆柱形气缸内，可以自由移动的活塞a

和b

密封了AB

两部分气体，处于平衡状态。已知活塞横截面积Sa隆脙Sb=2隆脙1

密封气体的长度LA隆脙LB=1隆脙4

若用外力把活塞a

向右缓慢移动距离d

求活塞b

向右移动的距离。室温保持不变。24、【物理—选修3-4】（15分）（1）．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是(填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错一个扣3分，最低得分为0分)（）A．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C．在光导纤维束内传送图像是利用光的全反射现象D．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象E．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变窄（2）一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，P质点此时的位移为10cm，振幅为20cm。P质点再经过s第一次到达波峰，求：（1）P质点的位移y与时间t的函数关系；（2）该简谐横波的波速。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】感应电动势：电场方向逆时针，电场力对电子做正功，在转动一圈过程中对电子用动能定理：B正确，由A正确。【解析】【答案】B2、B【分析】【分析】本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等。

对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义。【解答】A.由交变电流的瞬时值的表达式知e=Emsin娄脴t(V)，故频率f=娄脴2娄脨=100娄脨2娄脨Hz=50Hz，周期T=2娄脨娄脴=2娄脨100娄脨s=0.02s，故A错误；B.交变电流电动势的有效值E=Em2=22022V=220V，故B正确；C.电容器的耐压值为交变电流的最大值，即2202V，故C错误；D.若交变电压的最大值是EEm=NBS娄脴=NBS娄脴线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值均增大一倍，角速度娄脴=2娄脨n娄脴=2娄脨n所以角速度增大一倍，即电动势的表达式变为e=4402sin200娄脨t(V)，故D错误。故选B。【解析】B

3、B【分析】【分析】

该位置的磁通量最大；感应电流为0

是中性面。矩形线圈在匀强磁场中绕轴匀速转动时，在线圈中产生正弦交流电。

该题考查交流电的产生；中性面与交流电的图象；要明确线圈的转动图象与交流电的瞬时电动势的图象之间的关系。

【解答】

从线圈转过中性面的位置开始计时；所以电流在开始时为0

线圈在匀强磁场中绕轴逆时针匀速转动时，切割磁感线，产生电流，根据右手定则可以判定；

A、乙图中ab

感应电流为正方向，且大小在减小，根据楞次定律，则有：感应电流方向abcda

根据法拉第电磁感应定律，则有：感应电流的大小在增大，所以对应甲图中B

至C

图的过程，故A错误；

B、乙图中bc

感应电流为负方向，且大小在增大，根据楞次定律，则有：感应电流方向adcba

根据法拉第电磁感应定律，则有：感应电流的大小在增大，所以对应甲图中C

至D

图的过程，故B正确；

C；乙图中d

时刻；感应电流为零，则磁通量的变化率最小，即磁通量最大，且电流有负变为零，故对应A

图，故C错误；

D；若乙图中D

等于0.02s

则周期为0.02s

则交流电的频率为50Hz

而一个周期内电流方向改变两次，所以1s

内电流的方向改变了100

次；故D错误；

故选：B

【解析】B

4、A【分析】【解析】试题分析：根据电场力做功以及电场力做功与电势能的关系所以所以D错误。由于所以q<0,因此A正确B错误。根据可知则所以C错误。考点：电场力做功与电势能之间的关系【解析】【答案】A5、C【分析】解：A、B、若ab棒匀速运动，则ab棒切割磁场产生的电流时恒定的；线圈产生的磁通量也是恒定的，不会引起副线圈的磁通量的变化，所以副线圈不会有感应电流产生，所以副线圈的电流全为零，故A；B均错误；

C、当ab棒在某一中心位置附近做简谐运动时产生的是正弦式交变电流；能通过变压器，且副线圈输出也为交流电，故电阻R中有电流，含电容支路中也有电流，故C正确；

D、当ab棒做匀加速运动时产生均匀增加的电动势；形成均匀增加的磁场，副线圈输出稳定的电压，故电阻R中有电流，含电容支路中则无电流，故D错误．

故选：C．

变压器是根据磁通量的变化来工作的；当原线圈的磁通量恒定时，副线圈是没有感应电流的，根据变压器的工作的原理分析原线圈中的电流的变化情况即可得出结论．

变压器只能在交流电路中工作，变压器是根据磁通量的变化来工作的，知道变压器的工作的原理就可以解决本题．【解析】【答案】C6、A【分析】解：A

根据左手定则；安培力的方向竖直向上.

故A正确．

B；电流的方向与磁场方向平行；知不受安培力.

故B错误．

C；根据左手定则；安培力方向竖直向上.

故C错误．

D；根据左手定则；安培力的方向垂直纸面向外.

故D错误．

故选A．

左手定则的内容：伸开左手；使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向.

根据左手定则的内容判断安培力的方向．

解决本题的关键掌握左手定则判定安培力的方向．【解析】A

7、D【分析】由图像可知t1

和t3

时刻的电动势为零，线圈平面垂直磁场，磁通量最大，磁通量的变化率为零，电动势和电流改变方向，所以选项A、C错误，D正确;t2

时刻感应电动势最大，线圈平面平行于磁场，通过线圈的磁通量为零，B

选项错误。【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)8、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共8题，共16分)10、略

【分析】

（1）设电子的质量为m，电量为q，磁感应强度为B，电子圆周运动的半径为r；速率为v，则有。

qvB=m得到，v=r与v成正比．

由图看出，从b孔和c孔射出的电子半径之比rb：rc=1：2，则速率之比vb：vc=rb：rc=1：2．

（2）电子圆周运动的周期为T=又v=得到T=可见周期不变．

从b孔和c孔射出的电子在盒内运动时间分别为tb=tc=所以从b孔和c孔射出的电子在盒内运动时间之比为tb：tc=2：1．

故答案为：（1）1：2．（2）2：1．

【解析】【答案】电子垂直射入匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动．根据牛顿第二定律推导出电子圆周运动的速率与半径的关系．根据几何知识确定电子从c孔和b孔时半径关系；求解速率之比．根据时间与周期的关系，求解时间之比．

11、略

【分析】【解析】【答案】52512、略

【分析】解：由题，WAB=2.4×10-6J，负电荷q=4×10-8C，则A、B两点间的电势差大小为=60V．由于电场力做正功，电场力方向与位移方向的夹角为锐角，则电场力方向应向右，而电荷带负电，则场强方向向左，所以B点的电势高．若此电荷q沿任意路径从B到A点，电场力做功为-2.4×10-6J，电荷的电势能增加．电场强度E=d=ABcos30°=cm，代入解得，E=2若两金属板相距0.3cm，则两板电势差为U=Ed=200000.003V=60．

故答案为：60V，B，增加，260V

由题，已知负电荷的电荷量和电场力对它做的功，根据公式U=求解A、B两点间的电势差大小．电场力做正功，电场力与位移方向的夹角为锐角，确定场强方向，判断A、B两点电势的高低．电荷从B到A，电场力做负功，电荷的电势能增加．由公式E=求解板间场强．

应用U=求解电势差时，U、W、q要代入符号一起计算．公式E=中，d是两点沿电场方向的距离．【解析】60V；B；增加；2×104V/m；60V13、【分析】解：磁通量的变化率为==

根据法拉第电磁感应定律得线圈中的感应电动势E=n=

再根据闭合电路欧姆定律得感应电流I=n=

故答案为：．

本题是线圈的面积不变，磁场在变化，磁通量的变化率=S；再根据法拉第求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流．

本题是线圈类型，要掌握法拉第定律的几种不同表达形式，再结合闭合电路欧姆定律进行求解．【解析】14、略

【分析】根据库仑定律，可知两点电荷间的相互作用力的大小与点电荷的电量及点电荷的间距有关，小球远离带正电的A球，说明细线悬挂的小球带正电，悬挂的小球离带正电的A球越远，受到的作用力越小，同种电荷距离越近排斥作用越强，所以，电荷之间的相互作用跟距离有关，且电荷间的作用力大小随电荷间距离的增大而减小，所以挂在P1处丝线受到的拉力最大，在同一位置，将小球所带电性改变为带负电而电量不变，库仑力的方向相反，导致间距变小，则库仑力的大小变大，因此绳子与竖直方向大于带正电时绳子与竖直方向的夹角．【解析】P1大于15、被创造被消灭一个物体另一个【分析】【解答】解：电荷守恒定律内容为：电荷既不能被创造；也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保持不变．

故答案为：被创造；被消灭，一个物体，另一个．

【分析】根据电荷守恒定律的内容就可以直接作出解答．16、略

【分析】解：游标卡尺的主尺读数为10mm；游标尺上第22个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为22×0.02mm=0.44mm，所以最终读数为：10mm+0.44mm=10.44mm=1.044cm．

故答案为：1.044

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】1.04417、自动控制电路中电流的通断；降压限流【分析】【分析】当开关接通220220伏的电压立即使启动器的惰性气体电离，产生辉光放电，辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触；电流通过镇流器、启动器触极和两端灯丝构成通路，灯丝很快被电流加热，发射出大量电子；双金属片自动复位，两极断开。在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端，灯丝受热时发射出来的大量电子，在灯管两端高电压作用下，以极大的速度由低电势端向高电势端运动，在加速运动的过程中，碰撞管内氩气分子，使之迅速电离，在紫外线的激发下，管壁内的荧光粉发出近乎白色的可见光；当灯管正常发光时，内阻变小，启动器就始终保持开路状态，这样电流就稳定的通过灯管、镇流器工作了，使灯管正常发光起限流作用。本题主要考查的是启动器和镇流器的作用，属于书本上的基础知识。【解答】日光灯的启动器在日光灯启动时的作用是自动控制电路中电流的通断，日光灯正常工作时不起作用，镇流器在日光灯启动时能提供瞬时高压，在日光灯正常工作时起降压限流。故答案为：自动控制电路中电流的通断；降压限流。【解析】自动控制电路中电流的通断；降压限流四、判断题(共1题，共10分)18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．五、画图题(共2题，共12分)19、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】20、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、综合题(共4题，共28分)21、(1)BDE

(2)

解：设活塞再次平衡后；活塞上方气体的体积为V1

压强为p1

下方气体的体积为V2

压强为p2

在活塞下移的过程中，活塞上；下两部分气体的温度均保持不变，作等温变化。

由玻意耳定律得：对上部分气体有p0V2=p1V1

对下部分气体有p0V2=p2V2

由已知条件得V1=V2+V6鈭�V8=1324VV2=V2鈭�V6=V3

设活塞上方液体的质量为m

由力的平衡条件得p2S=p1S+mg

联立以上各式得m=15P0S26g

​【分析】(1)

【分析】

根据理想气体状态方程进行求解即可。

本题是理想气体状态方程的基础题目；不难。

【解答】

A.过程垄脵

是等容变化；温度升高，压强增大，故A错误；

B.过程垄脷

中；体积增大，气体对外做功，故B项正确；

C.过程垄脺

是等容变化；温度降低，放出热量，故C项错误；

D.过程垄脹

是等温变化；温度不变故状态cd

的内能相等，故D项正确；

E.由理想气体方程可知PVT

为定值，状态d

相对于状态bV

和T

均增大，故P

应减小，故E项正确。

故选BDE。

(2)

本题是多体问题；解答此类问题的方法是：找出不同状态下的三个状态参量，分析封闭气体发生的是何种变化，利用理想气体的状态方程列方程，同时要抓住两部分之间的关系，如体积关系；压强关系；本题要能用静力学观点分析两部分气体压强的关系。

液体缓慢地流入汽缸的过程中；活塞上；下两部分气体的温度均保持不变，作等温变化。对两部分气体分别运用玻意耳定律列式，可求得活塞再次平衡后上下两部分气体的压强，再对活塞，由平衡条件列式，可求得流入汽缸内液体的质量。

【解析】(1)BDE

(2)

解：设活塞再次平衡后；活塞上方气体的体积为V1

压强为p1

下方气体的体积为V2

压强为p2

在活塞下移的过程中，活塞上；下两部分气体的温度均保持不变，作等温变化。

由玻意耳定律得：对上部分气体有p0V2=p1V1

对下部分气体有p0V2=p2V2

由已知条件得V1=V2+V6鈭�V8=1324VV2=V2鈭�V6=V3

设活塞上方液体的质量为m

由力的平衡条件得p2S=p1S+mg

联立以上各式得m=15P0S26g

​22、略

【分析】【分析】略【解答】略【解析】略23、（1）ABC

（2）

解：设外界大气压为p0；设活塞b向右移动的距离为x，此时气体A、B的压强均为p；

对A：pA1=p0，VA1=LASa；pA2=p，VA2=（LA-d）Sa+xSb；

由于是等温变化，由波意耳定律可得：pA1VA1=pA2VA2；

对B：pB1=p0，VB1=LBSb；pB2=p，VB2=（LB-x）Sb；

由于是等温变化，由玻意耳定律可得：pB1VB1=pB2VB2；

联立解得：

即：活塞b向右移动的距离为【分析】(1)

【分析】温度是分子平均动能的标志，温度升高分子的平均动能增加，不同温度下相同速率的分子所占比例不同，要注意明确图象的意义是解题的关键。本题考查了分子运动速率的统计分布规律；记住图象的特点，知道横坐标表示的是分子数目所占据的比例，同时明确温度