2025年岳麓版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，同一水平线上的A、B两点固定有电荷量分别为和的点电荷a、b，A、B连线上有C、D两点，且一试探电荷在静电力作用下，以某一速度从C点沿直线运动到D点；电势能一直增大。则（）

A.一定大于B.a、b可能带同种电荷，也可能带异种电荷C.C点的电势一定高于D点的电势D.C点的电场强度一定大于D点的电场强度2、如图所示，在a、b两点固定着两个带等量异种电荷的点电荷，c、d两点将a、b两点的连线三等分；则（）

A.c、d两点的电场强度大小相等，方向相反B.c、d两点的电场强度大小相等，方向相同C.从c点到d点，电场强度先增大后减小D.从c点到d点，电势先降低后升高3、真空中某点电荷的等势面示意图如图所示，图中相邻等势面间电势差相等，已知正电荷在Q点的电势能大于其在P点的电势能。下列说法正确的是（）

A.该点电荷为正电荷B.P点的电势比Q点的电势高C.P点的电场强度小于Q点的电场强度D.把另一带负电的点电荷从P点移到Q点，电场力做正功4、以下说法正确的是中（）A.公式电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关B.由公式可知电场中某点的电势与q成反比C.由Uab=Ed可知，匀强电场中任意两点a、b间距离越大，两点间的电势差也越大D.由可知电场中某点的电场强度E与F成正比5、用如图所示装置探究感应电流产生的条件，线圈A通过变阻器和开关S1连接到电源上，线圈B的两端通过开关S2连到电流表上；把线圈A装在线圈B的里面。下列说法中正确的是（）

A.该装置是探究线圈A中感应电流产生的条件B.S1、S2均处于闭合状态，将线圈A中铁芯拔出时，电流表的指针会发生偏转C.S1、S2均处于闭合状态，将线圈A中铁芯拔出用时越短，电流表的指针偏转角度越小D.两开关均处于闭合状态，此时匀速移动滑动变阻器的滑片，电流表的指针始终指在0刻度线位置评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示为多用电表欧姆挡的原理图，表头内阻为Rg，调零电阻的最大阻值为R0，电池的电动势为E,内阻为r．则下列说法中正确的是（）

A.它是根据闭合电路欧姆定律制成的B.欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的右端C.接表内电池负极的应是红表笔D.调零后刻度盘的中心刻度值是r+Rg+R07、如图所示，一带正电的粒子以一定的初速度沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出。已知板长为L，板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为q，粒子通过平行金属板的时间为t；则（）

A.在前时间内，电场力对粒子做的功为B.整个t时间内，电场力对粒子做功为C.粒子在竖直方向下落前和后过程中，电场力做功之比1∶3D.在前和后时间内，粒子的动能增量之比为1∶38、关于电磁波下列说法正确的是（）A.周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波B.电磁波可以在真空中传播，而水波和声波的传播离不开介质C.赫兹通过一系列实验，证实了麦克斯韦关于光的电磁理论D.遥控器发出的红外线波长与医院“CT”中的射线波长相同9、如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为m的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成角，此时让小球获得初速度且恰能绕O点在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.匀强电场的电场强度B.小球动能的最小值为C.小球运动至圆周轨迹的最高点时机械能最小D.小球从初始位置开始，在竖直平面内运动一周的过程中，其电势能先减小后增大10、如图所示，A、B为两块平行金属板，A板带负电，B板带正电且与大地相接，两板间Q点处固定一负电荷，设此时两极板间的电势差为U，Q点电场强度大小为E、电势为φQ，负电荷的电势能为Ep；现将A；B两板水平错开一段距离（两板间距不变）下列说法正确的是（）

A.U变小，φQ降低B.U变大，E变大C.φQ降低，Ep增大D.φQ升高，Ep减小11、在如图所示的电路，电源的内阻为r；现闭合电键S，将滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是。

A.灯泡L变亮B.电压表读数变小C.电流表读数变小D.电容器C上的电荷量增大12、在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向下移动时，关于灯泡A的亮度及电容器C所带电量Q的变化判断正确的是（）

A.灯泡变亮B.灯泡变暗C.带电量Q减小D.带电量Q增大13、用图示电路观察3个小灯泡的亮度变化和两个电压表的示数变化情况，其中电源电动势为E，内阻为r，如果灯L2因故障突然熄灭，电压表V1示数变化的绝对值为△U1，电压表V2示数变化的绝对值为△U2；则以下说法中可能正确的是（）

A.L1变暗，L3变亮，△U1<△U2B.L1变暗，L3变亮，△U1>△U2C.L1变亮，L3变暗，△U1>△U2D.L1变亮，L3变暗，△U1<△U214、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻（电阻随光强的增大而减小）．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U以下说法正确的是。

A.若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少B.若仅将R1的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U减小，电容器所带电荷量减少D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值减小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、用螺旋测微器测量某材质电线的直径d，其中一次测量如图所示，其读数___________mm。

16、为了探究影响电荷间相互作用力的因素，某老师做了如下实验：把一个带正电荷的导体球A固定在绝缘支架上，然后把系在绝缘丝线上的带电小球先后挂在图中位置，使带电小球与导体球A的球心在同一水平线上，小球静止时的状态如图所示。可以判断丝线上的小球带______（选填“正”或“负”）电荷，两个电荷之间的作用力大小随它们之间距离的增大而______（选填“增大”或“减小”）。

17、如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个正六边形的六个顶点，电场方向与六边形所在平面平行，已知A、B、D三点的电势分别为1V、6V和9V,则六边形中心O点电势为______V，C点电势为________V.

18、如图，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为20cm的正六边形的六个顶点，已知电场方向与六边形所在平面平行，若A、B、C三点电势分别为2V；3V、4V；则。

(1)F点的电势为___________V

(2)匀强电场的场强大小为___________V/m19、如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=1V，φB=4V，φC=0，则D点电势φD的大小为___________V。

20、如图所示，把电量为－5×10－9C的电荷，从电场中的A点移到B点，其电势能___（选填“增大”、“减小”或“不变”）；若A点的电势UA＝15V，B点的电势UB＝10V，则此过程中电场力做的功为____J．

21、如图所示为密立根油滴实验示意图。实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场之中。若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动。在该油滴向下运动的过程中，电场力________（填“做正功”、“做负功”或“不做功”），重力势能的减少量___________动能的增加量。（填“大于”；“小于”或“等于”）

评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)25、某同学在实验室做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验；实验室提供了如下器材：

小灯泡（2.5V；0.5A）

电流表A（量程为0.4A，内阻）

电压表V（量程为3V，内阻）

滑动变阻器（最大阻值允许通过的最大电流2A）

定值电阻

定值电阻

电源E（电动势为3V；内阻不计）

开关S一个；导线若干。

（1）他设计了如图甲所示的实验电路，应选______（填“”或“”），电流表与并联后的量程为______A。

（2）利用图甲所示电路进行实验，某次测量时电流表的示数为0.2A，此时电压表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为______Ω（结果保留两位有效数字）。

（3）通过实验正确作出小灯泡的图线，如图丙所示。现把实验中使用的两个完全相同的小灯泡并联后接到如图丁所示的电路中，其中电源的电动势内阻定值电阻则此时每个小灯泡的实际功率为______W（结果保留小数点后两位数字）。

26、某物理兴趣小组的同学在实验室测量不同电源的电动势和内阻。

（1）甲同学所测电源的电动势约为内阻约为

①甲同学在实验过程中；可选择的器材有：

A．电流表（量程为内阻约为）；

B．电压表（量程为内组为为）；

C．滑动变阻器（最大阻值为）；

D．滑动变阻器（最大阻值为）。

本实验中，滑动变阻器应先用___________（选填“C”或“D”）。

②甲同学用图1所示的电路进行测量，请将图2中的实物电路补充完整_________。

（2）乙同学用电阻箱和电压表测量水果电池的电动势和内阻，电路如图3所示。闭合开关S后，调节电阻箱得到多组实验数据，由电阻箱的电阻和电阻箱两端的电压计算得到通过电阻箱的电流如下表所示。坐标纸上已经描好了5组数据点，请将第4组数据描在坐标纸上，并在图4中作出图像___________。根据图像得出该水果电池的内阻___________1234560.10.20.40.81.64.00.090.160.270.400.600.670.900.800.680.500.380.17

（3）实验小组的同学在分析实验误差时，认为由于电表内阻的影响，导致电压表和电流表的测量值可能与“路端电压”和“流过电源的电流”存在偏差。下列分析正确的是______

A．图1中电压表的测量值偏大。

B．图1中电流表的测量值偏小。

C．图3中电压表的测量值偏大。

D．图3中计算出的电流值比“流过电源的电流”小27、某同学用电压表和电流表测一节电池的电动势和内阻；并按照图甲所示的电路图进行实验，所用电压表可视为理想电压表。

（1）图乙为根据实验数据绘制的图像，从图像中可知该电池电动势__________V，内阻__________Ω。（均保留小数点后一位）

（2）该同学找资料查证量程为的电流表内阻比较小，接近电池内阻，则该电池内阻的测量值__________（填“”“”或“”）真实值。

（3）该同学放弃电压表，并且将滑动变阻器更换为电阻箱R，采用如图丙所示电路进行实验，经多次测量并记录电阻箱阻值R及对应的电流强度I，重新绘制出如图丁所示的图像（忽略电流表的内阻），已知图线斜率为k，图线与纵坐标轴的截距为b，则电池电动势__________，内阻__________。（用k、b中的物理量表示）28、东中理化协会欲测定自来水的电阻率（自来水的电阻率非常大）；他们在科学馆用绝缘性能良好的塑料圆柱形容器装满采集的水样，然后用金属圆片电极将容器两端密封，水平放置，当作一个阻值很大的电阻。他们还找来了下列器材；

A．游标卡尺。

B．电压表V（选用3V量程；内阻约5kΩ）

C．灵敏电流计G（量程内阻约25Ω）

D．滑动变阻器（阻值0－20Ω；额定电流1A）

E．电源（输出直流电压6V）

F．开关；导线若干。

（1）图1为游标卡尺的结构示意图，实验前需测量圆柱形容器的内径，应使用游标卡尺的______（选填“A”、“B”、“C”）进行测量，图2游标卡尺读数为______cm。

（2）在下面四幅图中选取一适合本实验的电路图______。

A．B．C．D．

（3）根据实验多组数据作出的图像如图3，若圆柱形容器中水柱的长度用l表示，圆柱形容器的内径用d表示，图像的斜率用k表示，则待测水电阻率的表达式为______（用题中给定的字母表示）。

（4）若装入的水样品未完全充满塑料圆柱形容器，这将会使测得的电阻率______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

试探电荷在静电力作用下以某一速度从C点沿直线运动到D点，电势能一直增大，则动能一直减小，电场力一直做负功，由于不知道A、B和试探电荷的电性，所以无法比较和的大小，a、b可能带同种电荷，也可能带异种电荷，C点和D点的电势和电场强度也无法比较；故B正确，ACD错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

带等量异种电荷产生的电场，关于连线的中点对称的两点c与d的场强等大同向；根据等量异种电荷电场线的分布；在两点电荷连线上中点场强最小，两边依次增大。

【详解】

AB．带等量异种电荷连线的中点，c、d两点将a、b两点的连线三等分，所以c与d关于连线的中点对称，所以关于连线的中点对称的两点c与d的场强等大同向；故A错误，B正确；

C．根据等量异种电荷电场线的分布，电场线密的地方场强大，反之电场线疏的地方场强小，所以在两点电荷连线上中点处场强最小，两边依次增大。所以从c到d点场强先变小后变大；故C错误；

D．根据等量异种电荷电场线的分布可知，电场线由a指向b，电势越来越低，连线中点处的电势为0，d点电势为负，所以c点到d点电势一直减小；故D错误；

故选B。

【点睛】

解决本题的关键会根据平行四边形定则对场强进行叠加，以及知道等量异种电荷的电场线的分布，明确电场的特点。3、D【分析】【详解】

AB．已知正电荷在Q点的电势能大于其在P点的电势能，则Q点的电势大于P点的电势；靠近正电荷的地方电势大，故场源电荷为负电荷，故AB错误；

C．P点处等差等势面更密集；电场强度更大，故C错误；

D．把另一带负电的点电荷从P点移到Q点即从低电势移到高电势；则电场力做正功，故D正确。

故选D。4、A【分析】【详解】

A．公式

是电容器的定义式，电容器的电容大小C由电容器本身决定，与电容器两极板间电势差U无关；选项A正确；

B．公式

是电势的量度公式，电场中某点的电势是由电场本身决定的，与q无关；选项B错误；

C．由Uab=Ed

可知，匀强电场中沿电场线方向的两点a、b间距离越大；两点间的电势差也越大，选项C错误；

D．公式

是场强的定义式，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，而E与F无关；选项D错误。

故选A。5、B【分析】【详解】

A．因为线圈B跟电流表连接且此电路没有电源；故该装置是探究线圈B中感应电流产生的条件，故A错误；

B．S1、S2均处于闭合状态；将线圈A中铁芯拔出时，圈B内的磁通量从无到有，在变化，导致闭合线圈中产生感应电动势，从而产生感应电流，电流表的指针会发生偏转，故B正确；

C．S1、S2均处于闭合状态；将线圈A中铁芯拔出用时越短，圈B内的磁通量变化越快，导致闭合线圈中产生感应电动势越大，总电阻不变，从而产生感应电流越大，所以电流表的指针偏转角度越大，故C错误；

D．两开关均处于闭合状态；此时即便匀速移动滑动变阻器的滑片，由于圈A的磁场是非匀磁场，必然会某时刻圈B内的磁通量发生变化，导致闭合线圈中产生感应电动势，从而产生感应电流，电流表的指针会发生偏转，不可能始终指在0刻度线位置，故D错误；

故选B。二、多选题(共9题，共18分)6、A:C【分析】【详解】

A．在两个表笔间接入一个待测电阻，可得

所以可知其根据闭合电路欧姆定律制成的；A正确。

B．当电流为满偏电流时，接入的电阻为0，当不接入电阻时，电流为0，所以欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的左端．B错误。

C．欧姆表的表笔接法满足的规律是电流从红表笔进；黑表笔出，所以内电池的负极对应的是红表笔，C正确。

D．刻度盘的中心刻度对应的电阻为欧姆表的内阻，调零电阻的阻值应为实际接入的阻值，不是最大阻值，D错误7、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．粒子在垂直于板的方向做初速度为零的匀加速运动：由可得，前时间内与t时间内垂直于板方向之比为在前时间内的位移为在后t时间内的位移为电场力对粒子做功为。

故A错误；B正确；

C．由电场力做功。

则前粒子在下落前和后内，电场力做功之比故C错误；

D．在前和后时间内，竖直位移之比为根据粒子的动能增量之比为1∶3，动能的增量之比等于电场力做的功之比，由电场力做功。

可知，动能的增量之比为为故D正确。

故选BD。8、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．周期性变化的电场和磁场可以相互激发；从而形成电磁波，故A正确；

B．电磁波可以在真空中传播；而水波和声波的传播离不开介质，故B正确；

C．赫兹通过一系列实验；证实了麦克斯韦关于光的电磁理论，故C正确；

D．遥控器发出的红外线波长比医院“CT”中的射线波长长；故D错误。

故选ABC。9、A:B【分析】【详解】

A．小球静止时细线与竖直方向成角，对小球受力分析，小球受重力、拉力和电场力，三力平衡，根据平衡条件，有

解得

选项A正确；

B．小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在等效最高点A速度最小，根据牛顿第二定律，有

则最小动能

选项B正确；

C．小球的机械能和电势能之和守恒；则小球运动至电势能最大的位置机械能最小，小球带负电，则小球运动到圆周轨迹的最左端点时机械能最小，选项C错误；

D．小球从初始位置开始；在竖直平面内运动一周的过程中，电场力先做正功，后做负功，再做正功，则其电势能先减小后增大，再减小，选项D错误。

故选AB。

10、B:C【分析】【分析】

【详解】

将两板水平错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式

可知电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由

得知，板间电压U增大，板间场强

增大，Q点到下板距离不变，电场强度增大，则Q点与下板电势差增大，电场线方向从B到A，且B板的电势为零，故Q点的电势变小；根据

可知负电荷在Q点的电势能Ep变大。

故选BC。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

滑片P向左移动一段距离后电阻变大，故电路的电流减小，电流表读数变小，灯泡L变暗；路端电压变大，故电压表读数变大；滑动变阻器两端电压变大，根据Q=CU可知，电容器C上的电荷量增大，选项CD正确，AB错误.12、B:C【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，灯A的电压减小，则灯A变暗。故A错误；B正确。

CD．电容器板间电压等于变阻器两端的电压。由上得知，路端电压减小，则通过A灯的电流减小，而干路电流增大，则通过R1的电流增大，R1的电压也增大，则变阻器两端的电压减小，电容器所带电量Q减小。故C正确；D错误。

故选BC。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

当L2为短路时，等效为L2电阻减小，故总电阻减小，总电流增大，路端电压减小；由串反并同定律可知，L1变亮，L3变暗，U1示数减小，而U2示数增大，U1与U2的总值减小，故有U1减小量△U1大于△U2，当L2为断路时，等效为L2电阻增大；情况恰好反之，故BC正确。

故选BC。14、A:C【分析】【分析】

由题意可知考查含有电容器的动态分析，根据闭合电路欧姆定律，结合电容器的电容的定义式决定式分析比较可得．

【详解】

A.若仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，则由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少；选项A正确；

B.滑动变阻器处于含电容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变；选项B错误；

C.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，则电容器板间电压减小，电容不变，由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少；选项C正确；

D.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得可得：不变，选项D错误．

【点睛】

根据闭合电路欧姆定律，可以确定回路中电流变化，内电阻不变，由电流变化可以确定内电压、外电压变化．结合电容的定义式决定式分析比较可得．U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值可以先写出外电压的表达式分析该表达式的斜率可知比值不变．三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

螺旋测微器读数为【解析】1.49816、略

【分析】【详解】

[1]由电荷间相互作用规律知；同种电荷相互排斥。现导体球A固定，通过图中细线偏转的角度，可以判断小球受到导体球A向右的排斥力，故丝线上的小球带正电；

[2]带电小球静止时，有

可见:带电小球偏转角度越大，受到的作用力越大，由图可知悬挂的小球离带正电的A球越远，受到的作用力越小，故两个电荷之间的作用力大小随它们之间距离的增大而减小。【解析】正减小17、略

【分析】【详解】

[1][2]在匀强电场中，两长度相等且相互平行的线段两端的电势差相等，则

解得：．同理：

解得：．【解析】5V10V18、略

【分析】【详解】

[1][2]如图。

连接AC和BE，则AC⊥BE，由于A、B、C三点的电势分别为2、3V、4V，得UCB=UBA

所以可以判定CA是这个匀强电场的电场线的方向

由上面的判断可知，A与F是等势点，即F点的电势为2V【解析】219、略

【分析】【详解】

在匀强电场中，根据U=Ed知，除等势线外，沿同一方向（相互平行的两个方向）上相同距离电势差相等，根据平行四边形的特点知，AB与DC平行且相等，所以AB边与DC边沿电场方向的距离相等，AB间的电势差与DC间的电势差相等，即有

解得【解析】20、略

【分析】【详解】

试题分析：把负电荷从电场中的A点移到B点，电场力做负功，其电势能增大；因为UAB=5V，则

考点：电场力的功与电势差的关系。

【名师点睛】此题关键是掌握电场力功与电势差的关系；知道电场力做正功电势能减小，克服电场力做功，电势能增加．【解析】增大-2.5×10-821、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]油滴带负电，受到的电场力向上，与移动方向相反，电场力做负功，由动能定理

可知重力做功大于动能的增加量，则重力势能的减少量大于动能的增加量。【解析】负功大于四、作图题(共3题，共27分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电