2025年冀教版选修3物理下册月考试卷含答案

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A.该粒子带负电B.若撤去电场，则该粒子运动时间为原来的倍C.若撤去磁场，则粒子射出时的速度大小为D.若撤去磁场，则该粒子在运动过程中电势能增加3、研究表明；两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，如图中虚线所示，分子间作用力的合力随分子间距变化的关系如图中实线所示。关于分子间的作用力和分子势能，下列说法正确的是（）

A.分子间距增大，斥力减小，引力增大B.由图可知，当分子间的距离为时分子间作用力合力为0，所以此时分子的势能为0C.当分子间的距离时，减小分子间距离，分子间作用力做负功，分子势能增加D.当分子间的距离时，增大分子间距离，分子间作用力做正功，分子势能减少4、图1是实验室的可拆卸铅蓄电池装置；图2是其示意图．利用铅与稀硫酸的化学反应，该装置可以将化学能转化为电能．图中M为电池正极(二氧化铅棒上端)N为电池负极(铅棒上端)P；Q分别为与正、负极非常靠近的探针(探针是为测量内电压而加入电池的，它们不参与化学反应)．用电压传感器(可看做理想电压表)测量各端间的电势差，数据如下表．则下列说法正确的是。

UMPUPQUQN外电路断开时1.51V约为00.59V

在M、N之间接入10电阻时1.47V-0.42V0.63V

A.外电路接通时稀硫酸溶液中的电流方向向右B.该电池的电动势约为0.59VC.该电池的电动势约为1.51VD.该电池的内阻约为2.505、如图所示，正方形导线框abcd和菱形MNPQ在同一水平面内，ab＝MN＝MP＝L，ab⊥NQ，N位于ab的中点，菱形区域存在方向竖直向上的匀强磁场，使线框从图示位置沿NQ方向匀速穿过菱形区域，规定电流逆时针为正，则线框中的电流i随位移x变化的图象可能是()

A.B.C.D.6、篮球运动员通常要伸出两臂迎接传来的篮球．接球时两臂随球迅速收缩至胸前．这样做可以（）

A.减小篮球对手的冲量B.减小篮球对人的冲击力量C.减小篮球的动量变化量D.减小篮球的动能变化量7、以下几种运动形式在任何相等的时间内，物体动量的变化不相等的运动是（）A.匀变速直线运动B.平抛运动C.自由落体运动D.匀速圆周运动8、卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析，提出了原子内部存在A.电子B.中子C.质子D.原子核9、以下说法正确的是（）A.比结合能越大的原子，其结合能就越大，原子核越稳定B.卢瑟福核式结构模型可以很好地解释原子的稳定性C.在核反应堆的铀棒之间插入镉棒是为了控制核反应速度D.卢瑟福的α粒子散射实验证实了其提出的核式结构的正确性。评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、两根相距为L的足够长的金属直角导轨按如图所示放置，它们各有一部分在同一水平面内，另一部分垂直于水平面.质量均为m的金属细棒ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，棒与导轨之间的动摩擦因数均为μ，导轨电阻不计，回路总电阻为2R.整个装置处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中.当ab棒在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v1沿导轨匀速运动时，cd棒也正好以速度v2向下匀速运动.重力加速度为g.下列说法中正确的是（）

A.ab棒所受拉力F的大小为B.cd棒所受摩擦力为零C.回路中的电流为D.μ与v1大小的关系为11、氢原子从基态向n=2能级跃迁时，吸收的光子频率为从n=2能级向n=3能级跃迁时，吸收的光子频率为则大量氢原子从n=3能级向低能级跃迁时，所辐射光子的频率可能为A.B.C.D.12、带有活塞的汽缸内封闭一定量的理想气体。气体由状态A经状态B变为状态C，状态A与状态B的连线平行于纵轴。BC连线的反向延长线过坐标原点O，如图所示，已知气体在状态A时压强设AB过程气体吸收热量为BC过程气体吸收热量为下列说法中正确的是（）

A.气体在状态B时的体积为1.0B.过程中，气体对活塞不做功，气体的内能增加C.气体在状态C时的压强为E.过程气体对外做的功小于E.过程气体对外做的功小于13、如图所示分别为100多个；3000多个、70000多个电子通过双缝后的干涉图样；则（）

A.图样是因为电子之间相互作用引起的B.假设现在只让一个电子通过单缝，那么该电子一定落在亮纹处C.图样说明电子已经不再遵守牛顿运动定律D.根据不确定性关系，不可能同时准确地知道电子的位置和动量14、下列说法中正确的是_______。E.物理性质表现为各向同性的固体为非晶体A.饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等B.扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动C.用油膜法估测分子大小的实验中，不考虑油酸分子（视为球形）间的空隙并认为水面上形成的油酸膜的厚度即分子直径D.若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则此过程中气泡内的气体分子间的引力和斥力都增大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示是两列相干波的干涉图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，两列波的振幅都为0.1m，波速和波长分别为1m/s和0.2m，C点为AB连线的中点．则图示时刻C点的振动方向_____（选填“向上”或“向下”），从图示时刻再经过0.25s时，A点经过的路程为______m．

16、一卡诺热机，工作在300K的高温热源和200K的低温热源之间，则此热机的效率η=__________________。若在等温膨胀过程中此热机吸热2×105J，则在每一循环中对外所作的功W=_______________。17、如图所示，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞，气缸内密封有温度为2.8T0、压强为1.4p0的理想气体。p0和T0分别为大气的压强和温度。已知气体内能U与温度T的关系为a为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的。求：

（1）当活塞与顶面间恰好无压力时，气体的温度T__________；

（2）最终气体与外界温度相同，则活塞下落过程中气体内能减少了_________，该过程中气体放出的热量为__________。

18、反射定律：反射光线与入射光线、法线处在______内，反射光线与入射光线分别位于______；反射角______入射角．19、如图甲所示是两电阻R1、R2各自的U-I图线．则电阻R1的阻值为______Ω．如果把R1、R2两个电阻串联接成如上图乙所示的电路时，电流表的示数为0.1A．则此时电阻R2两端的电压是______V．

20、如图所示，导线圈A水平放置，条形磁铁从其正上方向下移近(未插入)导线圈的过程中，导线圈A对水平面的压力将________．导线圈的面积有______趋势．（填“增大”,“不变”或“减小”）

21、（1）在海中航行的轮船，受到大风大浪冲击时，为了防止倾覆，应当改变航行方向和__________，使风浪冲击力的频率远离轮船摇摆的__________．

（2）光纤通信中，光导纤维传递光信号的物理原理是利用光的_________现象.要产生这种现象，必须满足的条件是：光从光密介质射向_________，且入射角等于或大于_________．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)25、有一电压表V，量程为3V，要求测量其内阻RV；内阻约为几千欧。可选用的器材有：

滑动变阻器甲，最大阻值

滑动变阻器乙，最大阻值

电阻箱最大阻值9999.9Ω；

电源电动势约为4V，内阻不计；

电源电动势约为10V，内阻不计；

电压表V0；量程6V；开关两个，导线若干；

(1)小兰采用如图甲所示的测量电路图。连接好实验电路后，小兰进行实验操作，请你补充完善下面操作步骤：①断开开关S2和S1，将R1的滑片移到最左端的位置；

②闭合开关S2和S1，调节R1；使V满偏；

③断开开关S2，保持________（选填“R1”或“R2”）阻值不变，调节_______（选填“R1”或“R2”），使V示数为2.00V，读取并记录此时电阻箱的阻值为R0，为使得测量结果尽量准确，滑动变阻器R1应选择________（选填“甲”或“乙”），电源应选择________（选填“”或“”），小兰测出的电压表内阻________，它与电压表内阻的真实值RV相比，________RV（选填“＞”；“=”或“＜”）；

(2)小兵同学采用了如图乙所示的测量电路图；实验步骤如下：

①断开开关S2和S1，将R1的滑片移到最左端的位置；

②闭合开关S2和S1，调节R1，使V满偏，记下此时V0的读数；’

③断开开关S2，调节R1和R2，使V示数达到半偏，且V0的读数不变；

读取并记录此时电阻箱的阻值为理论上分析，小兵测出的电压表V内阻的测量值与真实值相比，________RV（选填“＞”、“=”或“＜”）。26、用如图甲所示电路测量某电原的电动和内阻,电路中AB段为拉力敏感电阻丝．拉力敏感电阻丝的阻值R随拉力F线性变化,其线性关系为=15+10F；单位为Ω

(1)待测电源的电动势E约为5V，内阻r约为2Ω，电流表应选择_____填序号。

A.量程0.6A,内阻Ω

B.量程3A,内阻Ω

(2)改变拉力F的大小,记录电流表读数测得多组数据,作出广图象,如图乙所示．由图象可得=待测电源的电动势E=_____V,内阻r=_____Ω(结果均保留2位有效数字)

(3)如图丙所示为一灯泡的伏安特性曲线,现将若干个这种灯泡并联之后与上述的电直接连接,并联_____只灯泡可使电源的输出功率最大27、用高值电阻放电法测电容的实验电路图如图所示。其原理是测出电容器在充电电压为时所带的电荷量从而求出其电容C。该实验的操作步骤如下：

（1）按电路图接好实验电路；

（2）接通开关S，调节电阻箱的阻值，使微安表的指针接近满刻度。记下这时的电压表读数和微安表读数

（3）断开开关并同时开始计时，每隔或读一次微安表的读数将读数记录在预先设计的表格中；

（4）以为横坐标，为纵坐标，建立坐标系。若由实验得到的数据，在右图中描出了12个点（用“×”表示），可以估算出当电容器两端电压为时该电容器所带的电荷量约为______C，从而算出该电容器的电容约为______F。（结果均保留2位有效数字）评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)28、电磁轨道炮的加速原理如图所示．金属炮弹静止置于两固定的平行导电导轨之间，并与轨道接触良好．开始时炮弹在导轨的一端，通过电流后炮弹会被安培力加速，最后从导轨另一端的出口高速射出．设两导轨之间的距离L，导轨长s，炮弹质量m．导轨上电流为I，方向如图中箭头所示．若炮弹出口速度为v；忽略摩擦力与重力的影响．求：

（1）炮弹在两导轨间的加速度大小a；

（2）轨道间所加匀强磁场的磁感应强度为多大？

（3）磁场力的最大功率为多大．29、如图所示，导热汽缸的上端开口，用厚度不计的活塞密封有一定质量的理想气体，活塞与汽缸间的摩擦不计。用系在活塞上的轻绳将汽缸竖直悬挂起来，活塞与汽缸均处于静止状态。当环境的热力学温度为T0时，活塞距缸底的高度为h0，已知外界大气压恒为p0，活塞质量为m，横截面积为S，汽缸质量为M，重力加速度大小为g。

（1）由于环境温度降低，汽缸向上移动了Dh，求∶此时环境的热力学温度T及汽缸内气体压强；

（2）保持环境的热力学温度为T，在汽缸底部挂上一个质量为m0的砝码，使活塞距缸底的高度仍为h0，求∶砝码质量m0的大小。

30、如图所示，两个截面积都为S的圆柱形容器，右边容器高为H，上端封闭，左边容器上端是一个可以在容器内无摩擦滑动的质量为M的活塞。两容器由装有阀门的极细管道相连，容器、活塞和细管都是绝热的。开始时阀门关闭，左边容器中装有理想气体，平衡时活塞到容器底的距离为H，右边容器内为真空。现将阀门缓慢打开，活塞便缓慢下降，直至系统达到新的平衡，此时理想气体的温度增加为原来的1.4倍，已知外界大气压强为p0；求此过程中气体内能的增加量。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

分别用波长为λ的单色光照射两块不同的金属板M、N，根据光电效应方程：当改用波长为的单色光照射M时:当改用波长为的单色光照射N时:联立解得：Ekm=15eV，故选D.2、C【分析】【详解】

A．若撤去电场，从M点射出；故受到的洛伦兹力应向上，若该粒子带负电，则受到竖直向上的电场力，根据左手定则可得受到的洛伦兹力的方向为竖直向下，不符合题意，A错误；

B．撤去电场，根据几何知识可得故运动时间为

而原来的运动时间为

所以该粒子运动时间为原来的倍；B错误；

C．粒子沿直线通过场区时

撤去电场后，在洛仑兹力的作用下，粒子做圆周运动，由几何知识知洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

撤去磁场，粒子做类平抛运动，粒子的加速度a，穿越电场所用时间为t，水平方向

加速度

竖直分位移

解得

设末速度为v，由动能定理知

解得

即粒子射出金属板时的速度大小是射入金属板时的速度大小的倍；故C正确；

D．由于电场力做正功；电势能减小，D错误。

故选C。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间距增大时；引力和斥力均减小，故A错误；

B．由图可知，当分子间的距离为时分子间作用力合力为0；但此时分子势能为负值，是最小值但不为0，故B错误；

C．当分子间的距离时；分子力表现为斥力，减小分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，故C正确；

D．当分子间的距离时；分子力表现为引力，增大分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，故D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

A；M为电源正极；N为负极，电源内部电流由负极流向正极，电流方向向左，故A错误；

BC.该电池的电动势为断路路端电压E=1.51V+0+0.59V=2.1V；故BC错误；

D.当外电路接外阻为10时，内阻承压为0.42V，为总电动势2.1V的故故内阻故D正确．5、D【分析】【分析】

根据“使线框从图示位置沿NQ方向匀速穿过菱形区域”；“线框中的电流i随位移x变化的图象”可知；本题考查法拉第电磁感应定律和楞次定律，根据法拉第电磁感应定律和楞次定律分段研究切割长度的变化，线框中感应电流大小、方向的变化。

【详解】

AC；导线框右边进入磁场时由楞次定律可以判断感应电流方向为顺时针方向；故A错误，C错误；

BD、当ab边与MP重合时，切割长度最大，感应电流最大；从ab边与MP重合到cd边到达N点，有效切割长度均匀减小，感应电动势均匀减小，感应电流均匀减小；cd边进入磁场一直运动到ab和cd边关于MP对称的中间位置，右边ab切割长度均匀减小；左边cd切割长度均匀增加，而且两边感应电动势反向，所以总电动势减小更快，到达正中央位置电流为0，故B错误，D正确。

故选：D6、B【分析】【详解】

试题分析：根据动量定理，篮球以一定得速度减小为零，因此当动量的变化一定，则冲量也一样，因速度变化一样，因此动能变化一样，增大作用时间可减少作用力；运动员接篮球时，篮球的动量由某一值减到零，接球时，两手随球迅速收缩至胸前，这样可以增加篮球和运动员的作用时间，从而减少篮球对运动员的冲击力，选项B正确．

考点：动量定理的应用．7、D【分析】由相等时间内；物体动量的变化总是相等，由动量定理Ft=Δp知，作用力F一定为恒力，则物体必须做匀变速运动，而匀速圆周运动是变加速运动，故有匀速圆周运动的物体动量的变化不相等，故D正确，ABC错误；

故选D．8、D【分析】【分析】

【详解】

卢瑟福在α粒子散射实验中观察到绝大多数α粒子穿过金箔后几乎不改变运动方向；只有极少数的α粒子发生了大角度的偏转，说明在原子的中央存在一个体积很小的带正电的物质，将其称为原子核．故选项D正确．

【点睛】

本题需要熟悉α粒子散射实验和原子核式结构模型．9、C【分析】【详解】

比结合能用于表示原子核结合松紧程度，比结合能越大，原子核越稳定，但是比结合能越大的原子，其结合能不一定就越大，选项A错误；卢瑟福的α粒子散射实验说明（1）原子中绝大部分是空的；（2）α粒子受到较大的库仑力作用；（3）α粒子在原子中碰到了比他质量大得多的东西，否定了汤姆孙关于原子结构的“西瓜模型”，但也不能说明原子内部存在带负电的电子，也不能解释原子的稳定性，故B错误。在核反应堆的铀棒之间插入镉棒，可以吸收中子，控制反应速度，故C正确。卢瑟福的α粒子散射实验是原子的核式结构理论的基础，但是不能证实核式结构的正确性，选项D错误；故选C。二、多选题(共5题，共10分)10、A:D【分析】【详解】

AC.ab棒切割磁感线时产生沿abdca方向，大小为E=BLv1的感应电动势，则感应电流大小为对ab棒匀速运动时：解得选项A正确，C错误；

BD.cd棒向下匀速运动时，在竖直方向受到的摩擦力和重力相平衡，有f=μBIL=mg，联立以上各式解得，故D正确，B错误.11、A:B:C【分析】【详解】

氢原子从基态向n=2能级跃迁时，吸收的光子频率为知n=1和n=2之间的能级差为n=2能级向n=3能级跃迁，吸收的光子频率为知n=2和n=3之间的能级差为则n=3与n=1之间的能级差n=3向n=1跃迁辐射的光子频率为n=3向n=2跃迁辐射的光子频率为n=2向n=1跃迁辐射的光子频率为故ABC正确．12、A:B:E【分析】【详解】

A．设气体在B状态时的体积为由玻意耳定律得

代入数据得

A正确；

B．由于BC连线的反向延长线过坐标原点O；可知该过程为等容变化，气体对外不做功，但是温度升高，内能增加，B正确；

C．设气体在C时的压强为由查理定律得

代入数据得

C错误；

D．过程；温度变高，气体分子平均动能增加，压强变大，但并不是每个分子速率都变大，也不是每个分子对器壁的作用力都变大，D错误；

E．因为故过程中内能不变，而体积增大，气体对外做功，设大小为W，由热力学第一定律可知

过程气体不做功，内能增加，同理有

过程中有

整理后

E正确。

故选ABE。13、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图样可知；是因为电子的波动性引起的干涉图样，故A错误；

B．根据概率波的概念；对于一个电子通过单缝落在何处，是不可确定的，但概率最大的是落在亮纹处，故B错误；

C．根据图样可知；电子已经不再遵守牛顿运动定律，故C正确；

D．根据不确定性关系；不可能同时准确地知道电子的位置和动量，故D正确。

故选CD。14、A:B:C【分析】A.；饱和汽和液体之间的动态平衡；是指汽化和液化同时进行且速率相等的过程，A正确；

B.；只有分子之间存在空隙；并且分子在永不停息地做无规则运动，扩散现象才能进行，B正确；

说明，同时且进行的布朗运动是固体小颗粒的运动，它说明分子永不停息地做无规则运动，故A正确；每滴油酸酒精溶液所含油酸体积除以油膜面积得出的油膜面积厚度即为油酸分子直径，B错误；

C；用油膜法估测分子大小的实验中；认为油酸分子为球形且紧密排列，水面上形成的油酸膜的厚度即分子直径，C正确；

D；气泡内的气体分子间的距离大于R0；引力和斥力都很弱，分子间距离增大，引力和斥力都减小，D错误；

E；物理性质表现为各向同性的固体为晶体；D错误。

故选：ABC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

B点处于波谷，A点处于波峰，波由B向A传播，此时C处于平衡位置，经过四分之一周期，波谷传播到该点，知C点的振动方向向下，周期质点在一个周期内振动的路程等于4倍的振幅，经过0.25s时，走过的路程等于5倍的振幅，A=20cm，则s=1m．【解析】向下116、略

【分析】【详解】

[1]卡诺热机的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J17、略

【分析】【详解】

（1）[1]当活塞与顶面间恰好无压力时，可知气体的压强由P1=1.4p0下降到p2=p0，温度由T1=2.8T0变到T2=T，气体的体积不变，气体做等容变化，由查理定律可得

解得T=2T0

（2）[2]由可得

[3]设气体与外界温度相同时的体积为V2，由盖−吕萨克定律可得

解得

则有

由热力学第一定律可得【解析】2T0aT018、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】同一平面法线的两侧等于19、略

【分析】【详解】

由图甲可知，U1=4V时，I1=0.2A，则

由图乙知，两电阻串联在电路中，由图甲可知：当I1=I2=0.1A时，U2=1V；【解析】20Ω1V.20、略

【分析】【详解】

条形磁铁从其正上方向下移近时；穿过线圈A的磁通量会增加，根据楞次定律知：线圈有向下运动的趋势，所以对地面的压力将增加，由于穿过线圈A的磁通量，根据楞次定律知道，此时线圈A的面积有减小的趋势，用来阻碍磁通量的增加．

综上所述本题答案是：增大；减小【解析】增大减小21、略

【分析】【分析】

【详解】

如答案【解析】速度大小频率全反射光疏介质临界角四、作图题(共3题，共27分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实