2025年牛津译林版选择性必修1物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版选择性必修1物理上册阶段测试试卷795考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、“南昌之星”摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是（）A.摩天轮转动过程中，座椅对人的支持力不做功B.摩天轮转动一圈的过程中，乘客的动量大小没有改变C.在最低点，乘客受到的重力大于座椅对他的支持力D.摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变2、质量为m、电量为q的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点，不计空气阻力且小球从未落地。已知重力加速度为g，则()A.电场强度的大小为B.整个过程中小球动量增加了2mgtC.从A点到最低点小球重力势能减少了D.整个过程中小球电势能减少了mg2t23、如图所示，质量为m=0.2kg、长度为L=6m的长木板静置在粗糙水平地面上，质量为m=0.2kg的木块（可视为质点）静置在长木板最左端。木块与长木板间的动摩擦因数为长木板与水平地面间的动摩擦因数为（），t=0时给木块一水平向右的瞬时冲量木块经t=2s离开木板。取水平向右为正方向，g取则0~2s内木块对长木板摩擦力的冲量与地面对长木板摩擦力的冲量之比为（）

A.B.C.D.4、下列说法中正确的是（）A.根据可把牛顿第二定律表述为物体动量的变化率等于它所受的合外力B.力与力的作用时间的乘积叫做力的冲量，它反映了力对时间的积累效应，是一个标量C.作用在静止的物体上的力的冲量一定为零D.冲量的方向就是物体运动的方向5、如图所示，弹簧振子在两点之间做简谐运动，其平衡位置为O点。已知相距50cm。从小球经过O点时开始计时，经过0.3s首次到达B点。取向右为正方向；下列说法正确的是（）

A.小球振动的周期一定为1.2sB.小球振动的振幅为0.5mC.弹簧振子振动方程可能为D.0.6s末，小球可能不在平衡位置6、如图所示，某同学看到一只鸟落在树枝上的处，树枝在内上下振动了6次。鸟飞走后，他把的砝码挂在处，发现树枝在内上下振动了12次。将的砝码换成500g砝码后，他发现树枝在内上下振动了6次。你估计鸟的质量最接近（）

A.B.C.D.7、如图所示为某时刻的两列简谐横波在同种介质中沿相同方向传播的波形图，此时质点P的运动方向如图所示，已知质点P在a波上，质点Q在b波上；则下列说法错误的是（）

A.两列波具有相同的波速B.此时质点Q正沿y轴正方向运动C.一个周期内，质点Q沿x轴前进的距离是质点P的1.5倍D.在质点P完成30次全振动的时间内质点Q可完成20次全振动评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、一简谐横波沿x轴传播，t＝1s时的波形如图甲所示，x＝1m处质点的振动图线如图乙所示；则下列说法正确的是（）

A.此波的波长B.波的传播速度为2m/sC.该波沿x轴正方向传播D.t＝1.5s时，x＝2m处质点的位移为－5cm9、下列说法正确的是（）A.物体动量改变，动能一定改变B.卡文迪许首次较为准确地测出了万有引力常量的数值C.人类应多开发与利用风能、太阳能等新型能源D.做离心运动的物体是因为受到了离心力作用10、如图所示；一个斜面与水平地面平滑连接，斜面与水平地面均光滑。小物块P放在水平地面上，小物块Q自斜面上某位置处由静止释放，P，Q之间的碰撞为弹性正碰，斜面与水平面足够长，则下列说法正确的是（）

A.若则P、Q只能发生一次碰撞B.若则P、Q只能发生一次碰撞C.若则P、Q只能发生两次碰撞D.若则P、Q只能发生三次碰撞11、根据高中所学知识可知；将一个单摆的摆球拉离平衡位置，无初速度地释放，经过一次全振动后，摆球将回到释放位置。但实际上，在北京使一摆长为60m的单摆的摆球偏离平衡位置3m后，无初速度地释放，经过一次全振动后，摆球将沿顺时针方向偏离释放点约3mm，如图所示。这一现象可解释为，小球除了受到重力和细线的拉力外，由于地球自转，在摆动过程中小球还受到一个“力”，该“力”的许多性质与带电粒子受到的洛伦兹力相似。例如，该力方向的确定可采用左手定则，由南指向北的地球自转轴的方向可类比成磁感线的方向，摆球的速度方向可类比成正电荷的速度方向；该力的大小与摆球垂直于地球自转轴的速率成正比。则下列说法错误的是（）

A.若将该单摆移动到北极做该实验，即使其他条件一样，现象将更明显B.若将该单摆移动到赤道做该实验，即使其他条件一样，观察不到明显的偏离C.若将该单摆移动到南半球做该实验，摆球将沿逆时针方向偏离释放点E.在图中，小球从左向右运动的过程中受到垂直于摆动平面向外的“力”E.在图中，小球从左向右运动的过程中受到垂直于摆动平面向外的“力”12、如图所示；实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t＝0时刻的波形图，虚线是这列波在t＝0.2s时刻的波形图．则________．

A.这列波的周期可能是1.2sB.这列波的波长为12mC.这列波的波长为14mE.这列波可能向左传播28mE.这列波可能向左传播28m评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、一束光从水中射向空气，其频率将___________，波长将___________（选填“变长”或“变短”），波速将_________（选填“变大”“不变”或“变小”）．14、一波源O产生的横波向左右两侧传播，波速为v，O点左侧有一质点M，右侧有一质点N。当波源起振后，秒末M点起振，t2秒末N点起振，且M、N点振动方向总是相反，则该波波长为___________。15、正弦波（简谐波）

（1）如果波的图像是正弦曲线，这样的波叫作______，也叫______。

（2）简谐波中各质点的振动是简谐运动。16、生活中经常用“呼啸而来”形容正在驶近的车辆，这是声波在传播过程中对接收者而言频率发生变化的表现，无线电波也具有这种效应．图中的测速雷达正在向一辆接近的车辆发生无线电波，并接收被车辆反射的无线电波．由于车辆的运动，接收的无线电波频率与发生时不同，利用频率差就能计算出车辆的速度．已知发出和接收的频率间关系为式中c是真空中的光速，若可知被测车辆的速度大小为________m/s．

17、如图，直径为d、长度的玻璃圆柱体，其中轴线为AB，一束光以入射角θ从A点射入，在侧面恰好发生全反射，经两次反射刚好传播到C点，已知光在真空中的传播速度为c，则该玻璃的折射率n=__________，入射角θ=__________，光从A传播到C的时间为__________。

18、假设某实验室恰好位于震源的正上方，该实验室中悬挂着一个静止的弹簧振子和一个静止的单摆，弹簧振子的弹簧和小球（球中间有孔）都套在固定的光滑竖直杆上．某次有感地震中同一震源产生的地震纵波和横波的波长分别为5.0km和2.5km，频率为2.0Hz．则可观察到_________先开始振动（或摆动），若它开始振动（或摆动）3.0s后，另一装置才开始振动（或摆动），则震源离实验室的距离为________．19、一列简谐横波沿x轴负方向传播，如图中实线为时刻的波形图，虚线是这列波在时刻的波形图。各质点振动周期大于为实线上的一质点，则质点P在时刻的速度方向为_______，这列波的传播速度为________

20、在北方寒冷的冬天，有时会出现“多个太阳”的“幻日”奇观，这时由于空气中的水蒸气在集冷的大气里凝结成了小冰晶，太阳通过冰晶折射的缘故。如图所示为太阳光照射到六角冰晶上折射的光路图，a、b是太阳光中的两种单色光，由此可以判断，冰晶对单色光a的折射率_________(填“大于”或“小于”)冰晶对单色光b的折射率，单色光a在冰晶中的传播速度比单色光b在冰晶中的传播速度_________(填“大”或“小”)。如果让太阳光从水中射向空气，逐渐增大入射角，则a、b两种单色光中，单色光_________(填“a”或“b”)更容易发生全反射。21、如图所示，用频率为f的单色光垂直照射双缝，在光屏上P点出现第三条暗条纹（从中央亮条纹往上数），已知光速为c，则P点到双缝的距离之差应为______。

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)22、细绳的一端在外力作用下从时刻开始做简谐运动，激发出一列简谐横波，在细绳上选取15个点，图为时刻各点所处的位置，图为时刻的波形图（T为波的周期）.请在图中画出时刻的波形图________

23、向水面上扔一个石块，形成如图所示的波形，已知相邻实线间的距离等于一个波长，不考虑水波的反射，试大致画出水波通过图甲的孔和以及遇到图乙中障碍物和之后的传播情况。

24、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)25、用图甲所示的装置探究小车碰撞中的不变量。碰前小车B静止，小车A以某一速度匀速运动，碰后两车粘在一起继续运动，得到图乙所示的纸带。若打点计时器所接电源的频率为小车A及橡皮泥的总质量为小车B的质量为根据纸带知段点迹分布均匀，则两小车碰前的总动量是___________两小车碰后的总动量是___________（以上两空计算结果均保留三位有效数字），据此，可以得出的实验结论是___________。

26、如图甲所示，小车的前端固定有力传感器，能测出小车所受的拉力，小车上固定遮光条，小车放在安装有定滑轮和两个光电门A、B的光滑轨道上，用不可伸长的细线将小车与质量为m的重物相连；轨道放在水平桌面上，细线与轨道平行，滑轮质量；摩擦不计。

（1）用游标卡尺测遮光条的宽度，如图乙所示，则遮光条的宽度d=________mm。

（2）实验过程中________（填“需要”或“不需要”）满足M远大于m。

（3）实验主要步骤如下：

①测量小车、传感器及遮光条的总质量M，测量两光电门间的距离L。

②由静止释放小车，小车在细线拉动下运动，记录传感器的示数F，记录遮光条通过光电门A、B时的挡光时间及遮光条从A到B的时间t。

（4）利用该装置验证动能定理的表达式为FL=________；

（5）利用该装置验证动量定理的表达式为Ft=________。（以上两空均用字母M、d、表示）评卷人得分六、解答题(共2题，共12分)27、如图，MN下方足够大的空间有一长方体玻璃介质，其折射率n玻璃介质的上边界MN是屏幕，玻璃中有一个正三棱柱的真空区域。三棱柱轴线与纸面垂直，图中竖直截面正三角形的边长为10cm，顶点C紧靠屏幕，距离可忽略。底边AB与屏幕平行，一束激光在竖直截面内垂直于AB边射向AC边的中点O，结果在屏幕MN上出现了两个光斑，分布在C点的两侧。光在真空中的传播速度c=3×108m/s；求：

(i)光在玻璃中的传播速度；

(ii)射到C点左侧的光斑离C点的距离。

28、如图所示，质量为m的滑块A，在水平力F作用下静止在倾角为θ在光滑斜面上，斜面的末端B与水平传送带相接，传送带的运行速度为v0，长为L；传送带右端与光滑的水平轨道平滑连接，水平轨道上有质量为2m的n个小滑块，依次编号为B1、B2、B3、B4Bn，今将水平力撤去，当滑块A滑到传送带右端C时，恰好与传送带速度相同，己知滑块A与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g；滑块间的碰撞均为弹性碰撞，求：

（1）水平力F的大小；

（2）滑块A下滑高度；

（3）滑块B1最终速度及被碰撞的次数。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

A．摩天轮转动过程中；座椅对人的支持力始终竖直向上，而乘客的速度方向始终沿圆周的切线方向，所以座椅对人的支持力方向与速度方向并不始终垂直，所以支持力对乘客要做功，故A错误；

B．根据题意可知，在摩天轮转动过程中，速度大小不变，则由公式可知；乘客的动量大小没有改变，故B正确；

C．在最低点，由重力和支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律有

可得

则乘客受到的重力小于座椅对他的支持力；故C错误；

D．在摩天轮转动过程中，乘客的重力不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，速度在竖直方向上的分速度变化，则重力的瞬时功率

在变化；故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反。设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向

解得

由牛顿第二定律得

解得

场强为

A错误；

B．则小球回到A点时的速度为

整个过程中小球速度增量的大小为

整个过程中小球动量增量

B错误；

C．设从A点到最低点的高度为h，根据动能定理得

解得

从A点到最低点小球重力势能减少了

C正确；

D．电势能减小

D错误。

故选C。3、B【分析】【详解】

木块在长木板上运动时，由牛顿第二定律有

由匀变速直线运动规律有

由于木块对木板的滑动摩擦力小于木板与地面间的滑动摩擦力，木板保持静止，其中

解得

木块对长木板的摩擦力方向水平向右、大小为则木块对长木板摩擦力的冲量为

对木板进行受力分析可知，地面对长木板的摩擦力等于木块对长木板的摩擦力、方向水平向左有

则0~2s内木块对长木板摩擦力的冲量与地面对长木板摩擦力的冲量之比为

B正确；ACD错误。

故选B。4、A【分析】【详解】

A．用动量概念表示牛顿第二定律为表示物体动量的变化率；所以选项A正确。

B．冲量是矢量；它的方向与力的方向一致，选顶B错误。

C．冲量是作用力对时间的积累效应；只要有力作用了一段时间，就有冲量，与物体的运动状态无关，选项C错误。

D．冲量的方向与物体运动的方向并不一定相同；选项D错误。

故选A。5、C【分析】【详解】

A．小球经过O点时开始计时，经过0.3s首次到达B点，若小球计时是向右运动，则小球振动的周期

若小球计时是向左运动，则

小球振动的周期

小球振动的周期可能为1.2s或

A错误；

B．由题意可知

小球振动的振幅为

B错误；

C．当时，有

可知弹簧振子的振动方程为

C正确；

D．无论周期是0.4s还是1.2s；0.6s末，小球都在平衡位置，D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

根据振动的周期公式可得。

鸟在树枝上

50g的砝码在树枝上

500g的砝码在树枝上

由可知鸟的质量为50g的砝码的4倍，所以最接近200g，故选C。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．两列简谐横波在同一介质中传播；波速相同，A正确；

B．此时a波上质点P的运动方向沿y轴负方向，由上下坡法可知，波沿x轴负方向传播，则知此时b波上的质点Q正沿y轴正方向运动；B正确；

C．在简谐波传播过程中，介质中质点只上下振动，不会沿x轴运动；C错误；

D．由题图可知，两列波波长之比

波速相同，由波速公式

得，a、b两波频率之比为

所以在质点P完成30次全振动的时间内质点Q可完成20次全振动；D正确。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)8、A:D【分析】【详解】

A．根据波动图像得到波长故A正确；

B．根据振动图像知周期T＝2s，则波速

故B错误；

C．由图乙知，t＝1s时，x＝1m处质点的振动方向向上，对图甲，根据波形平移法，可知该波沿x轴负向传播；故C错误；

D．由图甲知，t＝1s时，x＝2m处质点位移为零，波沿x轴负向传播，根据波形平移法知此时刻该质点从平衡位置向下振动，则再经0.5s，即四分之一周期，x＝2m的质点将沿y轴负方向振动到最大位移处，所以t＝1.5s时，x＝2m处质点的位移为－5cm；故D正确。

故选AD。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．动量方向改变；大小不变时，动能不变，故A错误；

B．卡文迪许通过扭秤实验；较准确地测出了万有引力常量，故B正确；

C．新能源是可以循环利用的；所以人类应多开发与利用风能；太阳能等新型能源，故C正确；

D．离心运动的本质是物体受到的合外力突然消失或不足以提供圆周运动所需的向心力；并不是物体受到离心力的作用，故D错误。

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

AB．设Q滑到水平面上时速度大小为v，P、Q相碰．动量守恒及动能不变，有

联立解得第一次碰后

之后Q滑上斜面并返回，速度等大反向，若不能追上P，则有

解得

故A正确；B错误；

C．若第一次碰后，可得

之后Q滑上斜面并返回，与P发生第二次碰撞后有

故P；Q只能发生两次碰撞；故C正确；

D．若第一次碰后，可得

之后Q滑上斜面并返回，与P发生第二次碰撞后有

故P；Q只能发生两次碰撞；故D错误。

故选AC。11、C:D【分析】【详解】

A．在北极；可用左手定则判断：张开手掌，使拇指与其余四指垂直，让地球自转轴向上穿过手心，四指指向摆球垂直于地球自转轴的分速度方向，拇指指向就是该“力”的方向，可知该“力”的方向垂直于小球运动方向和摆线所构成的平面，在北极摆球垂直于地球自转轴的分速度是最大的，则该“力”的大小是最大的，因此现象更明显，A不符合题意；

B．在赤道；同理用左手定则判断该力方向垂直于水平面向上或向下，所以摆球不偏离，因此观察不到明显的偏离，B不符合题意；

C．无论南北半球；由南向北的地球自转轴方向不变，用左手定则判断得到摆球都是沿顺时针方向偏离，C符合题意。

D．该“力”类似洛伦兹力；分析始终与速度方向垂直，故不做功，D符合题意；

EFG．在图中；小球从左向右运动过程中，受到垂直于摆动平面向外的“力”，摆球的运动将偏向直径的外侧，即图中的a点（顺时针方向偏离）。此“力”是由于地球的自转产生的，该试验也巧妙的证明了地球的自转，EFG不符合题意。

故选CD。12、B:D:E【分析】【详解】

A．若波向右传播，则0.2s=nT+（n=0，1，2，）

n=0时，T=0.3s，n=1时，T=0.12s；若波向左传播，则0.2s=nT+（n=0，1，2，），

n=0时，T=0.6s，n=1时，T=0.15s，n越大，T越小；这列波的周期不可能是1.2s，故A错误；

BC．由图可知；该波的波长为12m；故B正确，C错误；

D．若波向右传播，则s=（n+）λ=12n+8（n=0，1，2，）

波速为v==60n+40m/s

当n=1时，v=100m/s；故D正确；

E．若波向左传播，则s=（n+）λ=12n+4（n=0，1，2，）

当n=2时，s=28m；选项E正确；

故选BDE．三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【详解】

[1]由于频率取决于波源；所以一束光从水中射向空气，其频率将不变；

[2][3]光从水中射向空气波速变大，由公式可知，波长将变长。【解析】不变变长变大14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]MN两点到波源O的距离分别为vt1和vt2；因M、N点振动方向总是相反，则两距离之差等于半波长的奇数倍，即

或者

解得

或（n=1、2、3）【解析】（n=1、2、3）或（n=1、2、3）15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.正弦波②.简谐波16、略

【分析】【详解】

由题给出的信息可知

代入数据可得

解得：【解析】3017、略

【分析】【详解】

[1]设玻璃的折射率为n，临界角为C

解得

[2]根据折射定律

解得

[3]根据

光在玻璃中传播的路程为

光在玻璃中传播的时间为

解得

【解析】18、略

【分析】【详解】

根据可知；纵波的传播速度较横波大，可知纵波先传到实验室，即弹簧振子先振动；

纵波的速度横波的速度：则解得x=30km.【解析】弹簧振子30km19、略

【分析】【详解】

[1]由上下坡法，即上坡下、下坡上，此时P点处于上坡；则速度方向为向下。

[2]因为各质点振动周期大于0.5s，则0.5s内传播的距离为7m，所以波速为【解析】向下1420、略

【分析】【分析】

根据偏折程度可确定折射率大小关系，由可分析出光线在冰晶中传播速度的关系；根据知单色光b的临界角大小关系；从而判断更容易发生全反射的光；

【详解】

解：光从空气斜射到冰晶上，由于折射率不同，由图可知，单色b光偏折较大，单色a光偏折较小，所以此冰晶对a光的折射率小于b光的折射率；

根据可知单色光a在冰晶中的传播速度比单色光b在冰晶中的传播速度大；

根据知单色光b的临界角较小，所以单色光b比单色光a更容易发生全反射。【解析】小于大b21、略

【分析】【分析】

【详解】

双缝到光屏上P点的距离之差是半波长的奇数倍，会出现暗条纹，第三条暗条纹对应的距离之差为【解析】四、作图题(共3题，共15分)22、略

【分析】【详解】

[1]设方格的边长为由图可知，波的波长应为波的振幅应为在内波传播了则再过半个周期波应再传播故9点开始向上振动，此时0点应到达负向最大位移处；6点达正向最大位移处；故波形如图所示：

【解析】23、略

【分析】【详解】

由题图可知，孔A和障碍物D跟波长相比相差不多，因此，从孔A传出的波和遇障碍物D之后的波均有明显的衍射现象；孔B和障碍物C跟波长相比相差较大，因此，从孔B传出的波和遇障碍物C之后的波无明显的衍射现象，在画通过孔A的衍射波时要强调画出的同心半圆都是以孔A为圆心的；遇障碍物D之后波的传播并没有受影响；而从孔B传出的波和遇障碍物C之后的波只沿直线传播，所以从孔A、B传出的波和遇障碍物C、D之后的波如图所示。

【解析】见解析。24、略

【分析】【详解】

由图甲可知，简谐波的波长所以周期

此时波形与时刻波形相同，根据同侧法可知，波沿x轴负方向传播，根据波形的平移法可知，将时刻的波形向左平移得到时的波形图像；如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共2题，共8分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]碰撞前小车A的速度大小

则碰撞前总动量为

[2]碰撞后小车的共同速度

碰后总动量为

[3]在误差允许范围内，小车碰前的总动量等于碰后的总动量，碰撞过程中动量守恒。【解析】①.0.685②.0.684③.在误差允许范围内，小车碰前的总动量等于碰后的总动量，碰撞过程中动量守恒（答到动量守恒即可得分）26、略

【分析】【详解】

（1）[1]游标卡尺读数为

（2）[2]实验中可通过力传感器来直接测量细线的拉力，