2025年湘教新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版高二物理上册月考试卷772考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图在通电螺旋管周围放有bcd三颗小磁针，a是放在螺旋管内部的小磁针，当开关闭合时，小磁针指向正确的是()A.a小磁针B.b小磁针C.c小磁针D.d小磁针2、物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点需要的时间为t．现在物体由A点静止出发，先做加速度大小为a1的匀加速运动到某一最大速度vm后立即做加速度大小为a2的匀减速运动至B点停下，历时仍为t，则物体的（）A.最大速度vm只能为2v，无论a1、a2为何值B.最大速度vm可为许多值，与a1、a2的大小有关C.a1、a2值必须是一定的，且a1、a2的值与最大速度vm有关D.a1、a2必须满足3、某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如下图所示，其中正确的是（）4、两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，mA="1"kg，mB="2"kg，vA="6"m/s，vB="2"m/s。当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是（）A.vA′="5"m/s，vB′="2.5"m/sB.vA′="2"m/s，vB′="4"m/sC.vA′=－4m/s，vB′="7"m/sD.vA′="7"m/s，vB′="1.5"m/s5、在两个等量同种点电荷的连线上，有与连线中点O等距的两点a、b，如图所示，则下列判断不正确的是：A.a、b两点的场强矢量相同B.a、b两点的电势相同C.a、O两点间与b、O两点间的电势差相同D.同一电荷放在a、b两点的电势能相同6、在一定条件下，关于可逆反应rm{2SO_{2}+O_{2}?2SO_{3}}达到化学平衡状态时，下列说法正确的是A.反应停止B.rm{SO2}的浓度不变C.rm{SO2}完全转化为rm{SO3}D.正反应速率大于逆反应速率7、有一物体做直线运动；其u鈭�t

图象如图所示，从图中看出，物体加速度和速度方向相同的时间间隔是(

)

A.只有0<t<2s

B.只有2s<t<4s

C.0<t<2s

和6s<t<8s

D.0<t<2s

和5s<t<6s

评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、一电容器的电容为lOuF，垂直于回路平面的磁感应强度以5×10-3T/s的变化率增加，回路面积为1×10-2m．，如图，则A、C两板的电势差为____V，A板所带电荷的电性为____带电量为____C．

9、布朗运动说明______．10、如图所示的电路中，电源的电动势E=9V

内电阻r=2娄赂

定值电阻R1=1娄赂R2

为可变电阻，其阻值在0隆芦10娄赂

范围内调节.

当R2=

______娄赂

时，R1

消耗的电功率最大；当R2=

______娄赂

时，R2

消耗的电功率最大．11、在“用单摆测定重力加速度”的实验中(1)

用游标为10

分度的卡尺测量摆球的直径.

某次测量的示数如下图所示，读出小球直径d

=

______mm

；

(2)

若测量出单摆摆线长为l

，摆球的直径为d

，用秒表记录下单摆完成n

次全振动所用的时间t

.

则重力加速度g

=

______(

用以上字母表示)

．12、甲、乙两同学分别将质量相同的小球沿水平方向抛出，小球离开手时的速度相同，甲的抛出点高度大于乙的抛出点高度，不计空气阻力，则甲、乙两同学在抛球时对小球做的功W

录脳

W

脪脪(

填“>

”、“<

”或“=

”)

将小球抛出较远的是同学(

填“甲”或“乙”)

评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）14、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

15、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共3题，共21分)20、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首脍炙人口的中国民歌。茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一种，它可以从茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯为原料进行人工合成。其中一种合成路线如下：回答下列问题：

rm{(1)A}rm{B}的结构简式为______________；

rm{(2)}写出反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式rm{垄脷}_____________________rm{;垄脼}_____________________

rm{(3)}上述反应中属取代反应的有______________

rm{(4)}反应______________rm{(}填序号rm{)}原子的理论利用率为rm{100%}符合绿色化学的要求。21、下图是元素周期表的一部分，表中的rm{垄脵隆芦垄脼}代表对应元素，用化学用语填空：rm{(1)}元素rm{垄脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)垄脻}rm{垄脼}两种元素最高价氧化物对应的水化物酸性较强的是________。rm{(3)垄脵}元素可以形成多种氧化物，其中颜色为红棕色的是________，写出它与水反应的化学方程式________。rm{(4)}写出元素rm{垄脹}与元素rm{垄脷}形成的化合物的电子式________。22、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{X}是中学常见的无机物，存在如图转化关系rm{(}部分生成物和反应条件略去rm{)}rm{(1)}若rm{A}为常见的金属单质，焰色反应呈黄色，rm{X}能使品红溶液褪色，写出rm{C}和rm{E}反应的离子方程式：__________________________．rm{(2)}若rm{A}为短周期元素组成的单质，该元素的最高价氧化物的水化物酸性最强，则：rm{垄脵}组成单质rm{A}的元素在周期表中的位置为_______________．rm{垄脷X}可能为___________rm{(}填代号rm{)}．rm{a.NaHCO_{3}}rm{b.Na_{2}CO_{3;;;;;;;;;;;;;;;}c.Na_{2}SO_{3;;;;;;;;;;;;;}d.Al(OH)_{3}}rm{(3)}若rm{A}为淡黄色粉末，回答下列问题：rm{垄脵1molA}与足量的rm{H_{2}O}充分反应时转移的电子数目为_______________．rm{垄脷A}的电子式为___________________。rm{垄脹}若rm{X}为一种造成温室效应的气体rm{.}则鉴别等浓度的rm{D}rm{E}两种溶液，可选择的试剂为______rm{(}填代号rm{)}．rm{a.}盐酸rm{b.BaCl_{2}}溶液rm{c.NaOH}溶液rm{d.Ca(OH)_{2}}溶液rm{(4)}若rm{A}为氧化物，rm{X}是rm{Fe}溶液rm{D}中加入rm{KSCN}溶液变红rm{.}则rm{A}与rm{H_{2}O}反应的化学反应方程式为___________rm{.E}是_________rm{(}填化学式rm{)}评卷人得分五、计算题(共1题，共9分)23、交流发电机转子有n

匝线圈，每匝线圈所围面积为S

匀强磁场的磁感应强度为B

匀速转动的角速度为蠅

线圈电阻为r

外电路电阻为R

当线圈处于中性面时开始计时，逆时针匀速转动180?

过程中，求：

(1)

通过R

的电荷量q

(2)

写出R

两端的电压瞬时值的表达式。

(3)R

上产生的电热Q

(4)

外力做的功W

．评卷人得分六、简答题(共3题，共9分)24、（10分）一根弹性绳沿x轴方向放置，左端在原点O，用手握住绳的左端使其沿y轴方向做周期为1s的简谐运动，于是在绳上形成一列简谐波，如图所示。求：（1）若从波传到平衡位置在x=1m处的M质点时开始计时，那么经过的时间等于多少时，平衡位置在x=4．5m处的N质点恰好第一次沿y轴正向通过平衡位置？在图中准确画出当时弹性绳上的波形。（2）从绳的左端点开始做简谐运动起，当它通过的总路程为88cm时，N质点振动通过的总路程是多少？25、英国物理学家麦克斯韦认为：变化的磁场________(

选填“能”或“不能”)

产生电场.

电磁波按照波长由长到短排列依次是：无线电波、红外线、可见光、________、X

射线和娄脙

射线．26、根据下面的反应路线及所给信息填空

rm{(1)A}的结构简式是____rm{(2)垄脵}的反应类型是____。rm{垄脹}的反应类型是____。rm{(3)}反应rm{垄脺}的化学方程式是____。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【解析】试题分析：当开关S闭合，螺线管中有电流流过，在周围空间产生磁场，根据安培定则判断出各点的磁场方向，小磁针静止时，N极指向磁场方向．A、当开关S闭合，通电螺线管产生的磁场方向根据安培定则判断可知：a点的磁场方向水平向右，小磁针静止时，N极指向向右．故A正确．B、根据安培定则判断可知：b点的磁场方向水平向左，小磁针静止时，N极指向向左．故B错误．C、根据安培定则判断可知：c点的磁场方向水平向右，小磁针静止时，N极指向向右．故C正确．D、根据安培定则判断可知：d点的磁场方向水平向右，小磁针静止时，N极指向向右．故D正确．本题选错误的，故选B．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【解析】【答案】B2、D【分析】【解析】【答案】D3、D【分析】试题分析：根据左手定则，磁场B、电流I和安培力F两两垂直，让磁感线穿过手心、四指指向电流方向、大姆指所指的方向即为安培力的方向，由此判断可知，只有选项D正确；考点：安培力的方向【解析】【答案】D4、B【分析】【解析】试题分析：考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度；D错误；A追上B并发生碰撞前的总动量是：A、B、C、D、根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，故可判断B正确故选B．考点：考查了动量守恒定律的应用【解析】【答案】B5、A【分析】试题分析:根据点电荷的场强叠加，知a、b两点的场强大小相等，方向相反．所以场强不同．故A错误；将电荷从O移到a或b电场力做功相等，则a、O两点间与b、O两点间的电势差相同，所以a、b两点的电势相等．故B、C正确；D、a、b两点的电势相等，根据Ep=qφ，同一电荷在a、b两点的电势能相同．故D正确．本题选错误的，故选A．考点：电场强度，电势，电势能，电势差，等势面。【解析】【答案】A6、B【分析】【分析】本题考查化学平衡状态的特征，难度中等。【解答】A.反应达到化学平衡时正逆反应速率相等，但反应并没有停止，故A错误；B.反应达到平衡时rm{SO_{2}}的浓度保持不变，可以说明反应平衡，故B正确；C.反应是可逆反应，rm{SO}rm{2}和rm{2}rm{O}不会全部变为rm{2}rm{2}，故C错误；rm{SO}正rm{3}逆rm{3}故D错误。D.反应达到平衡时反应速率rm{v(}正rm{)=v(}逆rm{)neq0}故D错误。rm{v(}【解析】rm{B}7、D【分析】解：速度图象的斜率等于物体运动的加速度，斜率大于零说明物体的加速度沿正方向，斜率小于0

说明物体的加速度沿负方向，速度v>0

说明物体的速度沿正方向，v<0

说明物体运动的方向沿负方向，则由图可知在0<t<2s

时间内速度与加速度方向相同，均沿正方向；5s<t<6s

时间内；速度和加速度都沿负方向，方向相同．

故加速度方向和速度方向相同的时间间隔是0<t<2s

和5s<t<6s

．

故选D

速度时间图象的斜率等于物体运动的加速度，斜率大于零说明物体的加速度沿正方向，斜率小于0

说明物体的加速度沿负方向；速度v>0

说明物体的速度沿正方向，v<0

说明物体运动的方向沿负方向．

把握速度图象的斜率的物理意义和速度正负的含义是我们解决此类问题的关键．【解析】D

二、填空题(共5题，共10分)8、略

【分析】

由法拉第电磁感应定律：N=5×10-3×1×10-2V=5×10-5V；

则A、C两板的电势差5×10-5V；

由楞次定律可得：穿过线圈的磁通量增加；则产生的感应电流方向是顺时针，由处于电源内部所以电流方向是从负极到正极，故A板为正电荷；

由公式得：Q=CU=10μF×5×10-5V=5×10-10C

故答案为：5×10-5，正，5×10-10．

【解析】【答案】线圈平面垂直处于匀强磁场中；当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由楞次定律可确定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小．

9、略

【分析】解：布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规则运动；是由液体分子撞击形成的，反映了液体分子的无规则运动．

故答案为：液体分子的无规则运动．

布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而运动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．

本题主要考查学生布朗运动形成原因和意义理解和掌握情况，在平时练习中要加强对这些基本知识的理解与应用．【解析】液体分子的无规则运动10、略

【分析】解：根据P=I2R1

可知；R1=1娄赂

不变，当R2=0

时，电路的总电流最大，所以此时R1

获得最大功率；

根据电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大，可知，当把R1

和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做R1+r

当R2=R1+r=3娄赂

时；电源的输出功率最大，即R2

上获得最大功率．

故答案为：03

R1

为定值电阻；R2

为可变电阻，根据P=I2R1

可以分析得知，当电路中电流最大时，电阻R1

的功率最大，此时R2

最小；由于R2

减小的时候，电路电流就在增加，所以不能根据P=I2R2

来分析R2

的功率的变化情况；

当电源的内电阻和外电阻相等的时候；电源的输出功率最大.

可将R1

看成电源的内阻，利用此结论求解R2

消耗的电功率最大的条件．

对于R2

的功率的分析是本题的难点，通常的分析方法都是把R1

和电源看做一个整体来分析电源的输出功率的变化情况，即为R2

的功率的情况．【解析】03

11、（1）21.7

（2）【分析】【分析】(1)

游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；不需要估读；

(2)

摆线长度与摆球半径之和是单摆的摆长；单摆完成一次全振动所需要的时间是一个周期，应用单摆周期公式可以求出重力加速度的表达式。

本题考查了游标卡尺读数、求重力加速度的表达式，游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，游标卡尺不需要估读，对游标卡尺读数时要注意游标尺的精度；掌握基础知识、应用单摆周期公式可以解题。【解答】(1)(1)由图示游标卡尺可知，其示数为：21mm+7隆脕0.1mm=21.7mm21mm+7隆脕0.1mm=21.7mm

(2)(2)单摆的摆长：L=l+12d，单摆的周期为：T=tn2=2tn，

由单摆周期公式：T=2娄脨Lg可知重力加速度为：g=娄脨2n2(l+12d)t2

故答案为：(1)21.7(1)21.7(2)(2)娄脨2n2(l+12d)t2。

【解析】(1)21.7(1)21.7

(2)(2)娄脨2n2(l+12d)t2

12、=甲【分析】【分析】根据动能定理可以求解抛出时对小球做功，平抛的远近根据平抛运动水平方向的运动计算。动能定理Ek=12mv2

和平抛的水平位移x=vt

是解题的关键。【解答】抛出时对小球做功根据动能定理，W=Ek=12mv2

所以两人对小球做功大小相等；运动时间为：t=2hg

水平距离x=vt=v2hg

所以甲运动时间长，水平位移大。故答案为：=

甲。【解析】==甲三、判断题(共7题，共14分)13、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．14、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．15、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、推断题(共3题，共21分)20、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度不大，注意结合乙醇、氯代烃的性质进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，有利于基础知识的巩固。【解答】rm{(1)}乙醇与氧化铜加热反应生成rm{A}rm{A}为乙醛，甲苯在光照条件下与氯气反应生成rm{B}rm{B}为故答案为：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式分别为：的化学方程式分别为：rm{垄脷}rm{垄脼}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反应rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯与水发生加成反应，反应rm{(3)}是乙醇发生氧化反应生成乙醛，反应rm{垄脵}是乙醛发生氧化反应生成乙酸，反应rm{垄脷}是甲苯与氯气发生取代反应，反应rm{垄脹}是rm{垄脺}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成苯甲醇，属于取代反应，rm{垄脻}乙酸与苯甲醇发生酯化反应生成乙酸苯甲酯，属于取代反应；故答案为：rm{B}

rm{垄脼}反应rm{垄脺垄脻垄脼}乙烯与水发生加成反应生成乙醇，反应rm{(4)}乙醛发生氧化反应生成乙酸，符合原子利用率rm{垄脵}故答案为：rm{垄脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)垄脺垄脻垄脼}21、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本题考查元素周期表的结构及应用、电子式、氮的氧化物，根据元素的位置推断元素及元素化合物知识为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查。【解答】由元素的位置可知，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺垄脻垄脼}分别为rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{垄脺}为rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案为：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)垄脻}rm{垄脼}分别为rm{Si}rm{Cl}元素的非金属性越强，最高价氧化物对应的水化物酸性越强，非金属性：rm{Cl>Si}则两种元素最高价氧化物对应的水化物酸性较强的是rm{HClO_{4}}故答案为：rm{HClO_{4}}rm{(3)垄脵}为rm{N}元素，rm{N}元素形成的多种氧化物中颜色为红棕色的是rm{NO_{2}}与水反应生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反应的化学方程式为rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案为：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)垄脹}为rm{Na}元素，rm{垄脷}为rm{F}元素，二者形成的化合物为rm{NaF}其电子式为故答案为：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}22、rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(2)垄脵}第三周期第rm{VIIA}族

rm{垄脷b}

rm{(3)垄脵N_{A}}

rm{垄脷}

rm{垄脹ab}

rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}【分析】【分析】本题考查无机物的推断，是高考中的常见题型，试题综合性强，难度较大，有利于培养学生的逻辑推理能力和抽象思维能力，提高学生分析问题、以及灵活运用基础知识解决实际问题的能力rm{.}做好本题的关键之处在于把握好常见物质的性质以及有关转化，并能结合题意具体问题、具体分析即可。【解答】rm{(1)}若rm{A}为常见的金属单质，焰色反应呈黄色，应为rm{Na}rm{X}能使品红溶液褪色，应为rm{SO_{2}}则rm{B}为rm{H_{2}}rm{C}为rm{NaOH}rm{D}为rm{Na_{2}SO_{3}}rm{E}为rm{NaHSO_{3}}rm{C}和rm{E}反应的离子方程式为rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案为：rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)}若rm{A}为短周期元素组成的单质，该元素的最高价氧化物的水化物酸性最强，应为rm{Cl_{2}}则rm{B}为rm{HClO}rm{C}为rm{HCl}rm{垄脵Cl}原子核外有rm{3}个电子层，最外层电子数为rm{7}位于周期表第三周期Ⅶrm{A}族，故答案为：第三周期Ⅶrm{A}族；rm{垄脷a.C}为盐酸，可与rm{NaHCO_{3}}反应生成rm{CO_{2}}但rm{CO_{2}}与rm{NaHCO_{3}}不反应，故rm{a}错误；rm{b..C}为盐酸，与rm{Na_{2}CO_{3}}反应生成rm{CO_{2}}rm{CO_{2}}与rm{Na_{2}CO_{3}}反应可生成rm{NaHCO_{3}}故rm{b}正确；rm{c..C}为盐酸，与rm{Na_{2}SO_{4}}不反应，故rm{c}错误；rm{d.}盐酸与氢氧化铝反应生成氯化铝，氯化铝与氢氧化铝不反应，故rm{d}错误，故答案为：rm{b}rm{(3)}若rm{A}为淡黄色粉末，应为rm{Na_{2}O_{2}}rm{垄脵1molA}与足量的rm{H_{2}O}充分反应时过氧化钠自身发生氧化还原反应，转移的电子数目为rm{N_{A}}故答案为：rm{N_{A}}rm{垄脷Na_{_{2}}O_{_{2}}}含有离子键、共价键，电子式为故答案为：rm{垄脹}若rm{X}为一种造成温室效应的气体，应为rm{CO_{2}}则rm{C}为rm{NaOH}rm{D}为rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}为rm{NaHCO_{3}}鉴别等浓度的rm{D}rm{E}两种溶液，可用盐酸或氯化钡溶液，故答案为：rm{ab}rm{(4)}若rm{A}为氧化物，rm{X}是rm{Fe}由转化关系可知rm{C}具有强氧化性，则rm{A}为rm{NO_{2}}rm{B}为rm{NO}rm{C}为rm{HNO_{3}}rm{NO_{2}}与水反应的方程式为rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe}与硝酸生成rm{Fe(NO_{3})_{3}}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}rm{)}与rm{3}反应生成rm{3}rm{Fe}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}故答案为：rm{)}rm{2}rm{2}rm{{,!}_{,}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO}rm{3}【解析】rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)垄脵}第三周期第rm{VIIA}族rm{垄脷b}rm{(3)垄脵N_{A}}rm{垄脷}rm{垄脹ab}rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}五、计算题(共1题，共9分)23、解：(1)

通过电阻R

的电荷量为：q=I炉?鈻�t

由闭合电路欧姆定律得：I炉=E炉R+r

由法拉第电磁感应定律得：E炉=n鈻�娄碌鈻�t

鈻�娄碌=BS鈭�(鈭�BS)=2BS

联立以上四式得：q=2nBSR+r

(2)

线圈由中性面开始转动；感应电动势的瞬时值表达式为：e=nBS娄脴sin娄脴t

由闭合电路欧姆定律可知：i=eR+r

电阻R

两端的电压为：u=i?R

解以上三式得：u=RR+rnBS娄脴sin娄脴t

(3)

感应电动势的最大值为：Em=nBS娄脴

感应电动势的有效值为：E=Em2

由闭合电路欧姆定律可知：I=ER+r

由焦耳定律可知，Q=I2Rt

其中t=娄脨娄脴

解以上四式得：Q=n2娄脨B2S2娄脴R2(R+r)2

(4)

线圈匀速转动；外力所做的功等于线圈转动过程中产生的总焦耳热，即。

W=Q脳脺=n2娄脨B2S2娄脴2(R+r)

答：(1)

通过R

的电荷量为2nBSR+r

．

(2)R

两端的电压瞬时值的表达式u=RR+rnBS娄脴sin娄脴t

(3)R

上产生的电热为n2娄脨B2S2娄脴R2(R+r)2

(4)

外力做的功为n2娄脨B2S2娄脴2(R+r)

．【分析】

按照电流的定义I=qt

计算电荷量q

应该用电流的平均值，不能用有效值；最大值或瞬时值．

求电热应该用有效值；先求总电热Q

再按照内外电阻之比求R

上产生的电热QR.

这里的电流必须要用有效值，不能用平均值；最大值或瞬时值．

根据能量守恒；外力做功的过程是机械能向电能转化的过程，电流通过电阻，又将电能转化为内能，即放出电热.

因此.

一定要学会用能量转化和守恒定律来分析功和能．

本题要求知道：计算电荷量q

应该用电流的平均值；求电热应该用有效值.

同时一定要学会用能量转化和守恒定律来分析功和能．【解析】解：(1)

通过电阻R

的电荷量为：q=I炉?鈻�t

由闭合电路欧姆定律得：I炉=E炉R+r

由法拉第电磁感应定律得：E炉=n鈻�娄碌鈻�t

鈻�娄碌=BS鈭�(鈭�BS)=2BS

联立以上四式得：q=2nBSR+r

(2)

线圈由中性面开始转动；感应电动势的瞬时值表达式为：e=nBS娄脴sin娄脴t

由闭合电路欧姆定律可知：i=eR+r

电阻R

两端的电压为：u=i?R

解以上三式得：u=RR+rnBS娄脴sin娄脴t

(3)

感应电动势的最大值为：Em=nBS娄脴

感应电动势的有效值为：E=Em2

由闭合电路欧姆定律可知：I=ER+r

由焦耳定律可知，Q=I2Rt

其中t=娄脨娄脴

解以上四式得：Q=n2娄脨B2S2娄脴R2(R+r)2

(4)

线圈匀速转动；外力所做的功等于线圈转动过程中产生的总焦耳热，即。

W=Q脳脺=n2娄脨B2S2娄脴2