2025年冀教版必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版必修2物理下册月考试卷991考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、某游乐场的大型摩天轮半径为R，匀速旋转一周需要的时间为t。已知质量为m的小华乘坐的车厢此刻处于摩天轮的最底部；则下列说法正确的是（）

A.摩天轮运动的角速度为2πtB.摩天轮运动的线速度为C.摩天轮运动的向心加速度为D.在最低点时座椅对小华的作用力为2、如图所示，两水平圆盘P、Q紧靠在一块，Q圆盘为主动轮，P、Q之间不打滑，P圆盘与Q圆盘的半径之比为3：1。两个小物块a、b分别放置于P、Q圆盘的边缘上，当主动轮Q匀速转动时，两小物块均与圆盘相对静止。则a、b的线速度和向心加速度之间的关系正确的是（）

A.B.C.D.3、如图，与水平面成30°的倾斜匀质圆盘绕垂直于盘面的中心固定轴匀速转动，一根不可伸长的细绳穿过圆盘中心，圆盘上方部分细绳与圆盘表面平行且与圆盘间无作用力，一端悬挂质量为的物块A，另一端与随圆盘一起转动的物块B相连，已知物块B的质量为物块B与盘心的距离与盘面之间的动摩擦因数设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不考虑细绳与圆盘之间的摩擦力，当物块A始终保持静止时；圆盘转动的最大角速度为（）

A.B.C.D.4、下列与牛顿运动定律相关的说法中正确的是（）A.亚里士多德、伽利略、笛卡尔等人已基本得到了牛顿第一定律的部分结论B.牛顿第一定律是牛顿第二定律在加速度等于零时的一个特例C.牛顿推导万有引力定律时主要用到了牛顿第二定律，没有使用牛顿第三定律D.对多物体用整体法受力分析时，根据牛顿第三定律，不必分析物体间的力5、在牛顿时代，好些科学家已经认识到万有引力的存在，且猜测万有引力的大小与物体间的距离存在“平方反比”关系，但在那个时代证实这一关系存在诸多困难。当时坊间有两种传言，一是牛顿已经证明了太阳与行星间的引力存在“平方反比”关系，二是胡克已经证明了太阳与行星间的引力存在“平方反比”关系。为此，前者的支持者哈雷与后者的支持者打赌。为使朋友哈雷赌胜，牛顿重新进行了证明，通过创造性的思维和独特的视角，克服了重重困难，发现了万有引力定律。以下不是牛顿的创造性观点或做法的是（）A.将太阳和行星都视为质点B.发明微积分C.用实验测出万有引力常量G的值D.只考虑太阳对行星的作用6、在探究两个互成角度的力的合成规律实验中，橡皮筋一端固定在A点，另一端系上两个细绳套。第一次弹簧测力计a、b分别缓慢拉着细绳套B、C，使橡皮筋与细绳套的结点到达O点，分别做了6J和8J的功，此时OC与AO延长线的夹角β=37°，如图所示。第二次撤去测力计b，单独用测力计a拉橡皮筋仍使其结点缓慢到达O点，则测力计a第二次的拉力所做的功以及第一次的拉力与AO延长线的夹角α分别是（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）

A.10J，53°B.14J，45°C.10J，45°D.14J，53°评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、2016年2月11日，科学家宣布“激光干涉引力波天文台（LIGO）”探测到由两个黑洞合并产生的引力波信号，这是在爱因斯坦提出引力波概念100周年后，引力波被首次直接观测到。在两个黑洞合并过程中，由于彼此间的强大引力作用，会形成短时间的双星系统。如图所示，黑洞A、B可视为质点，它们围绕连线上O点做匀速圆周运动，且AO大于BO；不考虑其他天体的影响。下列说法正确的是（）

A.黑洞A的向心加速度等于B的向心加速度B.黑洞A的质量小于B的质量C.黑洞B合并过程中距离减小，相互绕转增大D.两黑洞之间的距离越大，A的周期越小8、下列各图中实线为河岸，河水的流动方向如图v的箭头所示，虚线为小船从河岸M驶向对岸N的实际航线。假设船头方向为船在静水中的速度方向，则以下各图可能正确的是（）A.B.C.D.9、2022年4月16日0时44分，神舟十三号与空间站天和核心舱分离，正式踏上回家之路，分离过程简化如图所示，脱离前天和核心舱处于半径为的圆轨道Ⅰ上，从P点脱离后神舟十三号飞船沿椭圆轨道Ⅱ返回半径为的近地圆轨道Ⅲ上，然后再多次调整轨道，绕行5圈后顺利着落在东风着落场。已知轨道Ⅱ与轨道Ⅰ、Ⅲ两圆轨道相切于P、Q点两点且恰好对应椭圆的长轴两端点，引力常量为G，地球质最为M；则下列说法正确的是（  ）

A.飞船从P点运动至Q点的最短时间为B.飞船在轨道Ⅲ上的向心加速度小于在轨道Ⅰ上的向心加速度C.飞船在轨道Ⅰ上的机械能大于在轨道Ⅲ上的机械能D.飞船在轨道Ⅰ与地心连线和在轨道Ⅲ与地心连线在相同时间内扫过的面积相等10、如图所示，物块A和B用跨过定滑轮的轻绳连接，A、B的质量分别是m和2m，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定，另一端与在水平面上的物块A相连，物块B处在倾角为θ的斜面上，整个系统不计一切摩擦．开始时，物块B在一沿斜面向上的外力F=mgsinθ的作用下保持静止，然后撤去外力F，直到物体B获得最大速度v，弹簧未超过弹性限度且A在水平面上未与滑轮相碰；则。

A.撤去F前，绳子的拉力大小为B.撤去F的瞬间，物块B的加速度大小为C.从撤去F到物块B的速度达到最大的过程中，A向右运动的距离为D.从撤去F到物块B的速度达到最大的过程中，弹簧增加的弹性势能为11、2022年11月30日，神舟十五号载人飞船与天和核心舱完成对接，三位中国航天员进入空间站与神舟十四号航天员乘组首次在轨会师，对接过程的示意图如图所示。天和核心舱处于半径为r3的圆轨道Ⅲ，神舟十五号飞船处于半径为r1的圆轨道Ⅰ，运行周期为T1，通过变轨操作后，沿椭圆轨道Ⅱ运动到B处与天和核心舱对接。已知万有引力常量为G。则下列说法正确的是（）

A.飞船沿轨道Ⅱ从A运动到对接点B过程中，速度不断增大B.飞船沿轨道Ⅱ从A运动到对接点B过程中，机械能不断增大C.地球的质量为D.飞船沿轨道Ⅱ运行的周期为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、大多数男同学小时候都打过弹子或玻璃球．张明小朋友在楼梯走道边将一颗质量为20g的弹子沿水平方向弹出，不计阻力，弹子滚出走道后，直接落到“2”台阶上，如图所示，设各级台阶宽、高都为20cm，则他将弹子打出的最大速度是______，最小速度是______取．

13、一条河宽400m；水流的速度为3m/s，船相对静水的速度5m/s。

（1）要想渡河的时间最短，渡河的最短时间是______s。

（2）若要以最短位移渡河，船头与河岸成______角，到达对岸用时______s。14、判断下列说法的正误．

（1）合运动与分运动是同时进行的，时间相等。____

（2）合运动一定是实际发生的运动。____

（3）合运动的速度一定比分运动的速度大。____

（4）两个夹角为90°的匀速直线运动的合运动，一定也是匀速直线运动。____15、若知道某星球表面的______和星球______，可计算出该星球的质量．16、重力所做的功。

（1）重力所做的功WG=___________，Δh指初位置与末位置的高度差。

（2）重力做功的特点：物体运动时，重力对它做的功只跟它的___________有关，而跟物体___________无关。17、某星体以0.80c的速度飞离地球，在地球上测得它辐射的闪光周期为5昼夜，在此星体上测得的闪光周期是___________。18、设想飞船在甲、乙两个相距8亿千米的星球间飞行，甲、乙两星球及飞船上各有一个巨大的钟，现飞船相对星球以0.75c（c是真空中光速）的速度离开甲星球飞向乙星球，飞船经过甲星球时，三个钟均调整指到3：00整。则当飞船飞过乙星球的瞬间，飞船内的人看到乙星球上的钟指向的时间为______，看到飞船上的钟指向的时间为______。19、下列说法正确的是________．E无线网络信号能绕过障碍物传递到接收终端是利用了干涉原理20、质量为1kg的物体，在空中由静止开始自由落下，经5s落地（g=10m/）．前2s内小球的动能增量为__；前2s内重力做功的功率为_____；第2s末重力做功的瞬时功率________．评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)21、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

22、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

23、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

24、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、实验题(共1题，共8分)25、利用水平旋转平台验证向心力与质量、角速度、半径的定量关系，选取光滑水平平台MN，如图甲所示，平台可以绕竖直转轴转动，M端固定的压力传感器可以测出物体对其压力的大小，N端有一宽度为d的遮光条；光电门可以测出每一次遮光条通过时的遮光时间。

实验过程如下：

a.用游标卡尺测出遮光条的宽度；如图乙所示；

b.用天平测出小物块质量为m；

c.测出遮光条到转轴间的距离为L；

d.将小物块放置在水平平台上且靠近压力传感器，测出小物块中心位置到转轴间的距离为R；

e.使平台绕转轴做不同角速度的匀速转动；

f.通过压力传感器得到不同角速度时，小物块对传感器的压力F和遮光条通过光电门的时间t；

g.在保持m、R不变的前提下，得到不同角速度下压力F与的图像如图丙所示，其图线斜率为k。

请回答下列问题：

（1）遮光条宽度d=______cm。

（2）当遮光条通过光电门的时间为t0时，平台转动的角速度=______（用相应的字母符号表示）。

（3）验证小物块受到的向心力与质量、角速度、半径间的定量关系时，则图线斜率应满足k=______（用m、d、R、L等物理量符号表示）。评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)26、如图，在竖直平面内有由圆弧AB和圆弧BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点B平滑连接。AB弧的半径为R，BC弧的半径为一小球在A点正上方与A相距处由静止开始自由下落，经A点沿圆弧轨道运动。

(1)求小球在B、A两点的动能之比；

(2)通过计算判断小球能否沿轨道运动到C点。

27、如图所示，摩托车做腾跃特技表演，沿曲面冲上高顶部水平高台，接着以水平速度离开平台，落至地面时，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑。A、B为圆弧两端点，其连线水平。已知圆弧半径为人和车的总质量为特技表演的全过程中，阻力忽略不计。（计算中取）求：

（1）从平台飞出到A点，人和车运动的水平距离s；

（2）从平台飞出到A点时速度及圆弧对应圆心角

（3）人和车运动到达圆弧轨道A点时对轨道的压力大小；

（4）人和车运动到圆弧轨道最低点速度此时对轨道的压力大小。

28、太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。当地球恰好运行到火星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的时候，天文学称为“火星冲日”。已知火星公转半径与地球公转半径的比值为（C为常数），地球的公转周期为T；求：

（1）火星公转周期

（2）相邻两次火星冲日的时间间隔

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

A．匀速旋转一周需要的时间为t，所以周期T=t，角速度故A错误；

B．摩天轮运动的线速度故B正确；

C．摩天轮运动的向心加速度为故C错误；

D．在最低点，由牛顿第二定律

解得，在最低点时座椅对小华的作用力

故D错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

AB．两水平圆盘P、Q靠摩擦传动，边缘的线速度相等，而两个小物块a、b分别放置于P、Q圆盘的边缘上，则

故AB错误；

CD．由可得

故C正确；D错误；

故选C。3、A【分析】【详解】

物块B随圆盘转动过程中物块A始终保持静止，说明细绳内的拉力F=mg=10N

假设物块B转到最高点时，设圆盘转动的最大角速度为对物块B有

设圆盘转动的最小角速度为对物块B有

物块B转到最低点时，因

所以物块B转到最低点时的最小角速度为0，设圆盘转动的最大角速度为对物块B有

综上分析可知，圆盘转动的角速度为

代入数据解得

故选A。4、D【分析】【详解】

A．亚里士多德认为力是维持物体运动的原因；是伽利略；笛卡尔等人已基本得到了牛顿第一定律的部分结论，牛顿在伽利略、笛卡尔等人的基础上总结得到了牛顿第一定律，故A错误；

B．牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律；牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系，故牛顿第一定律是牛顿第二定律的基础，但牛顿第一定律不是牛顿第二定律的特例，故B错误；

C．牛顿推导万有引力定律是主要用到了牛顿第二定律；牛顿第三定律和开普勒第三定律；故C错误；

D．对多物体用整体法受力分析时；“内力”是物体间的力，根据牛顿第三定律这些力是作用力和反作用力，但整体来看，这些力属于作用在同一个整体上的平衡力，所以合力为零，故不必分析物体间的力，故D正确。

故选D。5、C【分析】【分析】

【详解】

牛顿提出了万有引力定律；卡文迪许用实验测出了万有引力常量的值。

故选C。6、B【分析】【详解】

由于两次都是将橡皮筋从原长拉到O点，则两次拉力做的总功相同，且功为标量，有W2=W1=Wa＋Wb=6＋8J=14J

根据平行四边形定则有。

则Fa、Fb，以及它们的位移xa、xb的关系有

两式相乘有

解得α≈45°

故选B。二、多选题(共5题，共10分)7、B:C【分析】【详解】

A．根据可知相同，r大的大；A错误；

B．在匀速转动时的向心力大小关系为

由于A的半径比较大；所以A的质量小，B正确；

C．双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度根据

故L减小增大；C正确；

D．双星之间的周期公式为

所以两黑洞之间的距离越大；A的周期越大，故D错误。

故选BC。8、A:B【分析】【详解】

A．静水速垂直于河岸，合速度的方向偏向下游。且过河时间最短，故A正确。

B．根据平行四边形定则知，若船头指向河对岸上游，合速度的方向正好垂直河岸，过河的位移最小。故B正确。

C．由于流水速度，因此当船头指向河对岸时，船的合速度方向不可能垂直河对岸，不可能出现此现象，故C错误；

D．船头的指向为静水速的方向，静水速的方向与流水速度的合速度的方向不可能是图示方向。故D错误。

故选AB。9、A:C【分析】【详解】

A．根据开普勒第三定律可得

对于Ⅰ轨道上的卫星，有

所以

联立解得

故A正确；

B．根据万有引力提供向心力，有

可得

所以轨道半径越大；向心加速度越小，所以飞船在轨道Ⅲ上的向心加速度大于在轨道Ⅰ上的向心加速度，故B错误；

C．飞船由轨道Ⅰ运动到轨道Ⅲ需要在轨道相切的位置P和Q点点火减速；做近心运动，所以在点火过程中外力对飞船做负功，所以飞船的机械能减小，即飞船在轨道Ⅰ上的机械能大于在轨道Ⅲ上的机械能，故C正确；

D．根据开普勒第二定律可知；飞船在同一轨道上运行时，飞船与地心的连线在相同时间内扫过的面积相等，故D错误。

故选AC。10、A:D【分析】【分析】

撤去F前；B静止不动，根据平衡条件求绳子的拉力大小．撤去F的瞬间，分别对A；B运用牛顿第二定律列式，求解加速度．当B受到的合力为零时，速度最大，根据胡克定律研究A向右运动的距离．根据能量守恒求弹簧增加的弹性势能．

【详解】

A项：撤去F前；B静止不动，对B分析，由平衡条件可知F+T=2mgsinθ，则得绳子拉力T=mgsinθ，故A正确；

B项：当撤去F的瞬间；弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律得：

对B有：2mgsinθ-T′=2ma

对A有：T′=ma

联立解得，物块B的加速度大小a=故B错误；

C项：撤去F前，对A有T=kx1，得x1=

当B受到的合力为零时，B的速度最大，对整体有kx2=2mgsinθ，得x2=

所以从撤去F到物块B的速度达到最大的过程中，A向右运动的距离为S=x2-x1=故C错误；

D项：从撤去F到物块B的速度达到最大的过程中；根据弹簧及两个物体组成的系统机械能守恒得：弹簧增加的弹性势能为。

△Ep=故D正确．

故应选：AD．

【点睛】

本题关键是明确系统的受力情况、运动性质和能量转化情况，然后结合平衡条件、胡克定律、机械能守恒定律分析．11、C:D【分析】【详解】

A．由开普勒第二定律可知，近地点的速率大于远地点的速率，所以飞船沿轨道Ⅱ从A运动到对接点B过程中；速度不断减小，A错误；

B．飞船沿轨道Ⅱ从A运动到对接点B过程中；只有万有引力做功，机械能守恒，B错误；

C．飞船处于半径为的圆轨道Ⅰ，运行周期为时，由万有引力提供向心力得

化简可得，地球的质量为

C正确；

D．由图可知，轨道Ⅱ的半长轴为

由开普勒第三定律

可得

化简可得，飞船沿轨道Ⅱ运行的周期为

D正确。

故选CD。三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【详解】

要小球落到“2”台阶上，一个临界点是小球刚好飞出“3”台阶边缘；另一个临界点是小球刚好飞不出“2”台阶的边缘．由平抛运动的规律：对第一种情况：

由式得：

将代入此式得：

对第二种情况：

由式解得：

将代入此式得：．【解析】13、略

【分析】【详解】

（1）当船头指向垂直于河岸时，渡河时间最短

（2）由于

则当船头指向与河岸夹角为θ时；如图所示，渡河位移最短。

则当

即有

此时渡河最短位移为

到达对岸用时【解析】8053°10014、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.正确②.正确③.错误④.正确15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.重力加速度②.半径16、略

【分析】【详解】

略【解析】mgΔh17、略

【分析】【详解】

[1]根据爱因斯坦相对论时间公式

所以【解析】3昼夜18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在乙星球的观察者看来，飞船飞越的时间为t=s≈3600s=1h

所以；飞船内的人看到乙星球上的钟指到4：00整。

[2]在飞船内的观察者看来，飞船飞越的时间t′为t′=t≈0.66h≈40min

所以，飞船内的人看到飞船上的钟指到3：40【解析】①.4：00②.3：4019、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

医院中用于体检的“B超”利用了超声波的反射原理；故A正确；当鸣笛汽车驶近路人的过程中，两者间距变小，则路人听到的声波频率与波源相比增加，故B正确；在宇宙中高速飞行的飞船中的时钟变慢，故C错误；照相机镜头的偏振滤光片，从而阻碍其它反射光的进入，使得所拍影像清晰，故D正确；无线网络信号能绕过障碍物传递到接收终端，是利用了衍射原理，E错误．

故选ABD。20、略

【分析】【详解】

[1]2s末的速度：

所以前2s内小球的动能增量为：

[2]2s内下降的高度为：

故重力做功为：

前2s内重力做功的功率为：

[3]第2s末重力做功的瞬时功率为：【解析】200J100W200W四、作图题(共4题，共8分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

小球滑到达管道的顶端，设小球受重力和管道的作用力，则

由于

所以

说明小球在管道最高点不受管道的作用力；仅受重力作用，故小球的受力示意图为。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

各点受力方向和速度方向如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

从位置A开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进方向看，下同）的合力，运动的轨迹位于F与v之间，做曲线运动；到达B时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同，所以受力的方向与速度的方向相同，做直线运动；达到C时，又突然改为向前但偏左的力，物体的轨迹向下向右发生偏转，最后到达D点；其轨迹大致如图。