2025年人教版PEP必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻．当开关S闭合后；两平行金属板M；N中有一带电液滴正好处于静止状态．为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是()

A.增大R1的阻值B.减小R2的阻值C.减小R3的阻值D.增大M、N间距2、三根通电长直导线垂直纸面平行固定，其截面构成一正三角形，O为三角形的重心，通过三根直导线的电流分别用I1、I2、I3表示，方向如图。现在O点垂直纸面固定一根通有电流为I0的直导线，当时，O点处导线受到的安培力大小为F。已知通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小和电流成正比；则（）

A.当时，O点处导线受到的安培力大小为4FB.当时，O点处导线受到的安培力大小为C.当时，O点处导线受到的安培力大小为D.当时，O点处导线受到的安培力大小为2F3、直线MN是某点电荷电场中的一条电场线（方向未画出）。虚线是一带电粒子只在电场力的作用下，由a到b的运动轨迹；则（）

A.电场线MN的方向一定是由N指向MB.带电粒子由a运动到b过程中动能逐渐减小C.带电粒子在a点的电势能大于在b点的电势能D.带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度4、某种海鱼能在周围空间产生电场；其电场线分布如图所示。下列说法正确的是（）

A.海鱼的头部带正电，A点的电势比B点的电势高B.海鱼的头部带正电，A点的电势比B点的电势低C.海鱼的头部带负电，A点的电势比B点的电势高D.海鱼的头部带负电，A点的电势比B点的电势低5、某实验小组为了精确描绘小灯泡（额定电压2.5V，额定功率1W）的伏安特性曲线，实验时，要求小灯泡两端电压从0开始，并逐渐增大到其额定电压。实验器材有：电流表（0~0.6A，内阻约为0.5Ω）、电压表（0~3V，内阻约为3kΩ）、两节干电池、开关、合适的滑动变阻器和导线若干。该小组应选择的实验电路图为（）A.B.C.D.6、某同学在测量金属丝电阻Rx的实验时，采用试触的方法，电路如图所示，让电压表的一端接在c点，另一端先后接到a点和b点。他发现电压表示数有明显变化；而电流表示数没有明显变化。下列说法正确的是（）

A.电压表的另一端应接a点，Rx的测量值大于真实值B.电压表的另一端应接b点，Rx的测量值小于真实值C.电压表的另一端应接a点，Rx的测量值小于真实值D.电压表的另一端应接b点，Rx的测量值大于真实值评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，某同学在研究电子在电场中的运动时，得到了电子由点运动到点的轨迹(图中实线所示)，虚线是电场线，则下列说法正确的判断是（）

A.电子在点动能较小B.电子在点动能较小C.点的场强大于点的场强D.点的电势高于点的电势8、如图所示，在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC；如图所示．由此可见（）

A.小球带正电B.电场力为3mgC.小球从A到B与从B到C的运动时间之比2:1D.小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相同9、如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成一个容器，该电容器通过电阻R与恒定电压的电源相连接；当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号，则当振动膜片向右振动过程中（）

A.电容器电容值增大B.电容器带电荷量减小C.电容器两极板间的场强减小D.电容器储存的电能增加10、如图所示，A、B、C三个小球（可视为质点）的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电（不考虑小球间的静电感应），不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E；以下说法正确的是（）

A.静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg+qEB.静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg﹣qEC.剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qED.剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE11、如图所示，a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。小球d位于O点正上方h处，且在外力F作用下恰处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为6q，重力加速度为g，静电力常量为k；则（）

A.小球a一定带正电B.小球b的周期为C.小球c的加速度大小为D.外力F竖直向上，大小等于mg＋12、某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点；则以下判断正确的是（）

A.A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B.若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C.一个负电荷处于A点的电势能大于它处于B点的电势能D.若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动13、有三个质量相等、分别带有正电与负电及不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强射入，分别落到极板A、B、C处；如图所示．则下列说法正确的有（）

A.粒子A带负电，B不带电，C带正电B.三个粒子在电场中运动的时间不相等C.三个粒子在电场中运动的加速度aA<aB<aCD.三个粒子到达极板时的动能EA>EB>EC14、如图所示，开关闭合的情况下，平行金属板中带电质点P处于静止状态．不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时；则。

A.电压表读数减小B.电流表读数减小C.质点P将向下运动D.R3上消耗的功率减小15、如图所示，B、C为三个同心金属圆环，处于同一平面内。金属圆环中通有图示方向的电流，中分别为穿过B；C两圆环的磁通量的大小；以垂直纸面向外为正方向，下列判断正确的是（）

A.穿过C两圆环的磁通量均为正值B.穿过C两圆环的磁通量均为负值C.D.评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、图中的平行直线表示一簇垂直于纸面的等势面。A等势面与B等势面的电势差UAB=__________V；将一个带-5.0×10-8C的点电荷，沿图中曲线从A点移到B点，电场力做的功为_______________J。

17、均匀带电正方形框边长为R，所带电量为+Q，若取无穷远处电势为零，则其两条对角线交点处的电势___零，(选填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一边中点挖去一个长为r(r<<R)的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度大小____________18、电功率。

（1）定义：电流在一段电路中所做的功与通电_______之比。

（2）公式：P＝＝_____。

（3）单位：_____，符号为____。

（4）意义：表示电流做功的______。19、会用多用电表探索黑箱中的_______。20、科学思想方法在物理问题的研究中十分重要，库仑受到牛顿的万有引力定律的启发，运用______方法（选填“建立模型”、“类比”、“控制变量”、“理想实验”）得出库仑定律，其表述为真空中两点电荷间距一定时相互作用力与______成正比。21、如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。

22、有一已充电的电容器，若使它的电荷量减少则其电压由原来的1.5V变为0.5V，由此可知电容器的电容是___________F；原来带电荷量是___________C。23、如图，某同学用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图（右图是左图的放大图），则此工件的外径___________mm。

24、某同学用不同工具分别测量了某物体的几处外径；如图所示，请读出下列读数：

①_____；②_____；③_____；评卷人得分四、实验题(共2题，共12分)25、某课外兴趣小组欲测定一新型合金材料的电阻率；他们选择由该材料制成的电阻丝，进行了下列操作。

（1）用多用电表粗测该电阻丝的电阻：

①旋转选择开关，使其对准欧姆挡的“”。

②将两表笔短接，调节表盘上的旋钮______（填图甲中字母“”或“”）；使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度线，然后断开两表笔。

③将两表笔分别接到被测电阻丝的两端，发现多用电表的指针位置如图甲中指针所示；随后断开两表笔。

④旋转选择开关，使其对准欧姆挡的“”挡，重新欧姆调零后，再将两表笔分别连接到被测电阻丝的两端进行测量，多用电表的指针位置如图甲中指针所示，则被测电阻丝的阻值为______

⑤旋转选择开关；使其对准“OFF”挡，并拔出两表笔。

（2）若该兴趣小组想用伏安法较准确地测定该电阻丝的阻值；实验室可供选用的器材有：

A．电压表（量程为内阻约为）

B．电压表（量程为内阻约为）

C．电流表（量程为内阻约为）

D．电流表（量程为内阻约为）

E．滑动变阻器（最大阻值为）

F．电源（电动势为内阻约为）

G．开关导线若干。

①要使电流表和电压表的示数都能达到满偏的三分之一以上，在所提供的电流表中就选用______，电压表就选用______。（填器材前的字母）

②在虚线框乙中画出测定该电阻丝的实验电路图，并对选用的器材进行标注______。

（3）若测得电阻丝的长度为直径为和阻值为则该新型材料的电阻率______。26、某学校电工从市场买来一大捆粗铜导线；如图甲所示，他觉得其实际长度与所标的长度相差较大，为此请物理科技兴趣小组同学帮助他通过实验进行检测。

（1）为了得到该铜丝的横截面积S，兴趣小组先用小刀割去铜导线外绝缘皮，再用螺旋测微器测定裸露的铜丝的直径d，如图乙所示，则可读得d=___________mm。

（2）兴趣小组设计如图丙所示的电路来测定铜丝电阻，请根据电路图丙把图丁实物连接完整_______。

（3）首先闭合开关S1，把开关S2拨向1，记下电压表的示数为U0，接下来把开关S2拨向2，调节_________，使得电压表的示数为___________，此时电阻箱R0的阻值为2.0

（4）根据研究小组设计方案，计算铜导线长度的表达式L=_________（用铜导线的电阻R、横截面积S、电阻率表示），根据以上测得的数据可计算出该铜导线的长度为_________m。（己知铜的电阻率=1.80×10-8结果保留三位有效数字）。评卷人得分五、解答题(共4题，共8分)27、如图，用两根同样长的细绳把两个带同种电荷的小球悬挂在一点。两小球的质量相等，球所带的电荷量大于球所带的电荷量。两小球静止时，悬线与竖直方向的偏角分别为和请判断二者的关系并说明原因。

28、如图所示的电路中，三个电阻的阻值均为6欧，电压U恒为18伏；求。

(1)电流表和电压表的示数；

(2)将电压表和电流表的位置互换，电流表和电压表的示数．29、如图所示，线段A为某电源的图线，线段B为某电阻的图线。现把该电阻接在该电源的两端；求：

（1）电源内部损耗的电功率；

（2）电源的效率

30、如图所示的电路中，电源电动势内阻定值电阻电容器的电容

(1)保持开关闭合，求电容器C所带的电荷量；

(2)保持开关闭合，将开关断开，求断开开关后流过电阻的电荷量。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

A．当增大电阻时，没有作用，因为电阻与两平行金属板相串联，然而两板间没有电流，所以电阻两端没有电势差．故A错误；

B．当减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则变阻器电压变大；故B正确；

C．当减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则电阻两端电压变大，那么变阻器电压变小；故C错误；

D．当增大MN间距时；由于平行板两端电压不变，则两板间的电场强度变小，所以电场力小于重力，故D错误．

【点睛】

电阻R1与两平行板相串联，由于没有电流，所以没有电势降落，因此可将R1电阻去除．当改变间距时，会导致两板间的电容变化．2、C【分析】【分析】

【详解】

根据安培定则画出在O点的磁感应强度的示意图如图所示。

当时，三根导线在O点产生的磁感应强度大小相等，设为根据磁场叠加原理可知，此时O点的磁感应强度为。

此时O点处对应的导线的安培力。

AB．由于通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小和电流成正比，当时；则有。

根据磁场叠加原理可知，此时O点的磁感应强度为。

此时O点处对应的导线的安培力。

故AB错误；

C．当时；有。

如图所示。

根据磁场叠加原理可知。

此时O点处对应的导线的安培力。

故C正确；

D．当时；有。

如图所示。

根据磁场叠加原理可知。

此时O点处对应的导线的安培力。

故D错误。

故选C。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，所受电场力指向轨迹内侧且沿电场线，粒子所受电场力方向一定是由M指向N；但粒子带电性质未知，故无法确定电场线方向，A错误；

BC．粒子从a运动到b的过程中，力与速度夹角小于90°，电场力做正功，动能增加，电势能减小，即带电粒子在a点的电势能大于在b点的电势能；B错误，C正确；

D．只有一条电场线，无法确定疏密程度，无法确定场强大小关系，由

可知，无法比较a、b点的加速度大小；D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

电场线从正电荷或无穷远处出发，终止与负电荷或无穷远处，根据电场线由头部出发可知：海鱼的头部带正电，尾部带负电；沿着电场线电势降低，等势线与电场线垂直，故B点电势比C点电势高，A点电势比C点电势低。

故选B。5、C【分析】【详解】

电压表的内阻远大于小灯泡的电阻；则应采用电流表外接；要求小灯泡两端电压从0开始，并逐渐增大到其额定电压，则滑动变阻器要用分压电路。

故选C。6、B【分析】【详解】

因为电压表示数有明显变化，而电流表示数没有明显变化，所以电压表分流不明显，说明电压表内阻远大于金属丝电阻的阻值，故应采用电流表外接法，故电压表的另一端接端，由于电压表的分流使电流表示数偏大，由欧姆定律可知的测量值小于真实值；故B正确，A；C、D错误；

故选B。二、多选题(共9题，共18分)7、B:C:D【分析】【详解】

AB．从轨迹弯曲方向可知电场力沿着电场线向左，由到电场力做负功；动能减小、电势能增大；故A错误，B正确；

C．由电场线的密集程度可看出点的场强较大；故C正确；

D．由电子曲线轨迹向下弯曲可知电场线方向向右，沿着电场线方向电势越来越低，故点电势较大；故D正确。

故选BCD。8、B:C:D【分析】【详解】

A．小球受到的电场力竖直向上；方向与电场强度方向相反，所以小球带负电，故A错误．

B．由于A、B、C三点在同一直线上，且：

根据几何关系可知小球在进入电场前后的水平向位移之比：

由于小球在进入电场前后都做类平抛运动，则小球由A运动到B和由B运动到C的时间之比为：

又根据竖直方向的位移：

解得：

根据牛顿第二定律：

可知小球受到的电场力：

故B正确；C正确.．

D．根据速度变化量：

则得AB过程速度变化量大小为：

BC过程速度变化量大小为：

所以小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相等，但方向相反，故D正确．9、A:D【分析】【详解】

根据题意，可将电容式传感器近似看成一个平行板电容器，振动膜片向右振动时，近似看成板间距离减小，由

电容值增大，电荷量增大，电场强度变大；电容器储存的电能增加，AD正确，BC错误。

故选AD。10、A:C【分析】【详解】

AB．静止时，对AB球整体进行受力分析，则有：T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq

故A正确；B错误；

CD．假设B球也不带电，则剪断OA线瞬间，A、B、C三个小球一起以加速度g自由下落，互相相对静止，AB、BC间拉力为0.若B球带负电，则相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，电场力qE对A、B球整体产生一个竖直向下的加速度此时A、B球的加速度为aA=g+

（显然大于g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为T，由牛顿第二定律，则有T+mg=maA

解得T=qE

故C正确，D错误。

故选AC。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．小球a、b、c均做半径相同的圆周运动，且受力情况相同，故三个小球的各运动参量大小均相等，以小球a为例，小球a做圆周运动的向心力由小球d对小球a的引力的水平分力及小球b、c对小球a斥力的合力提供，仅可以判断四个小球所带电荷电性的异同，但不能确定小球a是否带正电；A错误；

BC．由牛顿第二定律得

其中解得

向心加速度公式

可得

B错误C正确；

D．对小球d受力分析，由平衡条件可知

D正确。

故选CD。12、A:C【分析】【详解】

A．根据电场线的疏密可以判断场强的强弱，所以A点的场强大于B点的场强，根据沿电场线方向电势逐渐降低，所以B点的电势高于A点的电势；则A正确；

B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，说明电势能增大，又因为B点的电势高于A点的电势；由于正电荷在电势越高的位置，电势能越大，说明该电荷正电荷，所以B错误；

C．由于负电荷在电势越低的位置；电势能越大，所以C正确；

D．若将一个正电荷由A点释放；其所受电场力方向与场强方向相同向左运动，电场线越来越密，则该电荷将在电场中做加速度增大的加速运动，所以D错误；

故选AC。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

ABC．三个微粒的初速度相等，水平位移根据水平方向上做匀速直线运动，所以由公式

得

三个微粒在竖直方向上的位移相等，根据

得

从而得知B仅受重力作用；A受电场力向上，C所受的电场力向下，所以B不带电，A带正电，C带负电，A错误，BC正确；

D．根据动能定理，三个微粒重力做功相等，A电场力做负功，C电场力做正功，所以C的动能变化量最大，A的动能变化量最小，初动能相等，所以三个微粒到达极板时的动能为

D错误。

故选BC。14、A:C:D【分析】【详解】

AB．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联，再与R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大；所以电压表示数减小，故A正确，B错误；

C．因电容器两端电压减小；故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C正确；

D．因R3两端的电压减小，由公式可知，R3上消耗的功率减小；故D正确．15、A:C【分析】【分析】

【详解】

由题图及安培定则可知，纸面内垂直纸面向外的磁感线都集中在圆环内，纸面内垂直纸面向里的磁感线分布在圆环外，则B、C圆环内都有垂直纸面向里和向外的磁感线穿过。穿过B、C圆环的垂直纸面向外的磁感线条数相同，穿过B圆环的垂直纸面向里的磁感线条数较少，穿过C圆环的垂直纸面向里的磁感线条数较多，但都比穿过B、C圆环的垂直纸面向外的磁感线条数少，又以垂直纸面向外为正方向，所以穿过B、C圆环的磁通量均为正值，且

故选AC。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【详解】

[1]A等势面与B等势面的电势差

[2]将一个带-5.0×10-8C的点电荷，沿图中曲线从A点移到B点，电场力做的功为【解析】-105×10-717、略

【分析】【详解】

[1]均匀带电正方形框；根据对称性可知，其两条对角线交点处的电场强度为零，而正点电荷，电场线是扩散状，根据沿着电场线方向电势降低可知，两条对角线交点处的电势大于零；

[2]在其一边中点挖去一个长为r（r＜＜R）的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度等于由r长的电荷在对角线交点处的场强，即【解析】大于18、略

【分析】【详解】

略【解析】①.时间②.UI③.瓦特④.W⑤.快慢19、略

【分析】【详解】

略【解析】电学元件20、略

【分析】【详解】

[1][2]万有引力定律研究是任意两个物体之间的作用，而库仑定律研究的是真空中两个静止的点电荷之间的作用，两个定律都研究相互作用，可以进行类比。1785年库仑经过实验提出库仑定律，表述为真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，跟它们电荷量的乘积成正比，跟它们距离的二次方成反比，作用力的方向在两点电荷连线上。【解析】类比它们电荷量的乘积21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将一带正电荷的物体C置于A附近，由于静电感应，此时A带负电，B带正电，则贴在A、B下部的金属箔张开。

[2]先把A和B分开，然后移去C，此时A带负电，B带正电，贴在A、B下部的金属箔都张开。【解析】①.张开②.张开22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据电容器电容公式有

[2]原来电容器所带电荷量为【解析】①.②.23、略

【分析】【详解】

工件的外径为【解析】19.4024、略

【分析】【详解】

①[1]游标卡尺的主尺读数为9mm，游标尺的第6个刻度线与主尺的某刻度线对齐，读数为0.1×6mm=0.6mm；则有游标卡尺的读数为9mm+0.6mm=9.6mm；

②[2]游标卡尺的主尺读数为13mm；游标尺的第13个刻度线与主尺的某刻度线对齐，游标尺是25分度的，读数为0.04×13mm=0.52mm，则有游标卡尺的读数为13mm+0.52mm=13.52mm。

③[3]螺旋测微器的固定刻度读数为2mm，转动刻度的读数为0.01×33.3mm=0.333mm，螺旋测微器的读数为2.333mm。【解析】9.613.522.333四、实验题(共2题，共12分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]使用欧姆挡测电阻，选择好倍率挡位后，先要欧姆调零，即先把红、黑表笔短接，调节旋钮。多用电表欧姆挡的读数是示数倍率，这样根据指针示数15乘以倍率就得到阻值是

（2）[3][4]由于用伏安法测量该电阻丝的电阻，利用所给电源电压可大致求出电路中的电流

所以应选择量程较小的电流表C；为使读数更准确；电压表应选量程较小的A；

[5]由于该待测电阻丝阻值远大于所选电流表内阻；为了减小测量误差，电流表应采用