2025年人教新起点必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点必修3物理下册月考试卷965考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、有关电磁学发展史，下列说法正确的是（）A.安培通过实验发现通电导线周围存在磁场，并提出了判断磁场方向的安培定则B.法拉第通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件C.安培力是大量带电粒子所受磁场力的宏观表现，安培推出了运动电荷受磁场力的公式D.奥斯特通过实验发现电流的磁效应，并首先发明发电机2、如图；放在绝缘台上不带电的金属网罩B内放有一个不带电的验电器C，若把一带有正电荷的绝缘体A移近金属罩B，则（）

A.验电器C的金属箔片将张开B.金属罩B的右侧外表面带正电荷C.用导线连接金属罩B和验电器C的金属球，验电器金箔张开D.金属罩B左、右两侧电荷电性相同3、如图所示，空间中存在沿纸面方向的匀强电场，C为圆弧的中点，O点处能源源不断地以相同的速率向外发射重力不计的电子，且射出的电子均能到达圆弧AB上。将一电子由O点移动到A点，电场力做的功为2eV，将一电子由A点移动到B点，电场力做的功为－4eV。取O点的电势为零，．下列说法正确的是（）

A.电场强度的方向由A指向CB.电场强度大小为C.从O点射出的电子到达圆弧上A点时电子动能最小D.电子在B点的电势能为4、如图所示，一平行板电容器两极板接在恒压直流电源上，充满电之后与电源端开。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态，若将云母介质插入电容器，则电容器（）

A.两极板间的电势差变大，极板间电场强度变大B.两极板间的电势差变小，极板间电场强度变小C.油滴带正电D.带电油滴的电势能将减小5、带电小球在电场力和重力作用下，由静止开始从点沿竖直方向向下运动，以点为原点沿竖直方向向下建立轴，轴上依次有四个点：小球从点运动至点的过程中，机械能随位移关系图线如图所示；下列说法正确的有（）

A.小球带正电荷B.在的过程中，电场力逐渐变小C.在点，小球速度最大D.在的过程中，电场强度逐渐变大6、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I；设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电量为e，此电子的定向移动速率为v，在时间内，通过导线横截面的自由电子数可表示为（）A.nvSΔtB.nv•ΔtC.D.7、阻值相等的三个电阻R、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路．开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为与的比值为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图；A；B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（）

A.把C移近导体A时，B上的金属箔片都张开B.把C移近导体A，先把B分开，然后移去C，B上的金属箔片仍张开C.先把C移走，再把B分开，B上的金属箔片仍张开D.先把B分开，再把C移走，然后重新让B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合9、如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值，一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C；下列判断正确的是（）

A.粒子一定带负电B.A处场强大于C处场强C.粒子在A处电势能小于在C处电势能D.粒子从A到B电场力所做的功大于从B到C电场力所做的功10、如图所示，A、B、C、D是真空中一正四面体的四个顶点（正四面体是由四个全等正三角形围成的空间封闭图形），所有棱长都为a．现在A、B两点分别固定电荷量分别为均+q和-q的两个点电荷，静电力常量为k；下列说法正确的是。

A.D两点的场强相同B.C,D两点的场强大小相等，方向不同C.D两点电势相等D.将一正电荷从C点移动到D点，电场力做正功11、图甲中的水平平行金属板M、N间加有图乙所示的变化电压，后电压消失。当电压稳定时，板间为匀强电场。O位于M、N板间中点，可以向外释放初速度为零的带电液滴。在时，均带负电的液滴甲、乙从O由静止进入板间，甲、乙两液滴的比荷分别为k和忽略两个带电液滴间的相互作用及其电荷量的变化。已知时间里甲处于静止状态，时刻甲恰好到达下极板附近。重力加速度大小为g；则在图中所示的时间段内，下列说法正确的是（）

A.两板间距为B.甲在该阶段的最大速度为C.甲在时刻恰好到达上极板附近D.乙粒子在时刻打到上极板12、带电粒子在电场中由静止释放，仅在电场力的作用下做直线运动，其加速度与位移的关系图像如图所示，图中M、N、P对应运动轨迹上的三点；下列判断正确的是（）

A.带电粒子在MN、NP间的运动方向相反B.带电粒子在NP间比在MN间动能变化大C.带电粒子的电势能一直减小D.MN间等差等势面较密，NP间较疏13、如图甲所示，两平行金属板MN、PQ的板长和板间的距离相等,大小为d，板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场，电场方向与两板垂直。在时刻，一不计重力的带电粒子沿板间的中线垂直电场方向射入电场，粒子射入电场时的速度为时刻粒子刚好沿MN板右边缘射出电场。则（）

A.该粒子射出电场时的速度方向一定是沿垂直电场方向的B.在时刻，该粒子的速度大小为C.若该粒子在时刻以速度进入电场，则两板间最大偏移量为D.若该粒子的入射速度变为则该粒子将打在金属板MN上14、下列实验的实验方法与“探究加速度与力、质量的关系”实验相同的是（）A.探究导体电阻与其影响因素的关系B.研究影响平行板电容器大小的因素C.探究做功与物体速度变化的关系D.探究求合力的方法15、如图甲所示为测量一节干电池的电动势和内电阻的实验电路图，根据测得的数据作出了如图乙所示的图线；以下实验结论正确的是（）

A.电池电动势的测量值偏小B.电池内阻的测量值为C.外电路发生短路时的电流为D.电压表的示数为时，外电路的电功率为16、图甲中，A、B为两个等量同种点电荷；图乙中，C、D为两根垂直纸面相互平行的长直导线，导线中通有大小相等、方向相同的电流，O为连线的中点，c、d两点位于各自连线的中垂线上，且距离相等；下列有关说法正确的是（）

A.甲图中，a、b两点的电场强度不同，电势相同B.甲图中，c、d两点的电场强度相同，电势相同C.乙图中，a、b两点的磁感应强度大小相等，方向相同D.乙图中，c、d两点的磁感应强度大小相等，方向相反评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、两种材料不同的电阻丝，长度之比1∶5，截面积之比为2∶3，电阻率之比为2∶5，则材料的电阻之比为_______。18、普朗克的假设∶振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值ε的_____。即能的辐射或者吸收只能是______的。这个不可再分的最小能量值ε叫作_____。19、如图所示的电路中，电源的电动势为5V、内阻为1Ω，定值电阻的阻值为9Ω，电流表和电压表均是理想电表。则开关S闭合后，电流表的示数为___________A。

20、电荷守恒定律。

（1）电荷守恒定律表述：电荷既不会____________，也不会____________，它只能从一个物体转移到____________，或者从物体的一部分转移到____________；在转移过程中，电荷的____________保持不变。

（2）电荷守恒定律的另一表述是：一个与外界没有电荷交换的系统，____________保持不变。21、如图是双量程电压表的原理图，它有两个量程分别为3V和15V，则使用图的a、b两端时量程应为_____，使用图的a、c两端时量程为____，已知表头内阻为15Ω，满偏电流为4mA，则R1=____。

22、电磁波的特点及应用:

（1）无线电波:波长大于1mm（频率小于300GHz）的电磁波是无线电波。

①无线电波中的中长短波:广播及其他信号传输。

②无线电波中的微波:卫星通信；电视等。

（2）红外线:

①红外线是一种光波,波长比无线电波______,比可见光______,其主要特点是______效应。

②所有物体都发射红外线,热物体的红外辐射比冷物体的红外辐射______。

③红外线主要用于______、______和红外______等。

（3）可见光:可见光的波长在______nm到______nm之间,可见光让我们看见这个世界,也可用于通信。

（4）紫外线:

①波长范围在______到____________之间,其主要特点是______效应。

②具有______的能量,应用于灭菌消毒,具有较强的______效应,用来激发______物质发光。

（5）X射线和γ射线:

①X射线频率比紫外线_____,穿透力较______,用来检查工业部件有无裂纹或气孔,医学上用于______。

②γ射线频率比X射线还要高,具有______的能量,穿透力______,医学上用来治疗______,工业上用于探测______部件内部是否有缺陷。评卷人得分四、作图题(共2题，共12分)23、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)25、某同学想测一节干电池的电动势与内阻。

（1）实验室备有下列实验器材：

①电压表V；（量程0~3V内阻约2KΩ；量程0~15V内阻约3KΩ）；

②电流表A；（量程0~0.6A内阻约2Ω；量程0~3A内阻约1Ω）；

③滑动变阻器；最大阻值为10Ω；

⑤滑动变阻器；最大阻值为100Ω；

⑥开关一个；导线若干。

为尽可能减小实验误差，结合相关仪器参数，电流表量程应选用_________（填写量程），滑动变阻器应选用________（填写器材前面的序号）。

（2）为了较为精确的测定干电池的电动势和内阻，该同学用伏安法测电源电动势与内阻，请在图虚线框内画出实验所需的电路图_______。并在图中完成电路的所有连线_______。

（3）调节变阻器的阻值，记录下电压表和电流表的示数，并在方格纸上建立了U—I坐标，根据实验数据画出了坐标点，如图所示。请你完成U—I图线________，并由图线求出电源的电动势E=___________V，内阻r=_________Ω。

（4）由于电压表和电流表内阻的影响不可忽略，则采用此测量电路所测得的电动势与实际值相比________，测得的内阻与实际值相比_______（选填“偏大”“偏小”或“相同”）。评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)26、一台小型电动机在3V电压下工作；用此电动机提升重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A．在30s内可使该物体被匀速提升3m。若不计一切摩擦和阻力，求：

(1)电动机的输入功率；

(2)在提升重物的30s内；电动机线圈所产生的热量；

(3)电动机的电阻。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．奥斯特发现了通导线周围存在磁场；安培提出了判断磁场方向的安培定则，故A错误；

B．法拉第通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件；故B正确；

C．洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现；并推出了洛伦兹力公式，故C错误；

D．发电机由法拉第发明；故D错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

BD．由于金属网罩的静电屏蔽作用；B的内表面不带电，金属网罩表面的自由电子重新分布，根据“近异远同”的结论，B的右侧外表面带正电荷，B的左侧外表面负电荷，故B正确，D错误；

A．由于金属网罩的静电屏蔽作用；B的内部电场强度处处为零，故验电器的金箔不张开，故A错误；

C．用导线连接金属罩B和验电器C的金属球；金属罩内的场强仍为零，即验电器金箔不会张开，选项C错误。

故选B。3、D【分析】【详解】

A．电子由O点到A点，有

又

解得

电子由A点到B点，有

又

解得

所以AB的中点电势为0，则C、O在同一等势线上；电场方向与等势线方向垂直可知，电场方向由A指向B；如图。

故A错误；

B．可知

又由几何关系可得

则

故B错误；

C．电子由低电势点向高电势点运动时，电场力做正功，电子的动能增大，由于圆弧AB上A点的电势最高，所以到达圆弧上A点的电子动能量大；故C错误；

D．由公式可解得电子在B点的电势能为

故D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

AB．根据平行板电容器的相关知识有E=C=C=

整理得E=U=d

根据题干知识，电容器充满电之后与电源端开，则电荷量Q不变，插入云母介质后ε变大，故电场强度E变小，U变小；A错误；B正确；

C．由于带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态，则有mg=Eq

则油滴受到的电场力向上；而电场线向下，则油滴带负电，C错误；

D．由于N极板接地，即N极板的电势为零故Ep=qU=dq

由于ε增大，而q为负，则Ep增大；D错误。

故选B。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．由于电场线的方向不定；所以无法确定小球的带电情况，则A错误；

BD．根据功能关系可知除了重力以外的力做功用来改变机械能，则有

利用极限思想在很短的位移里面电场力做功可看成恒力做功则有上式，所以在图像中图像的斜率表示电场力，则有在的过程中，斜率变小，电场力逐渐变小，在的过程中；斜率也变小，则电场力逐渐变小，所以电场强度逐渐变小，则B正确；D错误；

C．从点运动到点过程中机械能减小；则电场力做了负功，但是刚开始重力大于电场力小球向下运动，电场力在减小，因此全部过程中电场力总是小于重力时，小球一直做加速运动，速度一直增大，所以C错误；

故选B。6、A【分析】【详解】

AB．在∆t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为v∆t，由于铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为V=v∆tS

又由于单位体积的导线有n个自由电子，则在时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为

A正确；B错误；

CD．由于流经导线的电流为I，则在∆t时间内，流经导线的电荷量为Q=I∆t

而电子的电荷量为e，则∆t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为

CD错误。

故选A。7、B【分析】【详解】

由于电源内阻不计，开关S断开时，电容器的电压为

电容器所带电荷量为

开关S闭合时，电容器的电压为

电容器所带电荷量为

则有

故选B。二、多选题(共9题，共18分)8、A:B【分析】【详解】

AB．感应带电；这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷。金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故AB正确；

C．先把C移走；A；B电荷恢复原状，A、B两端都不带电；若再把A、B分开，A、B上的金属箔片不会张开，故C错误；

D．先把A；B分开；再把C移走，然后重新让A、B接触，A与B上的电荷重新中和，A上的金属箔片闭合，B上的金属箔片也闭合。故D错误；

故选AB。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

A.根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势；可知电场线方向大致向左，根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子所受的电场力方向大致向左，则知粒子一定带正电，故A错误；

B.等差等势面的疏密反映电场强度的大小，处场强大于处场强；故B正确；

C.从点运动到点，电场力方向与速度的夹角大于电场力做负功，电势能增大，故C正确；

D.根据知电势差相同，电场力做功相同，所以粒子从到电场力所做的功等于从到电场力所做的功，故D错误．10、A:C【分析】【详解】

ABC．由题，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，C、D两点的场强都与等势面垂直，方向指向B一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故C、D两点的场强；电势均相同；故AC正确，B错误；

D．由题，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，将一正电荷从C点移动到D点；电场力不做功，故D错误．

故选AC。

点晴：本题要掌握等量异种电荷电场线和等势线分布情况，抓住ABCD是正四面体的四个顶点这一题眼，即可得出C、D处于通过AB的中垂面是一等势面上．11、B:D【分析】【详解】

ABC．根据题意可知甲液滴在时间里

在时间内甲液滴做自由落体运动，在时间内做匀减速直线运动，在时刻，甲液滴的速度为

两板间距满足

解得

甲液滴在加速的时间和减速时间相等，可知甲液滴做减速运动的加速度大小为

甲在该阶段的最大速度

甲从向上运动的位移

可知甲回到点；B正确，AC错误；

D．乙液滴在时间内，根据牛顿第二定律

可得

向上运动的距离

时间内运动的位移

此时的速度

此时距离上极板的距离

在后，根据牛顿第二定律

解得

根据

解得（另一解为负舍去）

乙粒子在打到上极板的时刻

D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【详解】

A．带电粒子在电场中由静止释放，仅在电场力的作用下一直沿x轴正向做直线运动，位移一直增大，所以带电粒子在MN、NP间的运动方向相同；A错误；

B．设粒子的质量为m，根据牛顿第二定律

画出力和位移图像；如图所示。

图像和位移轴所围成的面积表示力做的功，根据动能定理，在NP间

在MN

带电粒子在NP间比在MN间动能变化大；B正确；

C．带电粒子电场力一直做正功；电势能逐渐减小，C正确；

D．在MN

解得

在NP间

解得

电场强度越大，相等距离的等势面越密，MN间等差等势面较疏，NP间较较密；D错误。

故选BC。13、A:B【分析】【详解】

A．粒子射入电场在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上前半个周期内先做匀加速直线运动，电场力做正功；在后半个周期内做匀减速直线运动，电场力做负功竖直速度又减小为零，故从MN边缘离开电场时速度是水平方向的；故A正确；

B．在时刻，粒子在水平方向上的分速度为v0，因为两平行金属板MN、PQ的板长和板间距离相等，则有

则时刻

根据平行四边形定则知，粒子的速度为

故B正确；

C．当该粒子在时刻以速度v0进入电场，则此时粒子竖直方向上在电场力的作用下，先做匀加速，再匀减速，接着再匀加速和匀减速后回到中线位置，其两板间最大偏移量为

故C错误；

D．若该粒子的入射速度变为2v0，则此时粒子通过金属板的时间为

则在电场力不变的情况下，根据粒子运动的对称性可知，粒子偏转的位移为故D错误；

故选AB。14、A:B【分析】【分析】

【详解】

“探究加速度与力；质量的关系”实验的实验方法是控制变量法；选项A和B也是使用控制变量法。

故选AB。15、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于电压表的分流作用，所测电流小于流过电源的电流，由

得；电源电动势测量值小于真实值，A正确；

B．根据电源图像可知，电源电动势

电源内阻

B错误；

C．外电路发生短路时的电流，即为时的电流，由

得

C正确；

D．由图像可知，当

由

D正确。

故选ACD。16、A:D【分析】【详解】

A；等量同种正电荷的电场线和等电势面如图所示。

可知a、b两点的场强大小相等，方向相反，电场强度不同，a、b两点电势相同；故A错误；

B、等量同种正电荷的中垂线上，关于O的对称点c、d的场强大小相等，方向相反，而中垂线为等势线，c、d两点的电势相同；故B错误；

C；通电直导线周围的磁感应强度的方向由安培定则判断；如图所示。

根据矢量叠加可知a点的磁感应强度向下，b点的磁感应强度向上；两点的磁感应强度大小相等，方向相反，故C'错误；

D；根据磁感应强度合成的对称性可知；c、d两点的磁感应强度大小相等，方向相反，故D正确。

故选AD。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【详解】

根据电阻的决定式：则：【解析】3：2518、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]由理论可知，普朗克的假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整数倍,即能的辐射或者吸收只能是一份一份的。这个不可再分的最小能量值ε叫作能量子。【解析】①.整数倍②.一份一份③.能量子19、略

【分析】【详解】

根据闭合电路的欧姆定律可知

电流表的示数为0.5A。【解析】0.520、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.创生②.消灭③.另一个物体④.另一部分⑤.总量⑥.电荷的代数和21、略

【分析】【详解】

[1][2]改装后电压表的量程为

故串联的电阻越大，量程越大，故接a，b时，为灵敏电流计与R1串联，量程为3V；接a，c时，为灵敏电流计与R1和R2串联；量程为15V；

[3]由题可知，满偏电压

则R1两端的电压为

则【解析】3V15V22、略

【分析】【分析】

【详解】

（2）①[1][2][3]红外线是一种光波,波长比无线电波短；比可见光长，其主要特点是热效应。

②[4]所有物体都发射红外线；热物体的红外辐射比冷物体的红外辐射强。

③[5][6][7]红外线主要用于加热理疗；红外遥感和红外高速摄影等。

（3）[8][9]可见光:可见光的波长在400nm到760nm之间,可见光让我们看见这个世界,也可用于通信。

（4）①[10][11][12]紫外线:波长范围在5到370nm之间,其主要特点是化学效应。

②[13][14][15]具有较高的能量,应用于灭菌消毒,具有较强的荧光效应；用来激发荧光物质发光。

（5）①[16][17][18]X射线频率比紫外线高；穿透力较强，用来检查工业部件有无裂纹或气孔,医学上用于人体透视。

②[19][20][21][22]γ射线频率比X射线还要