2025年粤人版必修1物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版必修1物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步。关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（）A.亚里士多德首先提出了惯性的概念B.伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C.牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D.力的单位“N"是国际单位制的基本单位，加速度的单位“m/s2”是导出单位2、如图所示；叠放在水平地面上的物块M和N分别受到F和2F水平拉力的作用．若M和N都静止，则地面对物块N的摩擦力大小和方向分别是（）

A.F，方向向右B.F，方向向左C.2F，方向向右D.2F，方向向左3、如图所示，小球a、b的质量均为m，两球用轻细线相连后再用一根轻细线悬挂于O点，给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态。已知细线Oa与竖直方向的夹角为拉力F与a、b间细线的夹角为重力加速度为g，则F的大小为（）

A.B.C.2mgD.mg4、竖直向上抛出一小球，3s末落回到抛出点，则小球在第2s内的位移(不计空气阻力)是())A.B.10mC.0D.5m-1.25m5、关于处理物理问题的思想与方法，下列说法中正确的是（）A.伽利略在研究自由落体运动时采用极限的思想B.研究物体运动时的平均速度体现了等效替代的思想C.把物体简化成质点利用了微元的方法D.力的合成分解体现了理想化模型的思想方法6、如图所示，光滑水平地面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止。若将A的位置向左移动稍许；整个装置仍保持平衡，则（）

A.水平外力F不变B.墙对B的作用力增大C.地面对A的支持力增大D.B对A的作用力减小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、将某物体以的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取内物体的（）A.位移大小为方向竖直向下B.路程为C.速度改变量的大小为D.平均速度大小为方向竖直向上8、关于自由落体运动，下面说法正确的是（）A.加速度大小为g的匀加速直线运动，就是自由落体运动B.在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1:3:5C.在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1:2:3D.从开始运动起连续下落三个1m所经历的时间之比为9、如图所示，竖直墙壁与光滑水平地面交于B点，质量为的光滑半圆柱体紧靠竖直墙壁置于水平地面上，为半圆柱体截面所在圆的圆心，质量为且可视为质点的均匀小球用长度等于A、B两点间距离的细线悬挂于竖直墙壁上的A点，小球静置于半圆柱体上，当换用质量不变，而半径不同的光滑半圆柱体时，细线与竖直墙壁的夹角就会跟着发生改变。已知重力加速度为g；不计各接触面间的摩擦，则下列说法正确的是（）

A.当时，半圆柱体对地面的压力大小为B.当时，小球对半圆柱体的压力大小为C.换用半径更大的半圆柱体时，半圆柱体对地面的压力保持不变D.换用不同的半圆柱体时，半圆柱体对竖直墙壁的最大压力大小为10、如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的位移—时间图像，由图像可以看出在这段时间内（）

A.甲、乙两物体始终同向运动B.2s时甲、乙两物体之间的距离最大C.甲的平均速度与乙的平均速度大小相同D.甲、乙两物体之间的最大距离为4m11、如图所示，将一小球以10m/s的初速度在某高台边沿竖直上抛，不计空气阻力，取抛出点为原点，向上为坐标轴正方向，g取10m/s2；则3s内小球运动的（）

A.路程为25mB.位移为-15mC.速度改变量为30m/sD.平均速度为5m/s12、下列几组在同一平面上的共点力分别作用于同一物体上，有可能使物体平衡状态的是（）A.7N、4N、6NB.7N、4N、2NC.4N、10N、6ND.5N、5N、5N13、如图所示，静止在水平面上的木板质量为M=2kg，质量m=1kg的铁块以水平初速度v0=6m/s,从木板的左端沿板面向右滑行；木板与地面间动摩擦因数为0.1，铁块与木板间动摩擦因数为0.5，木板长为4m，则下列说法中正确的是。

A.铁块最终滑离木板B.铁块最终停在距离木板右端1m处C.运动过程中地面与木板因摩擦而产生的热量为18JD.运动过程中铁块与木板因摩擦而产生的热量为15J评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s，加速度是1m/s2，那么在第4s末的瞬时速度是_____m/s，前4s的位移是_____m．15、一轻质弹簧竖直悬挂，原长为0.10m．当弹簧下端挂2.0N重物时，弹簧伸长了0.01m，由此可知，弹簧的劲度系数k=_________N/m；当测得弹簧的长度为0.12m时，弹簧的弹力大小F=_______N。16、力是_________的作用，只要谈到力，就一定存在着_________物体和_________物体。17、现有一合金制成的圆柱体；用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图乙和甲所示。

由图读得圆柱体的直径为___________长度为___________18、如图甲所示，用一拉力传感器(能感应力大小的装置)水平向右拉一水平面上的木块，A端的拉力均匀增加，0～t1时间木块静止；木块运动后改变拉力大小，使木块在t2时刻后处于匀速直线运动状态．计算机对数据拟合处理后，得到如图乙所示的拉力随时间变化的图线．则：当用F＝5.3N的水平拉力拉静止的木块时，木块所受摩擦力大小为________N；若用F＝5.8N的水平拉力拉木块；木块所受摩擦力大小为________N.

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)19、小球A的重力为20N；在图甲中画出该重力的图示。

20、物体静止在粗糙水平面上，受到水平推力F作用，F随时间变化的图像如图所示。画出物体所受摩擦力随时间变化的图像。

21、请根据实际情况画出重力的分解图，并求解各个分力，已知物体重力为G，夹角为．

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)22、为了“验证牛顿第二定律”的正确性采用如图甲所示的实验装置；带滑轮的长木板水平固定，实验过程始终保持跨过小车上的光滑定滑轮的两根细线均与长木板平行，且与拉力传感器相连的细线沿传感器轴线方向。

（1）打点计时器使用______（选填“交流”；“直流”）电；

（2）为了使小车所受的合力等于拉力，应该______（选填“平衡摩擦力”、“m砂<<m桶”）

（3）进行（2）的实验操作后，得到数据纸带乙，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个计时点未画出．已知打点计时器的工作频率为50Hz，可求出小车的加速度a=______m/s2（结果保留2位有效数字）

（4）砂桶总质量为m，拉力传感器读数为F，小车质量为M，加速度为a，如果表达式______成立（用字母表示），则说明牛顿第二定律正确。23、如图所示，是某人练习使用打点计时器得到的纸带，若所用电源频率为50Hz。图中直尺的单位为cm。从打下O点到打下H点，共9点，共历时________s，位移________cm，这段时间内纸带运动的平均速度是______m/s。打下G点时的速度是________m/s。（注意估读；结果保留2位有效数字）

24、（1）在做“探究力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中正确的是_______．

A．同一次实验中，O点位置允许变动。

B．实验中，要记录弹簧测力计的读数及方向和O点的位置。

C．实验中，只需把橡皮条的另一端拉到O点时；两个弹簧测力计之间的夹角必须取90度。

D．实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点。

（2）如图所示，是甲、乙两位同学在做本实验时得到的结果，其中F是用作图法得到的合力，F′是通过实验测得的合力，则哪个实验结果是符合实验事实的？_________（填“甲”或“乙”）

（3）本实验采用的科学方法是：______．

A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．25、电磁打点计时器使用的电源是______（填“交流4~6V”或“交流220V”）在用电火花计时器（或电磁打点计时器）测速度的实验中，某同学打出了一条纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为______s。用刻度尺量得由此可知，纸带做______（选填“加速”“减速”或“匀速”）运动，打C点时纸带的速度大小为______m/s。

评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)26、送水员用如左图所示的双轮小车运送一质量为m的桶装矿泉水，右图为小车装水后静止时的截面图，此时OM与ON垂直，OM与水平面间的夹角为。不计桶与小车间的摩擦，重力加速度为g。

（1）求水桶对OM面的压力大小；

（2）缓慢增大，ON面对桶的支持力如何变化？

27、如图所示，质量的小球套在细斜杆上，斜杆与水平方向成角，球与杆之间的滑动摩擦因数μ=0.5，球在竖直向上的拉力作用下沿杆向上滑动。（）求：

（1）求球对杆的压力大小和方向；

（2）小球的加速度多大。

28、如图所示，倾角为的光滑斜面上有N、M两点，放入大小为B，方向垂直纸面向外的匀强磁场中，一物体质量为m，带电电荷量为+q，从N点无初速度向下运动，到M点恰好离开斜面；求：

（1）带电体离开斜面时的速度大小；

（2）带电体在斜面上运动的时间；

（3）撤除磁场，换成水平向右的匀强电场，带电体恰好做匀速运动，问带电体从N到M点电场力做的功。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A.牛顿首先提出了惯性的概念；故A错误；

B.伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来；从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故B正确。

C.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物；不可能用实验直接验证，故C错误；

D.力的单位“N"是导出单位；故D错误。

故选B。2、A【分析】【分析】

【详解】

根据平衡条件，以MN为整体，进行受力分析，则有：地面对N的摩擦力f=2F−F=F；方向向右，故A正确，BCD错误；

故选A.3、C【分析】【详解】

将a、b作为一个整体进行受力分析，设细线拉力为T，根据受力平衡条件有

联立可解得F=2mg

故ABD错误；C正确。

故选C。4、B【分析】【详解】

竖直上抛运动具有对称性；由题意可知，小球抛出后经过1.5s到达顶点，再经过1.5s后落回抛点位置，所以第2s内，前半秒小球向上做减速运动，后半秒小球向下做加速运动，两个运动完全对称，其位移为零。

故选B。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．伽利略利用斜面实验研究自由落体运动时；采样了理想实验模型的方法，故A错误；

B．研究物体运动时的平均速度体现了等效替代的思想；选项B正确；

C．把物体简化成质点利用了理想模型的方法；选项C错误；

D．力的合成分解体现了等效替代的思想方法；选项D错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

ABD．受力分析如图所示。

A的位置左移，θ角减小，则对B的作用力

故FN1减小，以AB为一个整体受力分析，有

所以水平外力F减小；B对A的作用力为

FN减小；故AB错误，D正确；

C．地面对A的作用力等于两个物体的重力；所以该力不变，故C错误。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)7、B:D【分析】【详解】

A．竖直上升的时间为

上升的位移大小为

则时物体已经处于下落阶段，下落时间下落位移大小

则内物体位移大小为

方向竖直向上；A错误；

B．路程为

B正确；

C．速度变化量

方向竖直向下；C错误；

D．平均速度

方向竖直向上；D正确。

故选BD。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．自由落体就是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动；这两个条件必须同时达到，故A错误；

B．根据初速度为0的匀加速直线运动在开始连续的三个1s内通过的位移之比为1：3：5；故B正确；

C．根据v=gt可知在开始连续的三个1s末的速度大小比是1：2：3；故C正确；

D．从开始运动起连续下落三个1m所经历的时间之比为故D错误。

故选BC。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

B．对小球进行受力分析如图甲所示。

连接O2B和O1O2，由几何关系可知

小球受力平衡，有

对小球和半圆柱体整体进行受力分析，整体受地面的支持力FN，墙壁的弹力F，细线的拉力T，重力(m1+m2)g；如图乙所示。

整体受力平衡，则在竖直方向上有

水平方向有

当时

由牛顿第三定律得小球对半圆柱体的压力大小为

故B错误；

ACD．由平衡有

当时

由

当时

当换用半径更大的半圆柱体时，不变，改变；AD正确，故C错误。

故选AD。10、B:C【分析】【详解】

AB．由于位移-时间图象的斜率表示该时刻的速度，可以从图中看出乙物体的速度（斜率）始终为正值，即速度始终为正方向，甲物体前两秒内速度为正方向，且甲的速度大于乙的速度，间距增大，2秒末到6秒末速度为负方向，间距减小，2s时甲、乙两物体之间的距离最大，故A错误B正确；

D．从位移-时间图象来看，两个物体两秒末纵坐标读数之差最大，即两物体相距最远，可知2s末两物体相距最远，最大距离为△s=4m-1m=3m

故D错误。

C．在这段时间内，两物体位移相同，时间相同，甲的平均速度与乙的平均速度大小相同。故C正确

故选BC。11、A:B【分析】【详解】

AB．取向上为正方向，小球上升的最大高度为

3s内小球的位移为

3s内小球通过的路程为

AB正确；

C．3s内小球速度变化量为

C错误；

D．根据平均速度公式，有

D错误。

故选AB。12、A:C:D【分析】【详解】

物体平衡的条件是所受到的外力的合力为零。

A．7N和4N的合力范围是3N≤F合≤11N，第三个力6N在其范围之内，这三个力的合力可以为零，故A正确；

B．7N和4N的合力范围是3N≤F合≤11N，第三个力2N不在其范围之外，这三个力的合力不可以为零，故B错误；

C．4N和10N的合力范围是6N≤F合≤14N，第三个力6N在其范围之内，这三个力的合力可以为零，故C正确；

D．5N和5N的合力范围是0N≤F合≤10N，第三个力5N在其范围之内，这三个力的合力可以为零，故D正确。

故选ACD。13、B:D【分析】【分析】

铁块滑上木板后做匀减速直线运动；木板做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律分别求出它们的加速度；）求出两物体速度相同时所需的时间，从而求出木板相对于地面的位移；根据牛顿第二定律结合运动学基本公式求出共同做减速运动直至停止的位移．

【详解】

设铁块在木板上滑动时，铁块的加速度为a1，由牛顿第二定律得：μ2mg=ma1

解得：a1=μ2g=5m/s2；

设铁块在木板上滑动时，木板的加速度为a2；由牛顿第二定律得：

μ2mg-μ1（M+m）g=Ma2；

解得：a2=1m/s2；

设铁块与木板相对静止达共同速度时的速度为v；所需的时间为t，则有：

v=v0-a1t

v=a2t

解得：t=1s；v=1m/s

此过程木板运动的位移

铁块的位移为：

达到共同速度后一起向右匀减速；所以铁块最终停在距离木板右端4-（3.5-0.5）m=1m，故A错误，B正确；

运动过程中铁块与木板因摩擦而产生的热量为。

达到共同速度后一起向右匀减速的位移为

解得：

所以运动过程中地面与木板因摩擦而产生的热量为。

故C错误，D正确．

故选BD．

【点睛】

本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，关键理清滑块和木板的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式求解．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

根据速度公式v=v0+at可求解速度；，然后求解4秒内的位移．

【详解】

质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s，加速度是1m/s2；根据速度公式，第4秒末的瞬时速度是：

v4=v0+at4=5+1×4=9m/s

前4s的位移为：

．

【点睛】

本题关键是根据速度时间关系公式、平均速度公式列式求解，同时要明确平均速度等于中间时刻的瞬时速度．【解析】92815、略

【分析】【详解】

[1][2]由胡克定律即

由胡克定律【解析】2004.016、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】物体对物体受力施力17、略

【分析】【详解】

[1]圆柱体的直径为

[2]圆柱体的长度为【解析】1.845（1.844~1.846）4.24018、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．当用F=5.3N的水平拉力拉静止的木块时，木块所受静摩擦力大小等于拉力大小，即为5.3N；若用F=5.8N的水平拉力拉木块，木块所受滑动摩擦力大小为5.1N．【解析】5.35.1四、作图题(共3题，共18分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

因为小球是规则物体；故重心在小球的几何中心，所以过球心作竖直向下的力即为小球受到的重力，标度取1cm为10N，小球A的重力为20N，则画2个标度，如图所示。

【解析】20、略

【分析】【详解】

物体处于静止状态，受静摩擦力，根据水平方向上受力平衡，有

则摩擦力随时间变化的图像与F随时间变化的图像相同，直到达到最大静摩擦力，物块滑动受滑动摩擦力，则

滑动摩擦力不随F变化；比最大静摩擦力稍小，故摩擦力随时间变化的图像如图。

【解析】21、略

【分析】【详解】

根据平行四边形定则；重力的分解图如下图所示。

根据函数关系，重力的两个分力．

考点：力的分解。

点评：一个力可以有无数个分力，但具体问题中，要根据实际情况分解．所谓实际情况，可理解为实际效果和实际需要．【解析】五、实验题(共4题，共28分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]打点计时器使用的是交流电源。

(2)[2]为了使细绳的拉力等于小车所受合力；实验前要平衡摩擦力，方法是将木板右端垫高。

(3)[3]根据相邻计数点间还有四个点没有画出；则计数点间的时间间隔为。

T=0.1s由。

△x=aT2可知；小车加速度为。

(4)[4]根据牛顿第二定律可得。

2F=Ma【解析】交流平衡摩擦力0.402F=Ma23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由电源的频率是50Hz，知打点计时器打点的时间间隔是T＝0.02s，则OH间用时。

[2]位移为。

[3]OH段内的平均速度为。

[4]G点的瞬时速度等于FH段的平均速度；则。

【解析】0.1611.400.711.324、略

【分析】【分析】

本题考查力的平行四边形定则的探究实验；利用已知结论来解决探究实验题。

【详解】

(1)[1]A．同一实验中，要求合力与分力作用效果相同，O点位置不能变；A错误；

B．实验中通过记录弹簧测力计的示数和方向来代表力的大小和方向，O点是作用点；也需要记录，B正确；

C．两个分力的夹角不一定要是C错误；

D．不需要一个弹簧的力始终为最大值；D错误。

故