2025年上教版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版高三物理下册阶段测试试卷196考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、无线电技术的发展给人类带来了极大的便利，下列有关电磁波的说话，正确的是（）A.电磁波不能在真空中传播B.通信中广泛应用的无线电波是电磁波谱中波长最短的C.手机使用过程中发射的无线电波都是经过调制的D.电磁波具有反射、折射、干涉、衍射和偏振等现象，但不会发生多谱勒效应2、【题文】如图是光电管的原理图，已知当有频率为ν0的光照射到阴极K上时；电路中有光电流，则。

A.当换用频率为ν1（ν1＜ν0）的光照射阴极K时，电路中一定没有光电流B.当换用频率为ν2（ν2＞ν0）的光照射阴极K时，电路中一定有光电流C.当增大电路中电的电压时，电路中的光电流一定增大D.当将电极性反接时，电路中一定没有光电流产生3、【题文】如图所示，一细束白光通过三棱镜折射后分为各种单色光，对于其中a、b；c三种色光；下列说法正确的是（）

A.c种色光的频率最大B.c种色光的折射率最大C.c种色光在三棱镜中速度最大D.a、b、c三种色光分别通过同一双缝干涉实验装置，a种色光形成的条纹宽度最大4、下列关于有机物的说法中：rm{垄脵}结构片段为rm{}rm{}的高聚物，其单体是甲醛和苯酚rm{垄脷}标准状况下，rm{22.4LHF}所含电子数约为rm{10N_{A}}rm{垄脹}甲醇通常是一种有毒气体，分子中只含极性键rm{垄脺}苯酚与碳酸钠溶液的反应：rm{垄脻}的系统命名为rm{2}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊烯rm{垄脼3-}甲基rm{-1-}丁烯中的所有碳原子不可能处于同一平面rm{垄脽}等物质的量的苯与苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量不相等其中正确的有rm{(}rm{)}A.rm{4}个B.rm{5}个C.rm{6}个D.rm{7}个5、两定值电阻的伏安特性线如图，则两电阻R1、R2之比为（）A.．：1B.1：C.3：1D.1：3评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)6、如图所示，矩形线框从条形磁铁N极附近的位置Ⅰ向位置Ⅱ移动的过程中穿过矩形线框的磁通量____（选填“增大”、“减小”或“不变”）7、物体以60J的初动能从A点竖直上抛，上升某高度动能损失30J，而机械能损失10J．设空气阻力大小恒定，则落回A点时动能为____J．8、用砂轮磨刀具时，刀具的温度升高，内能增加，这是以____方式改变了刀具的内能；放入火炉中的铁块的温度升高，这是以____方式增加了铁块的内能．这两种方式对改变内能是____．9、描绘小电珠的伏安特性曲线的实验电路如图甲；所用小电珠的额定电压是3.8V．

（1）关于该实验的系统误差；下列说法中正确的是。

A．系统误差主要是由电压表的分流引起的。

B．系统误差主要是由电流表的分压引起的。

C．系统误差主要是由于忽略电源内阻引起的。

D．系统误差主要是由读数时的估读引起的。

（2）根据某次实验记录的数据在坐标系中描点如图乙．试在坐标系中画出该小电珠的伏安曲线，并从图象中可求出该小电珠的额定功率是____W．

（3）该小电珠在1V电压下不发光．当时灯丝的实际电阻是____Ω（结果保留两位有效数字）该小电珠在2V电压下开始发出微弱的黄光．当时灯丝的实际电阻又是____Ω（结果保留两位有效数字）小电珠在不同电压下的实际电阻为什么不相同？．小电珠灯丝的电阻率是随温度升高而增大的．____

（4）某同学已连接如图丙所示的电路；在连接最后一根导线的c端到直流电源正极之前，请指出其中仅有的2个不当之处，并说明如何改正．

A．____

B．____．

10、倾角为θ=30°的斜面体放在水平地面上，一个重为G的球在水平力F的作用下，静止在光滑斜面上，则水平力F的大小为____；若将力F从水平方向逆时针转过某一角度α后，仍保持F的大小，且小球和斜面也仍旧保持静止，则此时水平地面对斜面体的摩擦力f=____．

11、【题文】场强为E、方向竖直向上的匀强电场中有两个小球A、B,它们的质量分别为均带正电荷，电荷量分别为A、B两个小球由静止释放,重力加速度为g,则小球A和B组成的系统动量守恒应满足的关系式为____.12、丹麦物理学家____发现了电流的磁效应现象．13、两点电荷间距离为r时，相互作用力为F．保持它们的电荷量不变，当距离变为时．它们之间的相互作用力为____F；保持距离仍为，为使其作用力为F，则两点的电荷量同时变为原来的____倍．14、（2013秋•农安县校级期末）如图所示，在一个光滑金属框架上垂直放置一根长l=0.8m的金属棒ab，其电阻r=0.2Ω，框架左端的电阻R=0.8Ω．垂直框面的匀强磁场的磁感应强度B=0.2T．当用外力使棒ab以速度v=10m/s右移时，ab棒中产生的感应电动势E=____V，通过ab棒的电流I=____A，通过ab棒的电流方向是____，ab棒两端的电势差Uab=____V，作用在棒上的外力F=____，作用在棒上的外力功率P=____W．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)15、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）16、电场力大的地方电场强度一定大．____．（判断对错）17、原先没有磁性的铁，在长期受到磁铁的吸引会产生磁性____．（判断对错）18、做平抛运动的物体，在空中运动的时间与初速度有关．____（判断对错）19、原子核由质子、中子和电子组成．____（判断对错）20、平抛运动属于匀变速运动，匀速圆周运动也属于匀变速运动．____．评卷人得分四、作图题(共1题，共9分)21、【题文】如下图甲所示，在水平面上叠放着两个物体A和B，两物体在F1、F2(F1>F2)的水平拉力作用下；处于静止状态．试在图乙中分别画出A物体；B物体的受力图。

评卷人得分五、简答题(共1题，共7分)22、纳米级rm{Cu_{2}O}由于具有优良的催化性能而受到关注，下表为制取rm{Cu_{2}O}的三种方法：。方法rm{a}用足量炭粉在高温条件下还原rm{CuO}方法rm{b}电解法，反应为rm{2Cu+H_{2}O}rm{overset{碌莽陆芒}{=}}rm{Cu_{2}O+H_{2}隆眉}方法rm{c}用肼rm{(N_{2}H_{4})}还原新制的rm{Cu(OH)_{2}}rm{(1)}已知：rm{垄脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}{{O}_{2}}(g)=C{{u}_{2}}O(s)}rm{triangleH=-169kJ隆陇mol^{-1}}rm{triangle

H=-169kJ隆陇mol^{-1}}rm{triangleH=-110.5kJ隆陇mol^{-1}}rm{垄脷C(s)+dfrac{1}{2}{{O}_{2}}(g)=CO(g)}rm{triangleH=-157kJ隆陇mol^{-1}}则方法rm{triangleH=-110.5

kJ隆陇mol^{-1}}发生反应的热化学方程式是______________________．rm{垄脹Cu(s)+dfrac{1}{2}{{O}_{2}}(g)=CuO(g)}方法rm{triangleH=-157

kJ隆陇mol^{-1}}采用离子交换膜控制电解液中rm{a}的浓度，装置如图所示，欲使电解持续得到rm{(2)}则该离子交换膜为________rm{b}填rm{OH^{-}}阴rm{Cu_{2}O}或rm{(}阳rm{"}离子交换膜，该电池的阳极反应式为________．rm{"}方法rm{"}为加热条件下用液态肼rm{")}还原新制rm{(3)}来制备纳米级rm{c}同时产生一种气体单质rm{(N_{2}H_{4})}该制法的化学方程式为________________．rm{Cu(OH)_{2}}在相同的密闭容器中，用以上方法制得的三种rm{Cu_{2}O}分别进行催化分解水的实验：rm{2H_{2}O(g)underset{鹿芒脮脮}{overset{C{u}_{2}O}{?}}2H_{2}(g)+O_{2}(g)}rm{.}水蒸气的浓度随时间rm{(4)}变化如下表所示：。rm{Cu_{2}O}序号rm{t/min}rm{c/(mol隆陇L^{-1})}温度rm{/隆忙}rm{0}rm{10}rm{20}rm{30}rm{40}rm{50}rm{垄脵}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0492}rm{0.0486}rm{0.0482}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{垄脷}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0488}rm{0.0484}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{垄脹}rm{T_{2}}rm{0.10}rm{0.094}rm{0.090}rm{0.090}rm{0.090}rm{0.090}rm{垄脵triangleH}________rm{(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)0}．rm{垄脷}实验rm{垄脵}前rm{20min}的平均反应速率rm{v(O_{2})=}________．rm{垄脹}实验的温度rm{T_{2}}________rm{(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)T_{1}}实验rm{垄脵}中水的转化率为________．rm{垄脺T_{2}隆忙}时，该反应的平衡常数为________．评卷人得分六、综合题(共4题，共36分)23、【题文】氢原子的电子在第二条轨道和第三条轨道运动时，其动能之比、动量大小之比、周期之比分别是多少？24、【题文】一个矩形线圈在一匀强磁场中绕垂直于磁场方向的中心轴匀速转动；产生的交变电动势表达式为e="311sin314t"V，试求：

（1）交变电动势的最大值；有效值和频率；

（2）若矩形线圈是100匝，线圈平面面积为0.02m2；匀强磁场的磁感应强度B是多少；

（3）当线圈平面从中性面开始转过时，电动势的瞬时值是多大.25、【题文】

一只摆钟的摆长为时，在一段时间内快了n分，而当摆长为时，在相同时间内慢了n分，试求摆长的准确长度L。26、【题文】一根不可伸长的细绳围成一个正方形，正方形的四个顶点分别连接着一个质量为m的质点A、B、C、D，正方形中心处有一质量M＝2m的质点E，它们都静止在光滑水平面上。今使质点E以初速v0沿水平对角线方向运动，与质点C做完全非弹性碰撞。求：

（1）碰撞后细绳围成的正方形尚未被破坏的瞬时；各质点运动的速度；

（2）在以后运动过程中B、D两质点第一次相撞时的相对速度。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】电磁波的传播可以不需要介质，在真空中或空气中的速度接近光速；电磁波是横波能发生波具有的现象，即衍射现象反射、折射、干涉、衍射和偏振等现象，和多谱勒效应；声音信号通常要通过调制加载在高频信号上后，才向外发射．【解析】【解答】解：AB；电磁波的传播可以不需要介质；通信中的无线电波是电磁波谱中波长较长的波，故AB错误；

C；声音信号通常要通过调制加载在高频信号上后；才向外发射，所以是经过调制的，故C正确；

D；电磁波是横波；能发生波具有的现象，即衍射现象反射、折射、干涉、衍射和偏振等现象，和多谱勒效应，故D错误．

故选：C．2、B【分析】【解析】

试题分析：有频率为ν0的光照射到阴极K上时，电路中有光电流,则当换用频率为ν2＞ν0的光照射阴极K时，电路中一定有光电流，但是换用频率为ν1＜ν0）的光照射阴极K时，电路中不一定没有光电流，选项B正确，A错误；光电管两端所加的电压为正向电压，故当增大电路中电的电压时，电路中的光电流不一定增大，因为若光电流达到饱和态时，即使在增加电压，光电流也不会再增大，选项C错误；当电极极性反接时，所加电压为反向电压，当电压满足时，光电子恰能到达负极板，故当时；电路中才没有光电流产生，选项D错误。

考点：光电效应及光电管。【解析】【答案】B3、A|B|D【分析】【解析】紫光的折射率最大，偏折角最大，c光的折射率、频率最大，AB对；由n=c/v，折射率大的在三棱镜中速度最小，C错；由c光的频率大，波长短，形成的条纹宽度最小，D对；【解析】【答案】ABD4、A【分析】【分析】本题综合考查有机物的组成、结构和性质，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，注意把握有机物的组成、结构和官能团的性质，难度不大。【解答】rm{垄脵}结构片段为rm{}rm{}的高聚物，其单体是甲醛和苯酚，故rm{}的高聚物，其单体是甲醛和苯酚正确；

rm{}标准状况下，rm{垄脵}为液态，rm{垄脷}不是rm{HF}故rm{HF}错误；

rm{22.4L}通常情况下，甲醇为液体，对人体有害，为有毒液体，故rm{1mol}错误；

rm{垄脷}苯酚和碳酸钠溶液反应生成苯酚钠和碳酸氢钠，则离子方程式正确，故rm{垄脹}正确；

rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脺}rm{垄脻}三甲基的系统命名为rm{2}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊烯戊烯，故rm{2}正确；

rm{4}rm{4-}rm{-1-}甲基rm{垄脻}丁烯中的rm{垄脼}个碳碳双键具有平面形结构，结合三点确定一个平面判断，则原子不可能处于同一平面，故rm{3-}正确；rm{-1-}苯与苯甲酸的分子式可分别写为rm{5}rm{C}则等物质的量的苯与苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量相等，故rm{垄脼}错误；故A正确。

故选A。

rm{垄脽}【解析】rm{A}5、D【分析】【分析】导体的电阻R=，等于伏安特性曲线斜率倒数的大小．根据数学知识求出斜率倒数之比求解电阻之比．【解析】【解答】解：电阻R1=，电阻R2=，则两个电阻阻值之比R1：R2=tan30°：tan60°=1：3；故D正确．

故选：D二、填空题(共9题，共18分)6、减小【分析】【分析】该题虽然不是匀强磁场，但可以结合匀强磁场中穿过线框的磁通量一般公式为Φ=BSsinα，α是线圈与磁场方向的夹角，进行求解．【解析】【解答】解：磁铁产生的磁场如图所示；

Ⅰ位置的磁通量方向向上；而Ⅱ位置与磁场的方向平行，磁通量为0，所以线圈从位置Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，穿过线圈的向上的磁通量减小．

故答案为：减小7、20【分析】【分析】解决本题需要掌握：合外力做功对应着物体动能的变化，除重力之外的力做功对应着机械能的变化；物体落回原地过程中只有阻力做功，因此只要求出物体上升到最高点过程中克服阻力做的功，整个过程阻力所做功就明确了，根据动能定理即可解出结果．【解析】【解答】解：由题可知上升到某一高度时；重力；阻力均做负功，所以根据功能关系有：

WG+Wf=△Ek①

重力做功对应着机械能的变化；固有：

WG=△Ep②

将△EK=30J，△Ep=10J；带入①②可得：

WG=10J，Wf=20J

由于上升过程中重力；阻力大小都恒定；而且是直线运动，因此重力和阻力做功关系为：

WG=2Wf③

物体上升到最高点时由功能关系可得：

WG总+Wf总=Ek④

联立③④解得上升过程中阻力做功：

Wf总=20J

当物体落回原地时由动能定理得：

-2Wf总=Ek1-Ek

带入数据得：Ek1=20J；落回原地时动能为20J；

故答案为：20．8、做功热传递等效的【分析】【分析】要做本题需要掌握做功和热传递这两种改变物体内能的方法的特点，热传递是能的转移，做功是能的转化．【解析】【解答】解：改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；这两种方式对改变内能是等效的．

用砂轮磨刀具时；对刀具做功，使刀具的温度升高；内能增大，是利用做功的方法改变物体的内能．

放入火炉中的铁块；从火炉中吸热；温度升高，是利用热传递改变物体的内能；

故答案为：做功；热传递；等效的．9、略

【分析】

（1）该实验主要系统误差来源于电压表的分力作用；导致电流表测量的电流偏大，测得的电阻偏小，电压表示数越大，电压表分担的电流越大，则测量的误差越大．故A正确．

故选A．

（2）在坐标系中画出该小电珠的伏安曲线；

小电珠的额定电压是3.8V；读出对应的电流是0.3A，小电珠的额定功率是P=UI=1.14W

（3）该小电珠在1V电压下不发光．当时灯丝的实际电阻是R==7Ω

该小电珠在2V电压下开始发出微弱的黄光．当时灯丝的实际电阻又是R′==9.1Ω

小电珠灯丝的电阻率是随温度升高而增大的。

（4）某同学已连接如图丙所示的电路；在连接最后一根导线的c端到直流电源正极之前，．

改正：A．滑动变阻器的滑片P应滑至b端B．电键k应该断开。

故答案为：（1）A

（2）1.14

（3）①7.0Ω②9.1Ω．③小电珠灯丝的电阻率是随温度升高而增大的。

（4）A．滑动变阻器的滑片P应滑至b端B．电键k应该断开。

【解析】【答案】（1）电流表采取外接法；由于电压表起分流作用，引起系统误差，使得测量的电流偏大，电压越大，误差越大．

（2）在坐标系中画出该小电珠的伏安曲线；小电珠的额定电压是3.8V，读出对应的电流求出额定功率．

（3）读出电压为1V时的电流；根据欧姆定律求出灯泡的实际电阻．

（4）在连接线路时必须将每个开关断开；而图中是闭合的这是第一个错误．连好线路后在闭合开关前需要将限流滑动变阻器调到阻值最大，将分压滑动变阻器调到输出为0端．

10、略

【分析】

对物体受力分析如图：

由平衡条件得：N与F的合力F′与重力G大小相等；

由三角函数关系得：F=Gtanθ

代入数据得：F=G

转过角度后，由F大小不变，小球静止，支持力与F的合力不变，故此时转动后F转方向如图：

即：F转过的角度是2θ．

对整体受力分析并正交分解如图：

水平方向：f=Fcos2θ=G

故答案为：G，G

【解析】【答案】先研究第一种情况：通过对小球出状态的分析；利用共点力平衡条件可求出水平力F的大小．

再研究力F方向变化后的情况：对小球受力分析；运用作图法求得力F与水平方向的角度，因为小球和斜面都处于静止状态，可对整体受力分析求出地面对斜面的摩擦力．

11、略

【分析】【解析】

试题分析：动量守恒条件是合力为零，故小球受到电场力和重力，要使两小球组成的系统的动量守恒，则有

考点：考查了动量守恒条件的应用。

点评：关键是知道系统动量守恒的条件为所受合外力为零．即电场力与重力平衡【解析】【答案】(12、奥斯特【分析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】【解答】解：丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应现象．

故答案为：奥斯特13、4【分析】【分析】根据库仑定律的公式F=k进行分析．【解析】【解答】解：真空中两个点电荷，它们之间的作用力大小为F=k；

保持它们的电荷量不变，当距离变为时，F′==4F；

保持距离仍为，为使其作用力为F，则两点的电荷量同时变为原来的

故答案为：4，．14、1.61.6b到a1.280.2562.56【分析】【分析】棒ab向右运动垂直切割磁感线，根据公式E=BLv求出感应电动势ε，根据欧姆定律求解通过ab棒的电流I．ab棒两端的电势差等于R两端的电压；由欧姆定律求解；

由F=BIL求出ab棒所受的安培力，由平衡条件得到外力F的大小．ab棒匀速运动，外力的功率等于回路总的电功率，由P=I2（R+r）求解．【解析】【解答】解：ab棒中产生的感应电动势为：E=BLv=0.2×0.8×10V=1.6V

通过ab棒的电流为：I==A=1.6A

根据右手定则判断得知：通过ab棒的电流方向是b到a．

ab棒两端的电势差为：Uab=IR=1.6×0.8V=1.28V

ab棒所受的安培力为：FA=BIL=0.2×1.6×0.8N=0.256N

棒ab匀速运动，由平衡条件得到外力F的大小为：F=FA=0.256N

ab棒匀速运动，外力的功率等于回路总的电功率，为：P=I2（R+r）=1.62×（0.8+0.2）W=2.56W

故答案为：1.6，1.6，b到a，1.28，0.256，2.56．三、判断题(共6题，共12分)15、√【分析】【分析】平均速度是位移与时间的比值；平均速率是位移的路程与时间的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程与时间的比值；物体的平均速率为零，则物体的路程为0，物体一定处于静止状态．所以该说法是正确的．

故答案为：√16、×【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=变形得到F与E的关系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根据电场强度的定义式E=得：F=qE

可知电场力与电场强度和电荷量都有关；则电场力大的地方电场强度不一定大，故该判断是错的．

故答案为：×．17、√【分析】【分析】在铁棒未被磁化前，铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性；对磁铁加热或敲打时会使磁铁内的分子电流的排布变的杂乱无章，从而使磁铁的磁性减弱．【解析】【解答】解：在铁棒未被磁化前；铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性．所以该说法是正确的．

故答案为：√18、×【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，与初速度无关．【解析】【解答】解：根据h=得：t=；知平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．所以这个说法是错的．

故答案为：×．19、×【分析】【分析】原子核由质子和中子构成．【解析】【解答】解：原子核由质子；中子构成；故说法错误．

故答案为：×20、×【分析】【分析】匀变速运动是指加速度恒定的运动；平抛运动的加速度为g，恒定；匀速圆周运动的加速度总是指向圆心，时刻改变．【解析】【解答】解：匀变速运动是指加速度恒定的运动；

平抛运动的加速度为g；恒定，是匀变速曲线运动；

匀速圆周运动的加速度总是指向圆心；时刻改变，是变加速运动；

故答案为：×．四、作图题(共1题，共9分)21、略

【分析】【解析】

试题分析：受力分析如图。

考点：物体的受力分析。【解析】【答案】见解析。五、简答题(共1题，共7分)22、rm{(1)2CuO(s)+C(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}rm{triangleH=+34.5kJ隆陇mol^{-1}}

rm{triangleH=+34.5

kJ隆陇mol^{-1}}阴；rm{(2)}

rm{(3)4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}

rm{2Cu-2e^{-}+2OH^{-}=Cu_{2}O+H_{2}O}

rm{(3)4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}

2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}rm{(4)垄脵>}

rm{垄脷3.5隆脕10^{-5}}rm{mol隆陇L^{-1}隆陇min^{-1}}

rm{垄脺dfrac{5}{81}隆脕{10}^{?3}}rm{垄脹>}【分析】【分析】本题考查物质制备，为高频考点，涉及化学平衡有关计算、电解原理、盖斯定律等知识点，侧重考查学生分析计算能力，难点是电极反应式的书写，题目难度中等。【解答】

rm{(1)}已知：rm{垄脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}rm{triangleH=-169kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷C(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=CO(g)}rm{triangleH=-110.5kJ?mol^{-1}}

rm{垄脹Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)篓TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

用炭粉在高温条件下还原rm{垄脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}制取rm{triangle

H=-169kJ?mol^{-1}}和rm{垄脷C(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=CO(g)}的化学方程式为rm{triangle

H=-110.5kJ?mol^{-1}}rm{垄脹Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)篓TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

该反应可以是rm{垄脷-垄脹隆脕2-dfrac{1}{2}隆脕垄脵}反应的焓变是rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-dfrac{1}{2}隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}

故答案为：rm{CuO}rm{triangleH=+34.5kJ隆陇mol^{-1}}

rm{Cu_{2}O}方法rm{CO}采用离子交换膜控制电解液中rm{C(s)+2CuO}的浓度，则只有使用阴离子交换膜才能控制氢氧根离子浓度；在电解池中，当阳极是活泼电极时，该电机本身发生失电子得还原反应，在碱性环境下，金属铜失去电子的电极反应为rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}钛极是阴极发生氢离子得电子的还原反应，所以消耗氢离子，则rm{垄脷-垄脹隆脕2-dfrac{1}{2}

隆脕垄脵}值增大，故答案为：阴；rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-dfrac{1}{2}

隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}增大；rm{2CuO(s)+C(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}根据题目信息：液态肼rm{triangleH=+34.5

kJ隆陇mol^{-1}}还原新制rm{(2)}来制备纳米级rm{c}同时放出rm{OH^{-}}得出化学方程式为：rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}2Cu_{2}O+N_{2}隆眉+6H_{2}O}故答案为：rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}

rm{2Cu-2e^{-}+2OH^{-}=Cu_{2}O+H_{2}O}分解反应大多数为吸热反应，故答案为：rm{pH}

rm{2Cu-2e^{-}+2OH^{-}=Cu_{2}O+H_{2}O}前rm{(3)}内水蒸气反应速率rm{=dfrac{0.05-0.0486}{20-0}mol/(L.min)=7隆脕10^{-5}mol/(L?min)}

同一反应中同一段时间内各物质的反应速率之比等于其计量数之比，则氧气反应速率rm{(N_{2}H_{4})}

故答案为：rm{Cu(OH)_{2}}rm{Cu_{2}O}rm{N_{2}}该反应的正反应是吸热反应，升高温度平衡正向移动，水蒸气的转化率增大，rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}

2Cu_{2}O+N_{2}隆眉+6H_{2}O}和rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}

2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}相比，rm{(4)垄脵}转化率高，所以rm{>}rm{>}中水的转化率为：rm{dfrac{0.050mol/L-0.0480mol/L}{0.050mol/L}隆脕100拢楼=4拢楼}故答案为：rm{垄脷}rm{20min}rm{=dfrac

{0.05-0.0486}{20-0}mol/(L.min)=7隆脕10^{-5}mol/(L?min)}rm{=3.5隆