2025年苏教版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，三根通电长直导线P、Q、R互相平行，垂直纸面放置，其间距均为a，电流大小均为I，方向垂直纸面向里（已知电流为I的长直导线产生的磁场中，距导线r处的磁感应强度其中k为常数）.某时刻有一电子（质量为m、电荷量为e）正好经过坐标原点O，速度大小为v，方向沿y轴正方向，则电子此时所受磁场力（）

A.方向垂直纸面向里，大小为B.方向指向x轴正方向，大小为C.方向垂直纸面向外，大小为D.方向指向x轴正方向，大小为2、如图所示，某同学用玻璃皿在中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极做“旋转的液体的实验”，若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，磁感应强度为B＝0.1T，玻璃皿的横截面的半径为a＝0.05m，电源的电动势为E＝3V，内阻r＝0.1Ω，限流电阻R0＝4.9Ω，玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为R＝0.9Ω；闭合开关后当液体旋转时电压表的示数恒为1.5V，则（）

A.由上往下看，液体做顺时针旋转B.液体所受的安培力大小为1.5×10﹣4NC.闭合开关10s，液体具有的热能是4.5JD.闭合开关后，液体热功率为0.081W3、某驾驶员发现中午时车胎内的气压高于清晨时的，且车胎体积增大．若这段时间胎内气体质量不变且可视为理想气体，那么()A.外界对胎内气体做功，气体内能减小B.外界对胎内气体做功，气体内能增大C.胎内气体对外界做功，内能减小D.胎内气体对外界做功，内能增大4、为了改变单摆做简谐运动的频率，可以（）A.增大摆球质量B.增大摆线长度C.减小振幅D.减小摆线的最大偏角5、质量为1kg的物体做变速直线运动，它的速度—时间图像如图所示，则该物体在20s内所受合外力的功和冲量的大小分别是（）

A.10J，10N·sB.25J，-10N·sC.0J，10N·sD.0J，-10N·s评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示．下列判断正确的是。

A.U1增大，I增大，不变B.U2减小，I增大，减小C.DU1>DU2D.减小7、一交流电，电压随时间的变化规律如图所示，该交流电压的有效值和周期分别是（)

A.3VB.0．02sC.0．01sD.3V8、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为，C为电容器，R0为定值电阻；R为滑动变阻器。开关闭合后，灯能正常发光；当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）

A.路端电压变大B.灯泡L将变亮C.电容器C的电量将减小D.电容器C的电量将增大9、回热式制冷机是一种极低温设备，制冷极限约50K。某台回热式制冷机工作时，一定量的氦气（可视为理想气体）缓慢经历如图所示的四个过程。已知状态A、B的温度均为27℃，状态C、D的温度均为－133℃；下列判断正确的是（）

A.气体由状态A到状态B的过程，温度先升高后降低B.气体由状态B到状态C的过程，分子平均动能保持不变C.气体由状态C到状态D的过程，分子间的平均间距减小D.气体由状态D到状态A的过程，其热力学温度与压强成正比10、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，其图像如图所示。已知的反向延长线过原点，则在这一过程中（）

A.气体对外做功B.气体对外不做功C.气体吸收的热量小于增加的内能D.气体吸收的热量等于增加的内能11、下列说法正确的是（）A.在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关B.脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液C.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体E.在一定温度下，当人们感到潮湿时，水汽蒸发慢，空气的绝对湿度一定较大E.在一定温度下，当人们感到潮湿时，水汽蒸发慢，空气的绝对湿度一定较大12、图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，C为电容器，L为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关S后，若滑动变阻器的触头P向下滑动时，则()

A.小灯泡的功率增大B.电压表的示数增大C.电容器上的电荷量增加D.两表示数变化量的比值不变评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)13、平静的水面上，有一条质量M=100kg长度为3m的小船浮于水面，船上一个质量m=50kg的人匀速从船头走到船尾，不计水的阻力，人相对水面走了_____m，船相对水位移为_____m．14、如图所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑动变阻器最大值R3＝5Ω，则当滑动触头从a滑到b的过程中，电流表示数的变化情况是______________________________．

15、某实验爱好者设计了模拟路灯光控电路，利用光敏电阻作为光传感器，配合使用斯密特触发器来控制电路，他设计的电路如图，他所使用的斯密特触发器的输入端信号____（“可以”或“不可以”）连续变化，为了更加节能，让天色更暗时，路灯点亮，应将R1___一些（“增大”或“减小”）。16、双桶洗衣机的脱水桶的电机是由一个定时开关和一个由桶盖控制的开关组成的，当定时开关合上时；只要打开桶盖，电机又被关闭。

（1）如图所示的哪个电路图能满足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根据以上罗列的控制条件和控制结果的情况，完成其真值表，并在虚线框内画出该门电路符号()。输入输出ABZ00______01______10______11______

17、B．(选修模块3-4)

（1）一列沿着x轴正方向传播的横波，在t=0时刻的波形如图甲所示．图甲中某质点的振动图象如图乙所示．质点N的振幅是_________m，振动周期为_________s，图乙表示质点_____(从质点K、L、M、N中选填)的振动图象．该波的波速为___________m／s．

（2）惯性系S中有一边长为l的正方形(如图A所示)，从相对S系沿x方向以接近光速匀速飞行的飞行器上测得该正方形的图象是__________________．

（3）描述简谐运动特征的公式是x＝_______．自由下落的篮球缓地面反弹后上升又落下．若不考虑空气阻力及在地面反弹时的能量损失，此运动________(填“是”或“不是”)简谐运动．18、一个质量m=1.0kg的物体，放在水平桌面上，物体与桌面间的动摩擦因数为=0.2，当物体受到一个F=10N水平推力的作用时，在10s内推力的冲量大小为______N·s．19、100年前，卢瑟福用α粒子轰击氮核打出了质子．后来，人们用α粒子轰击核也打出了质子：该反应中的X是______（选填“电子”“正电子”或“中子”）．此后，对原子核反应的持续研究为核能利用提供了可能．目前人类获得核能的主要方式是_______（选填“核衰变”“核裂变”或“核聚变”）．评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)23、在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L；直径d和电阻R

（1）用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为_____mm．

（2）若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_____．（选填“偏大”或“偏小”）

（3）用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图丙、丁，则电压表的读数为_____V，电流表的读数为_____A．24、实验课中同学们要完成“测量一节干电池的电动势和内阻”的任务；被测电池的电动势约为1.5V，内阻约为1.0Ω．某小组计划利用图的电路进行测量，已知实验室除待测电池；开关、导线外，还有下列器材可供选用：

电流表量程0~0.6A；内阻约0.125Ω

电流表量程0~3A；内阻约0.025Ω

电压表V：量程0~3V；内阻约3kΩ

滑动变阻器R：0~20Ω；额定电流2A

（1）为了使测量结果尽量准确，电流表应选用________（填写仪器的字母代号）．

（2）请根据图所示的电路图，在图中完成实物的连接_______．

①图是该组同学根据所获得的6组实验数据，在坐标纸上绘制的反映路端电压随电流变化的U-I图线，请据此图线判断被测干电池的电动势E=________V，内阻r=________Ω．（结果保留到小数点后两位）

②若仅考虑电表内阻的影响，图中描绘的点迹与“电池两端电压的真实值”和“流过电池的电流真实值”所对应点迹存在一定的偏差，请根据实验中该同学测得的数据，以及电表的参数估算这一偏差的数量级约为________．

A.B.C.D.

③为了研究电表内阻对测量结果的影响，我们用U和I的函数关系来分析这一个问题．若字母分别表示电压表和电流表的内阻，U、I分别表示电压表和电流表的示数，E、r分别表示电池的电动势和内阻的真实值．考虑到电表内阻的影响，请选择相关的字母写出反映U和I实际关系的函数关系表达式U=___________．25、某同学利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲所示．将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，继电器的上触点接触，下触点分离，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响．图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈用漆包线绕成，其电阻R0为30Ω．当线圈中的电流大于等于50mA时；继电器的衔铁将被吸合，警铃响．图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象．

（1）图甲中警铃的接线柱C应与接线柱______相连，指示灯的接线柱D应与接线柱______相连（均选填“A”或“B”）．

（2）当环境温度升高时，热敏电阻阻值将______，继电器的磁性将______（均选填“增大”、“减小”或“不变”），当环境温度达到______℃时；警铃报警．

26、某兴趣小组在学习了多用表后；在实验室找到一个电流表G，尝试自己动手改装一个电压表．

(1)先用半偏法测量电流表G的内阻；实验电路图如图所示，准备有下列器材：

A.待测电流表G(量程1mA；内阻约几十欧)

B.滑动变阻器(阻值范围0～100Ω)

C.滑动变阻器(阻值范围0～20kΩ)

D.电阻箱(0～999.9Ω)

E电阻箱(0～9999Ω)

F.电源(电动势9V；有内阻)

G.开关；导线。

①实验中要求有较高的精确度，在以上器材中，R1应选用________，R2应选用_________．

②实验要进行的步骤有：

A闭合开关S1

B.闭合开关S2

C.将R1的阻值调到最大。

D.调节R1的阻值；使电流表指针满偏。

E.调节R2的阻值；使电流表指针偏转到满刻度一半处。

F.记下R2的阻值并断开S1

G.按图所示连接好实验电路。

以上步骤；合理的顺序是______________________(用步骤前的英文字母表示)．

③若在步骤F中读得R2的阻值是50.0Ω，则电流表内阻Rg=___________Ω．

(2)要将该电流表改装成量程是3V的电压表，则应串联的一个阻值是_________Ω的电阻．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

P、Q两根导线距离O点的距离相等，根据安培定则，在O点产生的磁场方向相反，大小相等，合磁感应强度为零，所以最终磁感应强度等于R在O点产生的磁感应强度，根据安培定则，O点的磁感应强度方向沿x轴负方向，磁感应强度的大小根据左手定则，洛伦兹力方向垂直纸面向里，大小

A.方向垂直纸面向里，大小为与结论相符，选项A正确；

B.方向指向x轴正方向，大小为与结论不相符，选项B错误；

C.方向垂直纸面向外，大小为与结论不相符，选项C错误；

D.方向指向x轴正方向，大小为与结论不相符，选项D错误．2、D【分析】【详解】

A.由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极；沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心；器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转.故选项A不符合题意.

B.电压表的示数为1.5V，则根据闭合电路的欧姆定律E＝U+IR0+Ir

代入数据可得电路中的电流值I=0.3A，

液体所受的安培力大小为F＝BIL＝BIa＝0.1×0.3×0.05＝1.5×10﹣3N

故选项B不符合题意.

C.液体的等效电阻为R＝0.9Ω，10s内液体的热能Q＝I2Rt＝0.32×0.9×10＝0.81J

故选项C不符合题意.

D.玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为R＝0.9Ω，则液体热功率为P热＝I2R＝0.32×0.9＝0.081W

故选项D符合题意.3、D【分析】【详解】

对车胎内的理想气体分析知；体积增大为气体为外做功，内能只有动能，而动能的标志为温度，故中午温度升高，内能增大，故选D．

【考点定位】理想气体的性质、功和内能、热力学第一定律．4、B【分析】【详解】

A．改变单摆的频率即改变单摆的周期，由单摆的周期公式可知单摆的频率和摆球的质量无关；故A错；

B．改变摆线的长度可以改变周期；故B正确；

C．振幅影响的是单摆的能量不影响周期；故C错；

D．偏角也不影响单摆的周期故D错误．5、D【分析】【详解】

在20s内，物体的初速度为5m/s，末速度为-5m/s，根据动能定理可知

合外力做功为零；根据动量定理得

D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)6、A:D【分析】【详解】

AB、当滑动变阻器的滑动触头向上滑动，其阻值变小，总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知干路上的电流增大，根据可知路端电压减小，通过的电流减小，根据并联分压可知电流表示数增大，根据欧姆定律可知的两端电压增大，根据串联分压可知两端的电压减小，根据欧姆定律得知所以不变；根据闭合电路欧姆定律得则有所以不变；故选项A正确，B错误；

CD、根据电路可知路端电压减小，则有由于所以的增加量小于的减小量故选项D正确，C错误．7、B:D【分析】【详解】

从图中可知该交流电压的峰值为故交流电压的有效值为从图中可知该交流电的周期为故BD正确；8、A:D【分析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，R增大，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I减小，灯泡L将变暗，路端电压增大，故A正确，BC错误；而电容器的电压等于路端电压，则电容器的带电量将增大，故D正确，C错误.。所以AD正确，BC错误。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．状态A、B的温度相等；根据。

＝C经过A、B的等温线应是过A、B的双曲线，沿直线由A到B，pV先增大后减小；所以温度先升高后降低，A正确；

B．气体由状态B到状态C的过程；温度降低，分子平均动能减小，B错误；

C．气体由状态C到状态D的过程；体积增大，分子间的平均间距变大，C错误；

D．气体由状态D到状态A的过程；体积不变，根据。

＝C其热力学温度与压强成正比；D正确。

故选AD。10、B:D【分析】【详解】

AB．根据图像可知气体是等容变化；因此气体对外不做功，A错误，B正确；

CD．气体从状态A变化到状态B温度升高，内能增大，因气体对外不做功，根据热力学第一定律可得

C错误；D正确。

故选BD。11、A:B:D【分析】【详解】

A．在毛细现象中；毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关，选项A正确；

B．脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润；以便吸取药液，选项B正确；

C．烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面；熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母片的物理性质各向异性，云母片是单晶体，选项C错误；

D．在空间站完全失重的环境下；水滴能收缩成标准的球形是因为液体表面张力的作用，选项D正确；

E．在一定温度条件下，空气的相对湿度越大，水蒸发越慢，人就感到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，但绝对湿度不一定大，故E错误；12、A:B:D【分析】【分析】

分析电路结构，当滑动变阻器的触头P向下滑动时，电阻R2减小；分析电路中总电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可分析电路中电流及电压的变化，从而判断电容器电量的变化．根据欧姆定律分析两表示数变化量的比值．

【详解】

由图可知,L和R2串联后和C并联，再与R1串联；电容器在电路稳定时相当于断路；

A.当滑动变阻器的触头P向下滑动时，电阻R2减小；电路的总电阻减小，总电流I增大，流过小灯泡的电流增大，则小灯泡的功率增大，故A正确；

B.由欧姆定律知；电压表的示数增大，故B正确；

C.电容器板间电压UC=E−I(R1+r)，I增大，则UC减小；电容器上的电荷量减少，故C错误；

D.|△U/△I|=R1；保持不变，故D正确．

故选ABD三、填空题(共7题，共14分)13、略

【分析】试题分析：和小船组成的系统动量守恒；根据动量守恒定律求出船移动的位移大小．

船和人组成的系统，在水平方向上动量守恒，人在船上行进，船向右退，则有人从船头走到船尾，设船相对水的位移为x，则人相对于水的位移为．

解得【解析】2m1m14、略

【分析】【详解】

由电路的组成可知，R1和R3的上半部分串联，R2和R3的下半部分串联，然后再并联．只要求出P由a向b滑动过程中电阻的变化，就可求得电流的变化．设P、a间电阻为Ra；则混联电路的电阻为。

上式中分子里两个因式之和为定值，则当时当时，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

当时，R＝2.1Ω，I2＝3A

故当滑动触头P从a端滑动到b端的过程中；电流表示数变化：从3.94A减小到2.52A再增大到3A.

【点睛】

本题正确列出并联电路电阻表达式，再根据数学关系，即可正确解题．【解析】从3.94A减小到2.52A再增大到3A15、略

【分析】【分析】

光敏电阻的电阻随光照增强而减小；天暗时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，则输入门电路为高电势，而另一输入端为低电势，最后路灯亮；天亮时，光敏电阻比较小，则光敏电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，而另一输入端为低电势，路灯熄灭。

【详解】

斯密特触发器的工作原理是：当加在它的输入端A的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时；输出端Y会突然从高电平跳到低电平（0.25V），而当输入端A的电压下降到另一个值的时候（0.8V），Y会从低电平突然跳到高电平（3.4V）。天暗时，光敏电阻阻值大，A端的电势升高，当A段的电势升高到一定的值时，经过非门，输出端Y为低电势，LED导通，路灯亮，故斯密特触发器的输入端信号可以连续变化；

R1调大时，天更暗时，光敏电阻变大，才导致分压变大，则A端的电势高，输出端Y为低电势，LED灯亮，故让天色更暗时，路灯点亮，应将R1增大一些。【解析】可以增大16、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据题目要求；能满足条件的电路是A；

（2）[2]该电路为“与”门电路；电路符号为。

[3][4][5][6]真值表。输入输出ABZ000010100111【解析】A000117、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）由甲图可知波长由乙图可知振幅周期所以波速因为波沿轴正方向传播，由甲图可以判断时刻L向上振动，N向下振动，K在正的最大位移处，M在负的最大位移处．由乙图可知时刻；质点向上振动．所以为L的振动图象；

（2）由相对论中长度的相对性：在垂直于运动方向；长度不变；在沿着运动方向长度变长．所以C正确；

（3）简谐运动的表达式为：为初相位，可以取零．篮球的运动加速度不改变，不符合简谐运动的规律，所以不是简谐运动．【解析】0.84L0.5C不是18、略

【分析】根据I=Ft得；10s内推力的冲量I=10×10N•s=100N•s

点睛：本题考查了冲量公式的基本运用，知道推力F的冲量与其它力的大小无关，不要受题目中摩擦力等因素的影响．【解析】10019、略

【分析】【详解】

由质量数和电荷数守恒得：X应为：即为中子，由于衰变是自发的，且周期与外界因素无关，核聚变目前还无法控制，所以目前获得核能的主要方式是核裂变；【解析】中子核裂变四、作图题(共3题，共30分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共20分)23、略

【分析】【分析】

（1）根据内接的特点；结合欧姆定律以及串并联电路的特点，即可分析出测量值与真实值之间的关系；

（2）先算出电表的分度值；若测量的最小分度为“1“时要估读到下一位，若测量的最小分度为“2“或“5“时读到本位即可．

【详解】

（1）金属丝的直径为：0.5mm+0.01mm×19.8=0.698mm；

（2）电流表外接法测量电阻；由于电压表分流的影响，故金属丝电阻的测量结果将比真实值偏小；

（3）电压表的分度值为0.1V；要估读到下一位，故其读数为2.60V；

电流表选择的是0～0.6A量程；分度值为0.02A，故其读数为0.52A.

【点睛】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和电表的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．读电表读数时要注意计算电表的分度值，然后再确定是否估读，若测量的最小分度为“1“时要估读到下一位，若测量的最小分度为“2“或“5“时读到本位即可．内外接选择的方法：大电阻选内接测量结果偏大，小电阻选外界测量结果偏小，口诀：“大内大，小外小．”【解析】0.697（0.695﹣0.698）偏小2.60（2.59﹣2.61）0.5224、略

【分析】【分析】

根据实验原理选择仪器以及连接电路图；U-I图像的斜率等于电源内阻；截距为电动势；根据电路图分析误差来源.

【详解】

（1）实验中电流较小；选0~0.6A比较合适．

（2）如图；

①根据U轴截距为电动势的测量值，则E=1.48V，图像斜率可知．

②电流表的测量值带来误差，故选B.

③电流表带来误差: