2025年沪科版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理下册月考试卷398考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b；c为实线与虚线的交点；已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）

A.M带负电荷；N带正电荷。

B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同。

C.N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功。

D.M在从O点运动至b点的过程中；电场力对它做的功等于零。

2、做简谐运动的弹簧振子，下述说法中不正确的是A.振子通过平衡位置时，速度最大B.振子在最大位移处时，加速度最大C.振子在连续两次通过同一位置时，位移相同D.振子连续两次通过同一位置时，速度相同3、如图所示，虚线abc

代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc.

实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，PRQ

是这条轨迹上的三点，PQR

同时在等势面abc

上，据此可知(

)

A.三个等势面中，a

的电势最高B.该电荷在P

点的电势能比在Q

点的电势能小C.电荷在QR

间运动的动能变化等于在RP

间运动的动能变化D.无论电荷运动方向如何，电场力对该电荷一定做负功4、小灯泡的伏安特性曲线如图的AB

段(

曲线)

所示，由图可知，灯丝的电阻因温度的影响改变了A.0.2娄赂

B.0.5娄赂

C.2娄赂

D.10娄赂

5、最早提出用电场线描述电场的物理学家是(

)

A.牛顿B.伽利略C.法拉第D.阿基米德6、如图所示均匀的长方形薄片合金电阻板abcd，ab边为L1，ad边为L2，当端点I、Ⅱ或Ⅲ、Ⅳ接入电路时，RⅢ：RⅢⅣ=（）A.L1：L2B.L2：L1C.L12：L22D.7、某同学在“验证牛顿运动定律”的实验中，保持小车所受拉力F

的大小不变，改变小车的质量m

得到了不同m

时的加速度大小a

并绘出了a鈭�1m

的图象，如图所示.

图象的斜率表示(

)

A.a

B.F

C.m

D.1m

8、冰壶是冬奥会的正式比赛项目.

运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的(

)

A.摩擦力非常小B.重力小C.推力小D.不受任何力评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、将一个电量-2×10-8C的点电荷，从零电势点O移到M点需克服电场力做功4×10-8J，则M点电势φM=___________；若将该电荷从M点再移至N点，电场力做功1.4×10-7J，则N点电势φN=__________。10、如图是两位高中同学李辉和刘伟在测定变压器线圈电阻的一个实验场景，刘伟手握线圈裸露的两端让李辉测量，刘伟有电击的感觉是在测量回路____________时刻(填“断开”或“接通”)11、如图所示为某物体运动的v鈭�t

图象。由图可知，该物体的初速度大小为___m/s

其在0鈭�10s

内做______直线运动(

选填“匀速”或“匀加速”)

在15s

末的速度大小为______m/s

12、（1）如图所示，把一块洁净的玻璃板吊在橡皮筋下端，使玻璃板水平接触水面．如果你想使玻璃板离开水面，必须用比玻璃板重力____的拉力向上拉橡皮筋，原因是水分子和玻璃的分子间存在____作用．

（2）往一杯清水中滴入一滴红墨水，过一段时间后，整杯水都变成了红色，这一现象在物理学中称为____现象，是由于分子的____而产生的。13、多用电表的表盘刻度的最右端，表示电阻示数是____Ω，某同学用多用电表测电阻RX的阻值，多用电表的欧姆挡有×1，×10，×100，×1k四挡，他粗测时用×100挡，调零后发现指针偏转幅度太小，他应选用____挡，并重新调零．14、真空中电磁波的传播速度为________m/s

电磁波从一种介质进入另一种介质不变的物理量是________(

选填频率、波长)

15、气垫导轨是常用的一种实验仪器.

它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦.

我们可以用带竖直挡板C

和D

的气垫导轨以及滑块A

和B

来验证动量守恒定律，实验装置如图所示(

弹簧的长度忽略不计)

采用的实验步骤如下：a.

用天平分别测出滑块A

、B

的质量mA

、mB

．b.

调整气垫导轨，使导轨处于水平．c.

在A

和B

间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上．d.

用刻度尺测出A

的左端至C

板的距离L

1

．e.

放开卡销，同时使分别记录滑块A

、B

运动时间的计时器开始工作.

当A

、B

滑块分别碰撞C

、D

挡板时停止计时，记下A

、B

分别到达C

、D

的运动时间t

1

和t

2

．(1)

实验中还应测量的物理量是________________．(2)

利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是_______________________，上式中算得的A

、B

两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因可能是_________________________________________________________(

至少写出两点)

(3)

利用上述实验数据是否可以测出被压缩弹簧的弹性势能的大小？_________________(

填“可以”或“不可以”)

16、如图所示，三电阻的阻值之比R1R2R3

为312

则当AB

间加上电压时，R1R2R3

三个电阻的电流之比之比I1I2I3=

______，三个电阻上消耗的功率之比P1P2P3=

______．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）23、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共3题，共15分)24、【化学rm{隆陋}选修rm{3}物质结构与性质】25、【化学选做】（15分）有机化合物甲、乙用于制备化妆品，二者合成路线如下（部分产物及条件略）。已知：（-R、-R’代表烃基或-H）（1）A的结构简式是____。（2）化合物F能与浓溴水反应产生白色沉淀。①有机物甲中官能团的名称是____。②“C→有机化合物甲”的化学方程式是____。③化合物F的名称是____。（3）化合物G的分子式为C3H6O，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。G的结构简式是____。（4）A与G反应生成D的反应方程式为____。(5)写出E所有可能的结构简式（满足合成路线）____。26、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{X}是中学常见的无机物，存在如图转化关系rm{(}部分生成物和反应条件略去rm{)}rm{(1)}若rm{A}为常见的金属单质，焰色反应呈黄色，rm{X}能使品红溶液褪色，写出rm{C}和rm{E}反应的离子方程式：__________________________．rm{(2)}若rm{A}为短周期元素组成的单质，该元素的最高价氧化物的水化物酸性最强，则：rm{垄脵}组成单质rm{A}的元素在周期表中的位置为_______________．rm{垄脷X}可能为___________rm{(}填代号rm{)}．rm{a.NaHCO_{3}}rm{b.Na_{2}CO_{3;;;;;;;;;;;;;;;}c.Na_{2}SO_{3;;;;;;;;;;;;;}d.Al(OH)_{3}}rm{(3)}若rm{A}为淡黄色粉末，回答下列问题：rm{垄脵1molA}与足量的rm{H_{2}O}充分反应时转移的电子数目为_______________．rm{垄脷A}的电子式为___________________。rm{垄脹}若rm{X}为一种造成温室效应的气体rm{.}则鉴别等浓度的rm{D}rm{E}两种溶液，可选择的试剂为______rm{(}填代号rm{)}．rm{a.}盐酸rm{b.BaCl_{2}}溶液rm{c.NaOH}溶液rm{d.Ca(OH)_{2}}溶液rm{(4)}若rm{A}为氧化物，rm{X}是rm{Fe}溶液rm{D}中加入rm{KSCN}溶液变红rm{.}则rm{A}与rm{H_{2}O}反应的化学反应方程式为___________rm{.E}是_________rm{(}填化学式rm{)}评卷人得分五、综合题(共2题，共6分)27、[

物理隆陋隆陋

选修3鈭�4]

(1)

如图所示；AB

是某一列简谐波传播路径上的两个振动的质点，其平衡位置相距1mA

比B

早振动了时间t(t

小于4s)

从某一时刻开始计时，两质点的振动图象如图所示，每个质点开始起振的方向均沿y

轴正向，则下列说法正确的是_________(

填正确答案标号。)

A.

时间t=3s

B.

简谐波的波长为4m

C.

简谐波的波速为13m/s

D.

当B

点开始起振时，A

点位于波峰E.

当A

点位于波峰时，B

点位于平衡位置(2)

如图所示，平行透明介质的截面ABCD

为边长为L

的正方形，一束单色光垂直照射在AB

边的中点O

结果光穿过介质所用时间为4L3cc

为光在真空中传播的速度，将此单色光绕O

点在纸面内沿逆时针方向转动90鈭�

求：垄脵

此介质对光的折射率。垄脷CD

边有光射出的长度。28、选做题。

(1)

如图，容积为V

的汽缸由导热材料制成，面积为S

的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K

开始时，K

关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p0,

现将K

打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为V8

时，将K

关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了V6

不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为g

求流入汽缸内液体的质量。

(2)

如图，鈻�ABC

为一玻璃三棱镜的横截面，隆脧A=30鈭�

一束红光垂直AB

边射入，从AC

边上的D

点射出，其折射角为60鈭�

则玻璃对红光的折射率为_____。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D

点射出时的折射射角______(

“小于”“等于”或“大于”)60鈭�

(3)

一列简谐横波在t=13s

时的波形图如图(a)

所示，PQ

是介质中的两个质点，图(b)

是质点Q

的振动图像。求

(i)

波速及波的传播方向；(ii)

质点Q

的平衡位置的x

坐标。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B|D【分析】

A；电场线与等势面垂直；由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；因为运动轨迹是不可能出现在这个夹角外的，由这点可以直接看出，图中的N受到的电场力是向上的，M受到的电场力是向下的，故N带负电，M带正电，故A错误；

B；由于oa和oc间电势差相等；电场力又都是做正功的，根据动能定理，电场力做功相等，故动能增量相等，故B答案正确；

C；由于N带负电；电场力向上，故电场力做正功，故C错误；

D、由于ob在同一等势面上，故M在从O点运动至b点的过程中；电场力对它做的功等于零，故D正确；

故选BD．

【解析】【答案】电场线与等势面垂直；由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；粒子运动的轨迹上每个点的切线就是该点上的速度方向，要判断这个粒子是克服力做功还是在电场力的作用下做正功，只需要画出该点的切线方向，而力的方向必须与速度方向的夹角夹着运动轨迹，即运动轨迹是一定在速度方向和力的方向的夹角里面的！

2、D【分析】【解析】试题分析：做简谐运动的弹簧振子，通过平衡位置时，速度最大，加速度最小；在最大位移处时，速度最小，加速度的大小最大．振子位移是指振子离开平衡位置的位移，从平衡位置指向振子所在的位置，通过同一位置，位移总是相同．速率和动能相同，但速度有两种方向，可能不同．故选D考点：本题考查对简谐运动物理量及其变化的理解程度，【解析】【答案】D3、C【分析】解：A

负电荷做曲线运动；电场力指向曲线的内侧；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上，故c

点电势最高，故A错误；

B；利用推论：负电荷在电势高处电势能小；知道P

点电势能大，故B错误；

C；只有电场力做功；电势能和动能之和守恒，故带电质点在P

点的动能与电势能之和等于在Q

点的动能与电势能之和，故C正确；

D、当电场力与速度夹角小于90鈭�

时，电场力作正功；当电场力与速度夹角大于90鈭�

时；电场力作负功，故D错误；

故选：C

作出电场线；根据轨迹弯曲的方向可知，电场线向上。故c

点电势最高；根据推论，负电荷在电势高处电势能小，可知电荷在P

点的电势能大；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P

点场强小，电场力小，加速度小。

根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点(

电场线与等势面交点以及已知点)

的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法。【解析】C

4、D【分析】伏安特性是曲线时；根据各点的对应坐标值，由欧姆定律求解电阻；即可求得电阻的差值。

A

点对应的电阻值为

B

点对应的电阻值为

阻值改变故选D。本题考察的是伏安特性曲线的问题，运用欧姆定律结合图像信息分析即可解答。【解析】D

5、C【分析】解：A

牛顿对物理学的贡献主要在力学部分；如牛顿运动的三定律和万有引力定律；故A错误．

B；伽利略的主要贡献在力学和天文学领域；故B错误．

C；法拉第是最早提出用电场线描述电场的物理学家；故C正确．

D；阿基米德的主要贡献是系统而严格证明了杠杆定律；以及总结得出阿基米德原理.

故D错误．

故选：C

本题是物理学史问题；根据牛顿；伽利略、法拉第和阿基米德的物理学成就答题即可．

本题考查了物理常识.

关键要记牢牛顿、伽利略、法拉第和阿基米德的物理学成就，不能混淆．【解析】C

6、D【分析】解：设薄片合金电阻板的厚度为d，当端点I、Ⅱ接入电路时，根据电阻定律，电阻．

当端点Ⅲ、Ⅳ接入电路时，根据电阻定律．电阻．

则．故D正确；A；B、C错误．

故选D．

根据电阻定律R=得出电阻之比．

解决本题的关键掌握电阻定律的表达式，并能灵活运用．【解析】【答案】D7、B【分析】解：根据牛顿运动定律F=ma

得：a=Fm

a鈭�1m

的图象为一条倾斜的直线；所以图象的斜率为F

．

故选B．

根据牛顿运动定律F=ma

得：a=Fm

结合图象求出图象的斜率．

应用数学图形分析物理问题是考试的热点，我们应该通过物理规律找出物理量间的关系，再运用数学知识解决问题．【解析】B

8、A【分析】解：冰壶被推出后不再受推力；竖直方向重力与支持力平衡，冰壶的运动可看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的摩擦力小.

选项A正确，BCD错误．

故选：A

冰壶被推出后靠惯性运动；重力不变与支持力大小相等，冰面上的摩擦力小．

本题考查了物体的运动不需要力来维持，冰壶受的摩擦力减小，忽略不计时，其运动可以看做匀速直线运动．【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】【解析】【答案】-2V，5V10、略

【分析】解：在电流变化时线圈才会产生自感电动势回路接通的状态时回路中电流不变化；线圈两端不会产生感应电动势，当回路断开时电流要立即减小到零但由于线圈的自感现象会产生感应电动势，则线圈两端会对人产生电击感．

故答案为：断开．【解析】断开11、00匀加速55【分析】【分析】根据速度时间图线得出物体的初速度和15s

末的速度；根据速度随时间的变化规律判断物体的运动规律。

解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移。【解答】由速度时间图线可知，物体的初速度大小为0m/s

在0隆芦10s

内，速度随时间均匀增加，做匀加速直线运动，15s

末的速度大小为5m/s

故答案为0

匀加速；5

。【解析】00匀加速5512、大引力扩散无规则运动【分析】【解答】（1）当玻璃板与水面接触时；玻璃板与水分子之间存在作用力，当用力向上拉时，水分子之间要发生断裂，还要克服水分子间的作用力，所以拉力比玻璃板的重力要大，反映出水分子和玻璃的分子间存在引力作用。（2）往一杯清水中滴入一滴红墨水，一段时间后，整杯水都变成了红色，这种不同物质彼此进入对方的现象，称为扩散现象，是由分子的无规则运动产生的.

【分析】本题考查了分子间的相互作用力及扩散13、0×1000【分析】【解答】熟悉多用电表的表头；左端为电压和电流读书的0，右端为电阻的0刻度线，由于测量电阻时指针指在最右端时示数最小，而指针是在左端开始偏转，所以指针偏转幅度太小说明电阻读数很大，应该换用较大倍率档位才会使指针指在中央刻度附近，所以要从×100换到×1000．

故答案为：0；×1000．

【分析】熟悉多用电表的表头，左端为电压和电流读书的0，右端为电阻的0刻度线，由于测量电阻时指针指在最右端时示数最小，而指针是在左端开始偏转，所以指针偏转幅度太小说明电阻读数很大，应该换用较大倍率档位才会使指针指在中央刻度附近．14、3×108频率【分析】【分析】真空中电磁波的传播速度和光速相同，是3隆脕108m/s电磁波传输过程中频率不变。本题考查电磁波传输，基础题。【解答】真空中电磁波的传播速度是3隆脕108m/s电磁波从一种介质进入另一种介质时频率不变。故答案为3隆脕108

频率。【解析】3隆脕108频率15、（1）滑块B的右端到D挡板的距离L2（2）一是测量本身就存在误差，如测量质量、时间、距离等存在误差；二是空气阻力或者是导轨不是水平的等原因。（3）可以

【分析】【分析】(1)

要验证动量守恒定律需要知道物体的质量和速度，而速度可以用位移与时间的比值代替，故要测位移；(2)

利用vA=L1t1vB=L2t2

即可将mAvA鈭�mBVB=0

转化为mAL1t1鈭�mBL2t2=0

(3)

根据能量守恒，弹簧的弹性势能转化为两滑块匀速运动时的动能即Ep=mAvA22+mBvB22

利用位移求出vA

和vB

本题考查动量守恒定律的验证；利用位移或位移与时间的比值表示物体的速度是物理实验中常用的一种方法，要注意掌握。【解答】(1)

因系统水平方向动量守恒即mAvA鈭�mBVB=0

由于系统不受摩擦，故滑块在水平方向做匀速直线运动故有vA=L1t1vB=L2t2

，即mAL1t1鈭�mBL2t2=0

所以还要测量的物理量是：B

的右端至D

板的距离L2隆拢

(2)

由(1)

分析可知验证动量守恒定律的表达式是mAL1t1鈭�mBL2t2=0

分析可知，本实验中的误差主要来自于一是测量本身就存在误差，如测量质量、时间、距离等存在误差；二是空气阻力或者是导轨不是水平的等原因；(3)

根据能量守恒定律被压缩弹簧的弹性势能Ep=mAvA22+mBvB22

将vA=L1t1vB=L2t2

代入上式得Ep=mA(L1t1)22+mB(L2t2)22

故可以测出被压缩弹簧的弹性势能。故填：(1)

滑块B

的右端到D

挡板的距离L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是测量本身就存在误差，如测量质量、时间、距离等存在误差；二是空气阻力或者是导轨不是水平的等原因(3)

可以

【解析】(1)

滑块B

的右端到D

挡板的距离L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是测量本身就存在误差，如测量质量、时间、距离等存在误差；二是空气阻力或者是导轨不是水平的等原因。(3)

可以

16、略

【分析】解：R1R2

串联，则I1=I2

串联后与R3

并联，则I1I3=R3R1+R2=23+1=12

则I1I2I3=112

由P=I2R

知：P1P2P3=I12R1I22R2拢潞I32R3=318

故答案为：112318

串联电流相同；并联电流与电阻成反比.

由P=I2R

求得功率比．

明确串并联电路电流与电阻的关系，会灵活选功率的公式是解题的关键．【解析】112318

三、判断题(共7题，共14分)17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．22、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．23、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、推断题(共3题，共15分)24、（1）CaNA（2）水分子之间形成氢键（3）F＞N＞O（4）（5）三角锥形sp3杂化（6）【分析】【分析】本题考查了物质的结构与性质。需要学生的识记和理解，多做有助于快速判断。【解答】rm{A}基态原子rm{2p}能级有rm{3}个单电子，原子核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}则rm{A}为rm{N}元素；rm{B}意思是基态原子rm{p}轨道上成对电子数等于未成对电子数，原子核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}则rm{B}为rm{O}元素；rm{C}的氢化物常用于刻蚀玻璃，则rm{C}为rm{F}元素；rm{D}元素基态原子核外电子分处rm{6}个不同能级，且每个能级均已排满，原子核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}4s^{2}}则rm{D}为rm{Ca}rm{E}的原子序数等于rm{C}与rm{D}的原子序数之和，即rm{E}的原子序数为rm{9+20=29}故E为rm{Cu}rm{(1)D}的元素符号为rm{Ca}rm{A}的单质为rm{N_{2}}结构式为rm{N隆脭N}rm{14g}氮气为rm{14g隆脗28g/mol=0.5mol}含有rm{娄脨}键的个数为rm{0.5mol隆脕2隆脕N_{A}}rm{mol-1=N_{A}}，所以本题答案为：rm{Ca}rm{N_{A}}rm{(2)B}元素的氢化物的沸点是同族元素氢化物中最高的，原因是：水分子之间形成氢键，增大分子间的作用，所以本题答案为：水分子之间形成氢键；rm{(3)}同周期所原子序数增大元素的电负性增大，rm{3}种元素的电负性由大到小的顺序为：rm{F>N>O}所以本题答案为：rm{F>N>O}rm{(4)Cu^{2+}}的价层电子排布式为rm{3d^{9}}则价电子排布图为所以本题答案为：rm{(5)A}的最简单氢化物为rm{NH_{3}}分子的空间构型为三角锥形，其中rm{N}原子形成rm{3}个rm{N-H}键、含有rm{1}对孤对电子，杂化轨道数目为rm{4}rm{N}原子的杂化类型是rm{sp^{3}}杂化，所以本题答案为：三角锥形rm{sp^{3}}杂化；rm{(6)}晶胞中白色球数目为rm{8}黑色球数目为rm{8隆脕1/8+6隆脕1/2=4}结合化学式rm{CaF_{2}}可知白色球为rm{F}黑色球为rm{Ca}晶胞质量为rm{(4隆脕78)/N_{A}g}晶体的密度为rm{娄脩g?cm^{-3}}则rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕娄脩g?cm^{-3}}故晶胞边长rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕娄脩

g?cm^{-3}}rm{a=}所以本题答案为：rm{cm}【解析】rm{(1)Ca}rm{N_{A}}rm{(2)}水分子之间形成氢键rm{(3)F>N>O}rm{(4)}rm{(5)}三角锥形rm{sp^{3}}杂化rm{(6)}25、略

【分析】【分析】本题考查了有机物的合成与推断，关键是有机物中官能团的性质与转化，涉及内容较多题目难度较大，掌握好基础知识就能顺利解答本题。由合成路线，结合物质的结构变化，所以A为HC≡CH，B为C为D为E为或或F为G为据此解答。【解答】由合成路线，结合物质的结构变化，所以A为HC≡CH，B为C为D为E为或或F为G为（1）由上分析知，A为HC≡CH；（2）化合物F能与浓溴水反应产生白色沉淀，说明含有酚羟基，①由有机物甲的结构简式可以看出，甲中含有酯基；②C为在浓硫酸催化作用下与乙酸生成酯，反应为：③化合物F为其名称是间甲基苯酚；（3）化合物G的分子式为C3H6O，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，所以其结构简式为：（4）A为HC≡CH，G为其生成D的反应为：HC≡CH+2（5）D与H2加成生成在浓硫酸催化作用下加热发生消去反应，得到的E可以为或或【解析】（1）HC≡CH（2）①酯基②③间甲基苯酚（3）（4）HC≡CH+2（5）或或26、rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(2)垄脵}第三周期第rm{VIIA}族

rm{垄脷b}

rm{(3)垄脵N_{A}}

rm{垄脷}

rm{垄脹ab}

rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}【分析】【分析】本题考查无机物的推断，是高考中的常见题型，试题综合性强，难度较大，有利于培养学生的逻辑推理能力和抽象思维能力，提高学生分析问题、以及灵活运用基础知识解决实际问题的能力rm{.}做好本题的关键之处在于把握好常见物质的性质以及有关转化，并能结合题意具体问题、具体分析即可。【解答】rm{(1)}若rm{A}为常见的金属单质，焰色反应呈黄色，应为rm{Na}rm{X}能使品红溶液褪色，应为rm{SO_{2}}则rm{B}为rm{H_{2}}rm{C}为rm{NaOH}rm{D}为rm{Na_{2}SO_{3}}rm{E}为rm{NaHSO_{3}}rm{C}和rm{E}反应的离子方程式为rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案为：rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)}若rm{A}为短周期元素组成的单质，该元素的最高价氧化物的水化物酸性最强，应为rm{Cl_{2}}则rm{B}为rm{HClO}rm{C}为rm{HCl}rm{垄脵Cl}原子核外有rm{3}个电子层，最外层电子数为rm{7}位于周期表第三周期Ⅶrm{A}族，故答案为：第三周期Ⅶrm{A}族；rm{垄脷a.C}为盐酸，可与rm{NaHCO_{3}}反应生成rm{CO_{2}}但rm{CO_{2}}与rm{NaHCO_{3}}不反应，故rm{a}错误；rm{b..C}为盐酸，与rm{Na_{2}CO_{3}}反应生成rm{CO_{2}}rm{CO_{2}}与rm{Na_{2}CO_{3}}反应可生成rm{NaHCO_{3}}故rm{b}正确；rm{c..C}为盐酸，与rm{Na_{2}SO_{4}}不反应，故rm{c}错误；rm{d.}盐酸与氢氧化铝反应生成氯化铝，氯化铝与氢氧化铝不反应，故rm{d}错误，故答案为：rm{b}rm{(3)}若rm{A}为淡黄色粉末，应为rm{Na_{2}O_{2}}rm{垄脵1molA}与足量的rm{H_{2}O}充分反应时过氧化钠自身发生氧化还原反应，转移的电子数目为rm{N_{A}}故答案为：rm{N_{A}}rm{垄脷Na_{_{2}}O_{_{2}}}含有离子键、共价键，电子式为故答案为：rm{垄脹}若rm{X}为一种造成温室效应的气体，应为rm{CO_{2}}则rm{C}为rm{NaOH}rm{D}为rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}为rm{NaHCO_{3}}鉴别等浓度的rm{D}rm{E}两种溶液，可用盐酸或氯化钡溶液，故答案为：rm{ab}rm{(4)}若rm{A}为氧化物，rm{X}是rm{Fe}由转化关系可知rm{C}具有强氧化性，则rm{A}为rm{NO_{2}}rm{B}为rm{NO}rm{C}为rm{HNO_{3}}rm{NO_{2}}与水反应的方程式为rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe}与硝酸生成rm{Fe(NO_{3})_{3}}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}rm{)}与rm{3}反应生成rm{3}rm{Fe}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}故答案为：rm{)}rm{2}rm{2}rm{{,!}_{,}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO}rm{3}【解析】rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)垄脵}第三周期第rm{VIIA}族rm{垄脷b}rm{(3)垄脵N_{A}}rm{垄脷}rm{垄脹ab}rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}五、综合题(共2题，共6分)27、（1）ACE；

（2）

解：

①根据光在介质中传播的速度与折射率的关系知：

则光在介质中传播的时间为：

联立解得：

②由全反射定律知，临界角为：

设有光射出的长度为d，则由几何知识得：

联立解得：

【分析】(1)

【分析】根据AB

两质点的平衡位置，结合振动图像，求出波长和波速，从而得出时间t

的竖直，并根据波传播的特点进行分析解答。本题考查了波的振动图像，根据AB

平衡位置的距离，以及振动图像进行分析解答。【解答】由于AB

平衡位置相距1m

结合振动图像可知，波长大于1m

即AB

间距小于一个波长，波由A

传到B

所用时间为：t=34T

那么AB

间距离为34娄脣

即：lAB=1m=34娄脣

解得波长为：娄脣=43m

则波速为：v=娄脣T=434=13m/s

由于AB

平衡位置相距1m

则A

比B

早振动的时间为：t=lABv=3s

根据波的平移法可知，当B

点开始振动时，A

应位于波谷位置，当A

点位于波峰时，B

点恰位于平衡位置，故ACE正确，BD错误。故选ACE。(2)

本题考查了折射定律和全反射定律，结合几何知识进行列式求解即可。垄脵

由光在介质中传播速度与折射率的关系求出速度，再由运动时间求出折射率；垄脷

由全反射定律求出临界角，再由几何知识求解即可。【解析】(1)ACE

(2)

解：垄脵

根据光在介质中传播的速度与折射率的关系知：v=cn

则光在介质中传播的时间为：t=Lv=4L3c

联立解得：n=43

垄脷

由全反射定律知，临界角为：sin(C)=1n=34

设有光射出的长度为d则由几何知识得：sin(C)=dd2+L2sinleft(Cright)=dfrac{d}{sqrt{{d}^{2}+{L}^{2}}}联立解得：d=377Ld=dfrac{3sqrt{7}}{7}L

28、(1)

解：设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V1

压强为p1

下方气体的体积为V2

压强为p2

在活塞下移的过程中，活塞上、下两部分气体的温度均保持不变，作等温变化，由玻意耳定律得：

对上部分气体有p0V2=p1V1

对下部分气体有p0V2=p2V2

由已知条件得。

V1=V2+V6?V8=1324V

V2=V2?V6=V3

设活塞上方液体的质量为m

由力的平衡条件得。

p2S=p1S+mg

联立以上各式得m=15p0S26g

答：流入汽缸内液体的质量是15p0S26g

(2)3

大于

(3)

解：(i)

由图(a)

可以看出，该波的波长为娄脣=36cm

由图(b)

可以看出周期T=2s

故波速为v=娄脣T=18cm/s

由(b)

可知，当t=13s

时，Q

向上振动，结合图(a)(a)(a)可知；该波沿x

轴负方向传播；

(ii)

设质点PQ

的平衡位置的x

轴分别为xPxQ

由图(a)

可知，x=0

处，y=鈭�A2=Asin(?30鈭�)

由图(b)

可知，在t=0

时点处于平衡位置，经过QQQQ鈻�trianglett==1133ss鈻�trianglett==，其振动状态向x

轴负方向传播到1133点处；

所以xQ?xP=v鈻�t=6cm

解得质点