2025年西师新版选择性必修2物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版选择性必修2物理上册阶段测试试卷736考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、将长为0.2m的直导线垂直磁场方向放置在磁感应强度为0.3T的匀强磁场中，当导线中通以2A电流时，其所受安培力的大小为（）A.0.6NB.0.4NC.0.12ND.0.06N2、如图所示；矩形闭合线圈放置在水平薄板上，薄板左下方有一条形磁铁，当磁铁匀速自左向右通过线圈下方时，线圈始终保持静止，那么线圈中产生感应电流的方向（从上向下看）和线圈受到薄板的摩擦力方向分别是（）

A.感应电流的方向先逆时针方向，后顺时针方向B.感应电流的方向先顺时针方向，后逆时针方向C.摩擦力方向先向左、后向右D.摩擦力方向先向右、后向左3、如图所示，金属棒MN的两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点，棒的中部处于水平向里的匀强磁场中，棒中通有方向从N流向M的电流；此时每根导线的拉力均与棒所受重力大小相等。为了使棒所受导线的拉力为零，下列做法可行的是。

A.电流不变，仅使磁场的方向变为与原来的方向相反B.仅使磁场和电流的方向都变为与原来的方向相反C.电流不变，仅使磁场的磁感应强度大小变为原来的一半D.磁场的磁感应强度不变，仅使电流变为原来的一半4、如图所示，无限长通电直导线与右侧的矩形导线圈ABCD在同一平面内，线圈的AB边与直导线平行。现用外力使线圈向直导线靠近且始终保持AB边与直导线平行，在AB边靠近直导线的过程中；下列说法正确的是（）

A.线圈内产生的感应电流方向是ADCBAB.直导线对AB边和CD边的安培力等大反向C.直导线对AD边和BC边的安培力等大反向D.在线圈ABCD内部的区域的磁场方向为垂直线圈所在平面向外5、光滑绝缘水平桌面上固定一厚度不计的绝缘方框，三个绝缘正方形小线圈对称放置在相应位置上，小线圈在方框内外的面积相等。在方框a、b间通入如图所示逆时针电流的瞬间；则（）

A.小线圈Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ相互靠近B.小线圈Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ相互远离C.小线圈Ⅰ、Ⅱ相互远离，小线圈Ⅲ向上运动D.小线圈Ⅰ、Ⅱ相互靠近，小线圈Ⅲ向下运动6、用相同导线绕制的边长为L或2L的四个闭合导线框，以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示．在每个线框进入磁场的过程中，M、N两点间的电压分别为Ua、Ub、Uc和Ud.下列判断正确的是()

A.Ua＜Ub＜Uc＜UdB.Ub＜Ua＜Ud＜UcC.Ua＝Ub＜Uc＝UdD.Ua＜Ub＜Ud＜Uc评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、在如图所示的电路中，理想变压器的原、副线圈的匝数比为在a、b端输入电压为的正弦交流电，为定值电阻，调节电阻箱当时，电压表、电流表的示数分别为U、I，则下列说法正确的是（）

A.B.C.D.8、如图所示，线圈L的电阻值与电阻R的阻值相等，两个灯泡和规格相同。下列说法正确的是（）

A.在闭合开关K瞬间，比先亮B.在闭合开关K瞬间，比先亮C.闭合开关K后，最终与一样亮D.断开开关K的瞬间，比先熄灭9、如图，A、B是两盏完全相同的白炽灯，L是直流电阻不计、自感系数很大的自感线圈，如果断开开关S1、闭合S2，A、B两灯都能正常发光；如果最初S1是闭合的、S2是断开的；那么不可能出现的情况是（）

A.刚一闭合S2，A灯就亮，而B灯延迟一段时间才亮B.刚闭合S2时，线圈L中的电流为零C.闭合S2以后，A灯变亮，B灯由亮变暗D.闭合S2待电路稳定后再断开S2时，A灯立即熄灭，B灯先亮一下然后熄灭10、如图所示，半径为的圆形区域存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为过圆心以半径为边长作一个正方形一个质量为电荷量为的带电粒子从点沿方向射入磁场，最后从弧线某处射出，设粒子运动周期为不计粒子的重力，下列说法正确（）

A.粒子带负电B.速度越大，粒子运动时间越长C.若粒子恰好从点射出，其运动时间为D.若粒子恰好经过点，其运动速度为11、目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机，立体图如图甲所示，侧视图如图乙所示，其工作原理是：燃烧室在高温下将气体全部电离为电子与正离子，即高温等离子体，高温等离子体经喷管提速后以速度v＝1000m/s进入矩形发电通道，发电通道有垂直于喷射速度方向的匀强磁场（图乙中垂直纸面向里），磁感应强度大小B0＝5T，等离子体在发电通道内发生偏转，这时两金属薄板上就会聚集电荷，形成电势差。已知发电通道长L＝50cm，宽h＝20cm，高d＝20cm，等离子体的电阻率ρ＝4Ωm，电子的电荷量e＝1.6×10－19C。不计电子和离子的重力以及微粒间的相互作用；则以下判断正确的是（）

A.发电机的电动势为2500VB.若电流表示数为16A，则单位时间（1s）内打在下极板的电子有1020个C.当外接电阻为12Ω时，电流表的示数为50AD.当外接电阻为50Ω时，发电机输出功率最大12、磁流体发电是一项新兴技术．如图所示；平行金属板之间有一个很强的磁场，将一束含有大量正；负带电粒子的等离子体，沿图中所示方向喷入磁场．图中虚线框部分相当于发电机．把两个极板与用电器相连，则。

A.用电器中的电流方向从B到AB.用电器中的电流方向从A到BC.若只减小磁场，发电机的电动势增大D.若只增大喷入粒子的速度，发电机的电动势增大13、如图所示，光滑导轨由倾斜和水平两部分在MM′处平滑连接组成，导轨间距为0.5m，水平导轨处于竖直向上、磁感应强度大小为2T的匀强磁场中，倾斜导轨上端连接阻值为1的电阻R，现让质量为0.1kg、阻值也为1的金属棒a从距离水平导轨高度为0.8m处由静止释放，金属棒a到达磁场中OO′时的动能是金属棒运动到MM′时动能的最终静止在水平导轨上，金属棒a与导轨垂直且接触良好、导轨电阻不计，重力加速度g=10m/s2；下列分析正确的是（）

A.金属棒a运动到MM′时回路中的电流为4AB.金属棒a运动到OO′时的加速度大小为10m/s2C.在金属棒a整个滑动的过程中，电阻R上产生的焦耳热为0.4JD.若金属棒a从高为1.25m处由静止释放，可能停在OO′的左侧14、如图为某人设计的电吹风电路图，a、b、c、d为四个固定触点。可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点。触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风三种工作状态。n1和n2分别是理想变压器原、副线圈的匝数。该电吹风的各项参数如表所示：。热风时输入功率460W冷风时输入功率60W小风扇额定电压60V正常工作时小风扇输出功率52W

下列说法正确的有（）

A.吹热风时触片P与触点b、c接触B.可由表格中数据计算出小风扇的内阻为60ΩC.变压器两线圈的匝数比n1：n2=3：11D.换用更长的电热丝（材料、粗细均不变），则吹的热风温度更低评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝T，边长L＝10cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r＝1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω＝2πrad/s，外电路电阻R＝4Ω，从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为e=____________V；电压表的示数为____________V.

16、如图所示，一电子以速度1.0×107m/s与x轴成30°的方向从原点出发，在垂直纸面向里的匀强磁场中运动，磁感应强度B=1T.那么圆周运动的半径为______m，经过______S时间，第一次经过x轴.（电子质量m=9.1×10-31kg）17、线圈中电流从无到有时，磁场从无到有，电源把能量输送给______，储存在______中．18、泉州是雷电多发地区，安装避雷针可以保护建筑物免遭雷击。某次雷电过程中，有大小为I的电流竖直向下通过一长度为L的避雷针。已知泉州地区地磁场的磁感应强度大小为B，方向与水平向北方向的夹角为则此时该避雷针受到地磁场的作用力大小为_____________，方向水平向___________（选填“东”或“西”）。19、某型号的回旋加速器的工作原理图如图甲所示，图乙为俯视图．回旋加速器的核心部分为D形盒，D形盒置于真空容器中，整个装置放在电磁铁两极之间的磁场中，磁场可以认为是匀强磁场，且与D形盒盒面垂直．两盒间狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．带电从粒子源A处进入加速电场的初速度不计，从静止开始加速到出口处所需的时间为t（带电粒子达到最大速度在磁场中完成半个圆周后被导引出来），已知磁场的磁感应强度大小为B，加速器接一高频交流电源，其电压为U，可以使带电粒子每次经过狭缝都能被加速，不考虑相对论效应和重力作用，D形盒半径R＝_______，D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为______________．

20、实验：探究感应电流产生的条件。

探究一：如图甲实验中，让导体棒在磁场中保持相对静止时或者平行于磁场运动时，无论磁场多强，闭合电路中都______电流，当导体ab做______运动时；闭合回路中有电流产生。

探究二：如图乙，当螺线管A的电流不变时，螺线管B所在的回路中没有电流产生；当螺线管A的电流______时，螺线管B所在回路中就有了电流。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)21、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

22、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

23、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

24、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共6分)25、小王同学用如图甲所示电路研究电磁感应现象；小李同学用如图乙所示电路研究自感现象。

（1）小王同学实验时发现，闭合开关时，电流表指针向左偏转。电路稳定后，若向右移动滑片，此过程中电流表指针将向______（选填“左”或“右”）偏转，实验结束后，未断开开关，也未把A、B两线圈和铁芯分开放置，在拆除电路时突然被电击了一下，则被电击是在拆除______（选填“A”或“B”）线圈所在电路时发生的。

（2）小李同学用图乙中（1）（2）两个电路研究通电自感和断电自感现象，图中L是一带铁芯的线圈，直流电阻忽略不计，A、B是额定电压为1.5V的灯泡，直流电源为一节新的干电池。两电路电键S闭合后，会看到：小灯泡A将______（选填“慢慢变亮”“立即变亮”或“立即变亮，然后慢慢熄灭”），小灯泡B将______（选填“慢慢变亮”“立即变亮”或“立即变亮，然后慢慢熄灭”）；S断开后，小灯泡A将______（选填“慢慢熄灭”“立即熄灭”或“闪亮一下，然后熄灭”），S断开后，小灯泡B将______（选填“慢慢熄灭”“立即熄灭”或“闪亮一下，然后熄灭”）。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

安培力大小为F=BIL=0.3T×2A×0.2m=0.12N

故ABD错误，C正确。

故选C。2、B【分析】【详解】

AB．根据楞次定律可知，靠近时，向上的磁通量增加，所以感应电流的方向（从上向下看）顺时针；当远离时，向上的磁通量减小，所以感应电流的方向（从上向下看）逆时针，故A错误，B正确。

CD．一条形磁铁匀速自左向右通过线圈下方靠近时，导致穿过线圈的磁通量要增加，根据楞次定律的另一种表述，感应电流的效果总是要反抗（或阻碍）产生感应电流的原因，即阻碍磁通量的变化。则要阻碍磁通量的变化，所以线圈有向右运动的趋势，由于线圈静止，知线圈受到向左的摩擦力。当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量要减小，根据楞次定律的另一种表述，要阻碍磁通量减小，线圈有向右的运动趋势，由于线圈静止，知线圈受到向左的摩擦力。故CD错误；

故选B。3、A【分析】【详解】

棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中；棒中通有电流，方向从N流向M，根据左手定则可得，安培力的方向竖直向下，此时每根导线的拉力均与棒所受重力大小相等，则安培力等于重力，为了使拉力等于零，则首先安培力必须反向，大小不需要变化，可以采用的方案有：1；使磁场反向；2、使电流反向。

A.电流不变；仅使磁场的方向变为与原来的方向相反与分析相符，故A项与题意相符；

B.仅使磁场和电流的方向都变为与原来的方向相反与分析不相符；故B项与题意不相符；

C.电流不变；仅使磁场的磁感应强度大小变为原来的一半与分析不相符，故C项与题意不相符；

D.磁场的磁感应强度不变，仅使电流变为原来的一半分析不相符，故D项与题意不相符。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据右手定则，直导线在右手边的磁场方向垂直纸面向里，在AB边靠近直导线的过程中，线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈内产生的感应电流方向是ABCDA；所以A错误；

B．直导线周围的磁场的磁感应强度，离直导线越近磁感应强度越大，则对AB边和CD边的安培力不等大但是方向是相反的；所以B错误；

C．由对称性可知，直导线对AD边和BC边的安培力等大反向；所以C正确；

D．在线圈ABCD内部的区域的磁场方向为垂直线圈所在平面向里；因为感应电流产生的磁场只是阻碍原磁通量的增大，而不是阻止，所以总磁通量还是增大，所以D错误；

故选C。5、B【分析】【详解】

对小线圈Ⅰ方框左边产生的磁通量为零，方框右边和下方产生的磁通量向外增大，Ⅰ中产生顺时针电流，受到的安培力斜向左上；同理小线圈Ⅱ受到的安培力斜向右上，小线圈Ⅲ向下，故B正确，ACD错误。6、D【分析】【详解】

线框进入磁场后切割磁感线，a、b产生的感应电动势是c、d电动势的一半，而不同的线框的电阻不同，设a线框电阻为4r，b、c、d线框的电阻分别为6r、8r、6r则有：

故Ua<Ub<Ud<Uc

故选D．二、多选题(共8题，共16分)7、B:C【分析】【详解】

根据欧姆定律可知

由于原、副线圈的匝数比为原线圈两端电压原线圈中电流原线圈电路满足

解得

当时，电流表示数电压表示数

故BC正确；AD错误。

故选BC。8、B:C【分析】【详解】

闭合开关的瞬间，由于线圈中自感电动势的阻碍，A1灯先亮，A2灯后亮；闭合开关稳定后，自感作用消失，通过A1灯和A2灯的电流相等，两灯亮度相同；断开开关瞬间，A1与A2都会持续亮一会；然后同时熄灭。

故选BC。9、B:C:D【分析】【详解】

AB．刚一闭合S2，电流立即流过A、B灯泡，两灯立即同时变亮，但线圈L产生很大的感应电动势阻碍电流的增大；其瞬时电流为零，故A错误，B正确；

C．闭合S2以后；电感阻碍作用减小，流过B的电流减小，所以B灯由亮变暗，故C正确；

D．断开S2时；A灯立即熄灭，线圈产生与原电流大小方向相同的感应电流流过B灯，B灯先亮一下然后熄灭，故D正确。

故选BCD。10、A:C:D【分析】【详解】

A．粒子向左偏转；根据左手定则可知粒子带负电，故A正确；

B．设粒子的速度大小为v，做匀速圆周运动的半径为r，根据牛顿第二定律有①

解得②③

由此可知粒子所有粒子的运动周期都相同。设粒子在磁场中转过的圆心角为α，则粒子在磁场中运动的时间为④

根据④式可知α越大，t越大，根据②式可知v越大，r越大，如图1所示，当r逐渐增大时，α逐渐减小，则t逐渐减小，所以速度越大，粒子运动时间越短。若粒子恰好从点射出，其运动时间为故B错误，C正确；

D．若粒子恰好经过点，其运动轨迹如图2所示，由几何关系可得其运动半径为

则其运动速度为

故D正确。

故选ACD。11、B:C【分析】【详解】

A．由等离子体所受的电场力和洛伦兹力平衡得qvB0＝

则得发电机的电动势为E＝B0dv＝1000V

故A错误；

B．由电流的定义可知代入数据解得n＝1020个

故B正确；

C．发电机的内阻为r＝ρ＝8Ω

由闭合电路欧姆定律I＝＝50A

故C正确；

D．当电路中内、外电阻相等时发电机的输出功率最大，此时外电阻为R＝r＝8Ω

故D错误。

故选BC。12、B:D【分析】【详解】

AB；首先对等离子体进行动态分析：开始时由左手定则判断正离子所受洛伦兹力方向向上（负离子所受洛伦兹力方向向下）；则正离子向上板聚集，负离子则向下板聚集，两板间产生了电势差，即金属板变为一电源，且上板为正极，下板为负极，所以通过用电器的电流方向从A到B，故B正确，A错误；

CD、此后的正离子除受到向上的洛伦兹力f外还受到向下的电场力F，最终两力达到平衡，即最终等离子体将匀速通过磁场区域，因则q；解得E=Bdv，所以电动势E与速度v及磁场B成正比，故D正确，C错误；

故选BD．

【点睛】等离子体受到洛伦兹力发生偏转，根据正电荷的偏转方向确定直流电源的正极．最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出电源的电动势．13、B:C【分析】【详解】

A．金属棒沿斜轨道下滑过程，据动能定理有

解得

此时的电动势为

电流为

故A错误；

B．由题意知，金属棒a到达磁场中OO'时的动能是金属棒运动到MM'时动能的金属棒到达OO′时的速度为

根据牛顿第二定律得

解得

故B正确；

C．对金属棒运动全过程，根据能量守恒定律有

其中电阻R上产生的焦耳热与金属棒上的焦耳热按阻值分配有

故C正确；

D．金属棒a从距离水平导轨高度为0.8m处由静止释放，金属棒a到达磁场中OO'时的动能是金属棒运动到MM'时动能的最终静止时停在OO′的右侧，若金属棒a从高为1.25m处由静止释放，最终静止时产生的内能会更多，在磁场中运动的距离会更大，所以最终静止时停在OO'的右侧；故D错误。

故选BC。14、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．触片P与触点b、c接触时，电路中只有小风扇工作，电吹风机送出来的是冷风；触片P与触点a、b接触；电热丝及小风扇一起工作，电吹风吹出的是热风，故A错误；

B．小风扇消耗的功率转化为机械功率和线圈上的热功率；因未说明小风扇的效率，所以不能计算小风扇的内阻，故B错误；

C．由题图及小风扇工作额定电压为60V，可得变压器两线圈的匝数比

故C正确；

D．根据公式

可知电源电压不变，电阻越小，电功率越大；换用更长的电热丝（材料、粗细均不变），根据电阻定律可知

电阻变大；故电吹风吹热风时的功率将变小，吹的热风温度更低。故D正确。

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

[1]电动势的峰值为

从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为

[2]根据电压分配原理可得，路端电压的峰值为

则电压表示数为【解析】e=10cos2πt16、略

【分析】【分析】

【详解】

电子所受到的洛伦兹力提供它做匀速圆周运动的向心力，即解得：圆周运动的半径代入数据可得：．

电子在磁场中运动轨迹如图。

则电子第一次经过x轴所用时间又联立解得：．【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.磁场②.磁场18、略

【分析】【详解】

[1][2]根据几何关系可知，泉州地区地磁场的在水平向北方向上的分量为

在竖直方向的分量为

由于避雷针中的电流方向为竖直方向，则避雷针在竖直方向上的磁场中不受作用力，避雷针在水平向北的磁场中，根据可知，受到的安培力为

根据左手定则可知，安培力的方向为水平向东。【解析】东19、略

【分析】【详解】

[1]．设粒子从静止开始加速到出口处运动了n圈，质子在出口处的速度为v，则

质子圆周运动的周期

质子运动的总时间t=nT

联立解得

[2]．设质子第1次经过狭缝被加速后的速度为v1

由动能定理得

由牛顿第二定律有

联立解得：

同理，粒子经2次加速后做圆周运动的半径：

粒子经3次加速后做圆周运动的半径：

可知D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为：【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】没有切割磁感线变化四、作图题(共4题，共12分)21、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的