2025年鲁人新版选择性必修2物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁人新版选择性必修2物理下册阶段测试试卷17考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示。一电子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动；它所受洛伦兹力的方向是（）

A.沿O到a方向B.沿O到b方向C.沿O到c方向D.沿O到d方向2、电磁感应现象的发现，标志着人类从蒸汽机时代步入了电气化时代，下列设备利用电流热效应原理的是（）A.电风扇B.电熨斗C.发电机D.电磁起重机3、电磁炮是通过给导轨回路通以很大的电流；使抛射体在导轨电流产生磁场的安培力作用下沿导轨加速运动，最终以很高的速度将抛射体发射出去。如图为电磁炮的原理示意图，电流方向如图所示，磁场垂直于轨道平面，则（）

A.可减小导轨回路中的电流来提高抛射体的发射速度B.两轨道间磁场的方向垂直轨道平面向上C.改变电流的方向不影响抛射体的发射方向D.抛射体的发射速度与抛射体的质量无关4、如图为相距L的光滑平行导轨，圆弧部分竖直放置，平直部分固定于水平地面上，矩形MNPQ区域内（MQ足够长）存在方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场，导轨右端连接定值电阻R。一质量为m、长为L、电阻为r的金属棒ab从圆弧轨道上高h处由静止释放。金属棒ab与导轨始终接触良好，不计导轨电阻，重力加速度大小为g。从金属棒ab开始运动到停止运动的过程中；下列说法正确的是（）

A.金属棒ab刚进入磁场时的速度大小为B.金属棒ab刚进入磁场时，金属棒ab两端的电压为C.金属棒ab进入磁场后做匀减速直线运动D.金属棒ab克服安培力做的总功为5、回旋加速器的工作原理如图所示。D1和D2是两个中空的半圆金属盒，置于与盒面垂直的匀强磁场中，由高频振荡器产生的交变电压u加在两盒的狭缝处。A处的粒子源产生的带电粒子在加速器中被加速。下列说法正确的是（）

A.带电粒子在D形盒内被磁场不断地加速B.交变电压的周期等于带电粒子在磁场中做圆周运动周期的一半C.两D形盒间交变电压u越大，带电粒子离开D形盒时的动能越大D.保持磁场不变，增大D形盒半径，能增大带电粒子离开加速器的最大动能6、2022年12月1日起我市执行峰谷分时电价政策，引导用户错峰用电。为了解错峰用电的好处，建立如图所示的电网仅为3户家庭供电模型。3户各有功率P=3kW的用电器，采用两种方式用电：方式一为同时用电1小时，方式二为错开单独用电各1小时。两种方式用电时输电线路总电阻损耗的电能分别为ΔE1、ΔE2；若用户电压恒为220V，不计其它线路电阻，则（）

A.两种方式用电时，电网提供的总电能相同B.变压器原、副线圈的电流与匝数成正比C.D.7、某学习小组为了测定磁极间的磁感应强度，设计了如图所示的实验装置。在该实验中，磁铁静置在水平放置的电子测力计上，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，其余区域磁场可忽略不计。垂直于磁场水平放置的直铜棒AB两端通过导线与一电源连接成闭合回路，直铜棒AB在磁场中的长度为L，AB的电阻为R，电源电动势为E，内电阻为r。在开关闭合前，电子测力计的示数为开关闭合后，电子测力计的示数为下列说法正确的是（）

A.开关闭合后，铜棒所受安培力大小为B.开关闭合后，铜棒所受安培力方向竖直向上C.磁极间的磁感应强度大小为D.磁极间的磁感应强度大小为8、如图所示；用细线吊起一个铝环，将磁铁的N极沿铝环的中心轴线靠近铝环，铝环向右摆动。下列说法正确的是（）

A.N极靠近铝环时，从左向右看铝环中的感应电流方向为顺时针B.铝环右摆的过程中，磁铁对铝环做的功大于铝环动能的增加量C.仅将铝环改为铁环，铁环也一定会向右摆动D.若将磁铁的S极沿铝环的中心轴线靠近铝环，铝环将会向左摆动9、如图所示电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=2：1，原线圈所接交变电压表达式为U=sin100πt（V），C为电容器，L为自感线圈，开关S断开。则（）

A.交流电压表示数为VB.只增加交变电流的频率，灯泡变暗C.只增加交变电流的频率，电压表读数变大D.闭合开关S，待稳定后灯泡的亮度不变评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、在如图所示的电路中；带铁芯的；电阻较小的线圈L与灯A并联，当合上开关S后灯A正常发光，则下列说法中正确的是（）

A.当断开S时，灯A立即熄灭B.当断开S时，灯A突然闪亮后熄灭C.用阻值与灯A相同的线圈取代L接入电路，当断开S时，灯A逐渐熄灭D.用阻值与线圈L相同的电阻取代L接入电路，当断开S时，灯A突然闪亮后熄灭11、某电视节目做了如下实验：用裸露的铜导线绕制成一根无限长螺线管，将螺线管放在水平桌面上，用一节干电池和两个磁铁制成一个“小车”，两磁铁的同名磁极粘在电池的正、负两极上，只要将这辆小车推入螺线管中，小车就会加速运动起来，如图所示.关于小车的运动，以下说法正确的是（）

A.将小车上某一磁铁改为S极与电池粘连，小车仍能加速运动B.将小车上两磁铁均改为S极与电池粘连，小车的加速度方向将发生改变C.图中小车加速度方向向右D.图中小车加速度方向向左12、如图所示，边长为a的正方形区域内以对角线为界，两边分布有磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，一边长为a的正方形线框从图示位置开始沿x轴正方向匀速穿过磁场区域，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，以水平向右为安培力的正方向，则下列图中表示线框中感应电流i、电动势E、线框所受安培力F和线框产生的热功率P随位移x变化的图像不正确的是（）

A.B.C.D.13、如图甲所示，a、b为两个闭合圆形线圈，用材料相同、粗细相同的均匀导线制成，半径两个线圈均处于垂直纸面均匀分布的磁场中，且磁感应强度随时间按余弦规律变化，如图乙所示.规定垂直纸面向外为磁感应强度的正方向，假设两线圈相隔距离足够远，可不考虑线圈之间的相互影响，则下列说法中正确的是（）

A.0到内，两线圈中产生的感应电流先沿逆时针方向，后沿顺时针方向B.0到内，两线圈都有先扩大再缩小的趋势C.0到内，a、b线圈中通过的电荷量之比为2：1D.0到内，a、b线圈产生的焦耳热之比为4：114、如图所示，一半径为r的半圆形单匝线圈放在具有理想边界的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B.线圈以直径ab为轴匀速转动，转速为n，磁场位于ab左侧且垂直于纸面向里(与ab垂直),M和N是两个滑环；负载电阻为R.线圈；电流表和连接导线的电阻不计，下列说法中正确的是()

A.转动过程中电流表的示数为B.从图示位置起转过圈的时间内产生的平均感应电动势为C.从图示位置起转过圈的时间内通过负载电阻R的电荷量为D.线圈转动过程中产生的感应电动势最大值为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、洛伦兹力是磁场对_________（填“运动”或“静止”）电荷的作用；如图所示是一带正电的粒子在磁场中竖直向下运动，粒子所受洛伦兹力的方向为______。

16、（1）振荡电流：大小和方向都做______迅速变化的电流；

（2）振荡电路：能产生______的电路。最简单的振荡电路为LC振荡电路。17、互感现象应用：利用互感现象可以把能量由一个线圈传递到______，如变压器就是利用______制成的．18、电磁波谱：按电磁波的_____大小或_____高低的顺序排列成谱，叫作电磁波谱。19、某发电站的输出功率为104kW，输出电压为4kV，通过理想变压器升压后向125km远处用户供电．已知输电线的电阻率为ρ＝2.4×10－8Ω·m，导线横截面积为1.5×10－4m2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：所用的理想升压变压器原、副线圈的匝数比是______，如果用户用电器的额定电压为220V，所用理想降压变压器原、副线圈匝数比是______.20、如图所示是医用回旋加速器的示意图，其核心部分是两个D形金属盒，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频交流电源相连，保持回旋加速器中所加磁场不变，分别加速氚核（H）和氦核（He），则加速氚核（H）和氦核（H）时所加高频电源的频率之比为________，氚核（H）和氦核（He）的最大速度之比为________。

21、内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要_________引起感应电流的_____________22、如图所示，把一个线框从一匀强磁场中匀速拉出（线框原来全在磁场中）。第一次拉出的速率是v，第二次拉出速率是2v，其它条件不变，则前后两次拉力大小之比是_____，拉力功率之比是_____，拉力做功的绝对值之比是________，安培力做功的绝对值之比是________，线框产生的热量之比是_____，通过导线某一横截面的电量之比是________。

23、(1)某同学欲将如图1所示的微安表改装成量程为的电压表。已知微安表的内阻为需要_____（选填“串联”或“并联”）________的电阻。

(2)该同学用改装后的电压表测量某段电路两端的电压时，指针所指位置如图2所示，则所测的电压为________

(3)微安表在运输时需要用导体把正负两个接线柱连在一起，请说明这样做的理由______。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)28、在“研究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系”实验(见图(a))中，得到图线如图(b)所示．

(1)在实验中需保持不变的是()

A．挡光片的宽度。

B．小车的释放位置。

C．导轨倾斜的角度。

D．光电门的位置。

(2)线圈匝数增加一倍后重做该实验，在图(b)中画出实验图线．

()评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)29、如图所示，在一个圆形区域内，两个方向相反且都垂直于纸面的匀强磁场分布在以直径A2A4为边界的两个半圆形区域Ⅰ、Ⅱ中，A2A4与A1A3的夹角为60°．一质量为m、带电量为+q的粒子以某一速度从Ⅰ区的边缘点A1处沿与A1A3成30°角的方向射入磁场，随后该粒子以垂直于A2A4的方向经过圆心O进入Ⅱ区，最后再从A4处射出磁场．已知该粒子从射入到射出磁场所用的时间为t；求Ⅰ区和Ⅱ区中磁感应强度的大小（忽略粒子重力）．

30、回旋加速器在核技术、核医学等领域得到了广泛应用，其原理如图所示。D1和D2是两个中空的、半径为R的半圆金属盒，接在电压恒为U的交流电源上，位于D1圆心处的质子源A能产生质子（初速度可忽略，重力不计，不考虑相对论效应），质子在两盒狭缝间的电场中运动时被加速。D1、D2置于与盒面垂直的、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。已知质子的质量为m，带电荷量为q。求：

（1）质子被回旋加速器加速能达到的最大速率vm；

（2）质子获得最大速度的过程中在回旋加速器中被加速的次数n。

31、如图甲所示，宽度为L的足够长光滑金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁场范围足够大，磁感强度大小为B，方向垂直于导轨平面向上。现有一根质量为m、电阻为R的金属棒MN放置在金属导轨上，长度与金属导轨宽度相等，金属棒MN在运动过程中始终与导轨垂直且接触良好；不计导轨电阻。

(1)若金属棒MN以水平速度v向右匀速运动，请根据法拉第电磁感应定律推导金属棒MN产生的感应电动势E=BLv。

(2)若金属棒MN在水平向右的恒力F作用下由静止开始运动，请从速度、加速度两个角度分析金属棒MN的运动情况。

(3)若t=0时金属棒MN有水平向右的初速度v0，此时施加一水平外力F（开始时F方向向右），使金属棒MN做加速度大小为a的匀减速直线运动；直到速度减为零。

a、请推导金属棒MN减速过程中外力F（以初速度方向为正方向）随时间t变化的关系式，并在图乙中画出F‒t的示意图。

b、请说明根据F‒t图像，如何求金属棒MN速度从v0减为零的过程中外力F的冲量I。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

【详解】

由右手螺旋定则，b、d在O点产生的磁场相互抵消，a、c在O点产生的磁场均沿Od方向，故O点磁场沿Od方向。电子带负电，沿垂直纸面向外的方向经过O点时，由左手定则，受洛伦兹力方向沿Oa方向。

故选A。2、B【分析】【详解】

A．电扇的主要元件是电动机；电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动工作的。故A错误；

B．电熨斗是利用电流的热效应工作的。故B正确；

C．发电机是利用电磁感应现象工作的。故C错误；

D．电磁起重机主要工作部件是电磁继电器；电磁继电器的内部主要有一个电磁铁构成，故是利用电流的磁效应的原理。故D错误。

故选B。3、C【分析】【详解】

A．炮弹运动受到安培力又故增加导轨回路中的电流来提高抛射体的发射速度，A错误；

B．根据安培定则可知；两轨道间磁场的方向垂直轨道平面向下，B错误；

C．改变电流的方向；磁场方向垂直轨道平面向上，根据左手定则可得，力方向不变，故不影响抛射体的发射方向，C正确；

D．根据动能定理可知；合外力做功不变，动能变化量不变，质量大的速度小，D错误；

故选C。4、D【分析】【详解】

A．金属棒ab从释放到刚进入磁场时，根据动能定理有

解得

故A错误；

B．金属棒ab刚进入磁场时，根据法拉第电磁感应定律有

金属棒ab两端的电压为

解得

故B错误；

C．金属棒ab进入磁场后，受安培力提供加速度，有

可知金属棒ab做变速直线运动；故C错误；

D．根据能量守恒定律可知金属棒ab克服安培力做的总功为故D正确；

故选D。5、D【分析】【详解】

A．带电粒子通过D形盒之间的交变电压进行加速；A错误；

B．带电粒子每运动半圈会进行加速；则交变电压的周期与圆周运动周期相等，B错误；

CD．根据

带电粒子的最大动能为

可知；带电粒子的最大动能与磁场和加速器半径有关，与交变电压无关，半径越大，最大动能越大，C错误，D正确。

故选D。6、C【分析】【详解】

A．当单用户用电时，设原、副线圈中的电压分别为电流分别为则根据变压器的原理始终有

则可知单用户分别用电时，电网提供的电能为

当多用户同时用电时，由于用户电压恒定，即不变，则可知不变，但副线圈中的功率变为三倍，即而

则可知

而线圈匝数比不变，则可知原线圈回路中的电流变为原来的三倍，即

由此可知电网提供的电能为

故A错误；

B．变压器原；副线圈的电流与匝数成反比；故B错误；

CD．同时用电一小时，输电线路总电阻损耗的电能分别为

错开单独用电各1小时,输电线路总电阻损耗的电能分别为

则可得

故C正确；D错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

B．由左手定则可知；开关闭合后，铜棒所受安培力方向竖直向下，故B错误；

A．在开关闭合前，电子测力计的示数与磁铁的重力大小相等，开关闭合后，磁铁受铜棒的作用力竖直向上，电子测力计的示数为

所以开关闭合后，铜棒所受安培力大小为

故A错误；

CD．铜棒所受安培力又可得磁极间的磁感应强度大小为

故C正确；D错误。

故选C。8、B【分析】【详解】

A．N极靠近铝环时；通过铝环的磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，从左向右看铝环中的感应电流方向为逆时针，故A错误；

B．铝环右摆的过程中；铝环的动能和重力势能均增大，所以磁铁对铝环做的功大于铝环动能的增加量，故B正确；

C．仅将铝环改为铁环；条形磁铁吸引铁环，所以铁环向左摆动，故C错误；

D．若将磁铁的S极沿铝环的中心轴线靠近铝环；铝环将会向右摆动，故D错误。

故选B。9、B【分析】【分析】

【详解】

A．由题可知；原线圈的电压为有效值为25V，根据变压器的电压与匝数关系可知，开关闭合前，交流电压表示数，即副线圈两侧的电压为。

故A错误；

B．交流电的频率越大，电感线圈对交流电有阻碍作用就越大，所以电路的电流会减小，灯泡L的亮度要变暗；故B正确；

C．交流电的频率对变压器的变压关系没有影响；故C错误；

D．开关闭合后灯泡与电容器并联；电路中的电流值增大，线圈对电路中电流的阻碍作用增大，则线圈上分担的电压增大，所以灯泡比闭合前暗，故D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)10、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．电键断开前；电路稳定，灯A正常发光，线圈电阻较小，故流过线圈的电流较大；电键断开后，线圈中的电流会减小，发生自感现象，线圈成为A；L回路的电源，故灯泡反而会更亮一下后熄灭，故A错误，B正确；

C．用阻值与灯A相同的线圈取代L接入电路；当断开S时，线圈中的电流会减小，发生自感现象，线圈成为A；L回路的电源，灯A逐渐熄灭，故C正确。

D．若用阻值与线圈L相同的电阻取代L接入电路；则不会发生自感现象，故断开S时，灯A立即熄灭，D错误；

故选BC。11、B:D【分析】【详解】

两磁极间的电场线如图甲所示：

干电池与磁体及中间部分线圈组成了闭合回路，在两磁极间的线圈中产生电流，左端磁极的左侧线圈和右端磁极的右侧线圈中没有电流．其中线圈中电流方向的左视图如图乙所示，由左手定则可知中间线圈所受的安培力向右，根据牛顿第三定律有“小车”向左加速，故D正确，C错误；如果改变某一磁铁S极与电源粘连，则磁感线不会向外发散，两部分受到方向相反的力，合力为零，不会产生加速度，故A错误，B正确．所以BD正确，AC错误．12、B:C:D【分析】【详解】

A．设两边分布的垂直纸面向外和垂直纸面向里的等强度匀强磁场的磁场强度为B，线框电阻的大小为R，移动速度为v，有效切割长度为l，则感应电流大小为

位移在范围时，线框右边框切割磁场，上下两边产生的电动势方向相反，产生的感应电动势应该相减，如图甲所示。在内，有效切割长度为根据右手定则可知，产生顺时针的感应电流（正方向），大小为

在内，有效切割长度为根据右手定则可知，产生逆时针的感应电流（负方向），大小为

位移在范围内，线框左边框切制磁场，如图乙所示。在内，有效切割长度为根据右手定则可知，产生逆时针的感应电流（负方向），大小为

在内，有效切割长度为根据右手定则可知，产生顺时针的感应电流（正方向），大小为

故A正确；不符合题意；

B．由电动势结合选项A可知电动势E随位移x变化的图像；故B错误，符合题意；

C．安培力的大小为

其中随着变化，可知安培力随位移x变化的图像为曲线；故C错误，符合题意；

D．线框产生的热功率为

结合选项A可知线框产生的热功率P随位移x变化的图像为曲线；故D错误，符合题意。

故选BCD。13、B:C【分析】【详解】

A．0到内；穿过两线圈的磁通量先向外减小，后向里增加，由楞次定律可知，两线圈中产生的感应电流一直是沿逆时针方向，选项A错误；

B．0到内；两线圈磁通量先减小后增加，根据“增缩减扩”可知，都有先扩大再缩小的趋势，选项B正确；

C．由于

则0到内，a、b线圈中通过的电荷量之比为2：1；选项C正确；

D．线圈中产生的感应电动势最大值

在时间内产生的焦耳热

可知0到内，a、b线圈产生的焦耳热之比为2：1；选项D错误；

故选BC。14、A:B:D【分析】【详解】

根据最大感应电动势公式：Em=NBSω，可得：则因只有一半区域内有磁场，由有效值的计算公式可得：解得：所以感应电流为：故AD正确；从图示位置起转过圈的时间内所用的时间则平均电动势故B正确；通过的电量为：故C错误．所以ABD正确，C错误．

点睛：本题注意求电量时用平均电动势；求电表读数和热量时要用电流的有效值．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

[1]洛伦兹力是磁场对运动电荷的作用。

[2]根据左手定则可以判断粒子所受洛伦兹力的方向为水平向右。【解析】运动水平向右16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.周期性②.振荡电流17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.另一个线圈②.互感现象18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.波长②.频率19、略

【分析】【分析】

（1）根据电阻定律得出输电线的电阻；根据输电线上损失的功率求出输电线上的电流，从而根据P=UI求出升压变压器的输出电压；根据输电线上的电流和电阻求出输电线上的电压损失；根据变压比公式求解升压变压器原；副线圈的匝数比；

（2）根据输出电压和电压损失得出降压变压器的输入电压；结合电压之比等于原副线圈的匝数之比求出降压变压器的原副线圈匝数之比．

【详解】

（1）远距离输电的示意图，如图所示：

导线电阻：R线=ρ

代入数据得：R=40Ω

升压变压器副线圈电流：I2=I线

又I2R线=4%P

解得：I2=100A

根据P=U2I2

得：U2=100kV

根据变压比公式，有：

（2）降压变压器的输入电压为：U3=U2-I2R线=96kV

由

得：

【点睛】

解决本题的关键知道：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比之间的关系；2、升压变压器的输出电压、降压变压器的输入电压、电压损失之间的关系．【解析】1∶254800:1120、略

【分析】【详解】

[1]回旋加速器的高频电源的周期和粒子圆周运动的周期相同，带电粒子在磁场中运动得周期为

因为两个粒子的周期之比

则它们的频率之比

[2]根据

得

氚核（H）和氦核（He）的最大速度之比【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】阻碍磁通量的变化22、略

【分析】【详解】

[1]拉力等于安培力，由安培力公式

可知；安培力之比为1：2；

[2][3][4]因为线框匀速运动，拉力与安培力大小相等，则前后两次拉力大小之比为1：2，由

s相等，则拉力做功之比和安培力做功之比均为1：2，所用时间之比为2：1，则有功率公式

可得拉力功率之比为1：4；

[5][6]线框匀速运动时，拉力做的功全部转化为焦耳热，焦耳热之比为1：2，由

因磁通量的变化量相等，所以通过导线某一横截面积的电量相等，则电量之比为1：1。【解析】1:21:41:21:21:21:123、略

【分析】【详解】

(1)[1]把微安表改装成电压表,需要串联一个分压电阻；故选填“串联”。

[2]已知微安表的满偏电流为

分压电阻的阻值为

(2)[3]图2的读数为

所测电压为

(3)[4]微安表在运输过程中由于振动会使指针不停的摆动，可能导致指针损坏，若将正负接线柱接在一起，就相当于把电表的线圈电路组成闭合回路，当指针摆动时，产生感应电流，进而就有安培力作用，安培力会阻碍指针的摆动，保护指针。这就是利用电磁阻尼原理，目的是保护电表指针，防止指针打坏。【解析】串联利用电磁阻尼原理，目的是保护电表指针，防止指针打坏四、作图题(共4题，共12分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】27、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共1题，共7分)28、略

【分析】【详解】

试题分析：根据法拉第电磁感应定律本实验中，E-图线是直线，说明n和△是定值，而△=△B﹒S；要△B不变，要求光电门的位置（相对于线圈）和挡光片的宽度不变．

解：（1）改变小车的释放位置或导轨倾斜的角度可以改变时间△t，因为d是挡光片的宽度，v是挡光片通过光电门时的速度，其中θ为导轨倾斜的角度，s为小车的释放位置到光电门的距离，由小车的释放位置决定．

（2）根据线圈匝数增加一倍后，感应电动势增加一倍，电压传感器读数增加一倍．如点（3，2）变为（3，4），点（10，6）变为（10，12），连接（3，4）和（10，12）两点即可得到新的图线，见答案．

故答案为（1）A；D

（2）见图。

考点：实验中常用仪器及其正确操作方法；法拉第电磁感应定律．

点评：本题考查“研究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系”实验的实验原理和实验步骤及数据处理