2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

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A.电源的电动势为6.0VB.电源的内阻为12ΩC.电源的短路电流为0.5AD.电流为0.3A时的外电阻是12Ω3、在一个很小的厚度为d的矩形半导体薄片上，制作四个电极E、F、M、N，它就成了一个霍尔元件，如图所示．在E、F间通入恒定的电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，则薄片中的载流子（形成电流的自由电荷）就在洛伦兹力的作用下，向着与电流和磁场都垂直的方向漂移，使M、N间出现了电压，称为霍尔电压UH．可以证明UH=kIB/d，k为霍尔系数；它的大小与薄片的材料有关．下列说法正确的是。

A.若M的电势高于N的电势，则载流子带正电B.霍尔系数k较大的材料，其内部单位体积内的载流子数目较多C.借助霍尔元件能够把电压表改装成磁强计（测定磁感应强度）D.霍尔电压UH越大，载流子受到磁场的洛仑兹力越小4、如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法不正确的是（）

A.线圈先后两次转速之比为3:2B.在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量为零C.交流电a的瞬时值为VD.交流电b的最大值为V5、如图所示，用“电流表内接”的方法测量Rx阻值；测量出的阻值大于电阻的真实值,分析误差产生的原因是。

A.电压表测量值大于Rx两端的电压值B.电压表测量值小于Rx两端的电压值C.电流表测量值大于流经Rx的电流值D.电流表测量值小于流经Rx的电流值评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、关于内能和机械能的说法中不正确的是（）A.内能和机械能各自包含动能和势能，因此它们的本质上是一样的B.物体的内能和机械能均不为零C.一个物体的机械能可以为零，但它的内能永远不可能为零D.物体的机械能变化时，它的内能可以保持不变7、关于热学知识，下列说法正确的是（）A.液体表面张力的方向与液面垂直并指向液体内部B.晶体都具有各向异性和固定熔点的特性C.在绝对湿度一定的情况下，气温降低时，相对湿度将增大D.无风雾霾中的（粒径小于或等于2.5微米的颗粒物）的运动属于布朗运动8、下列说法正确的是（）A.当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时，其压强可能减小B.非晶体不可能转化为晶体C.第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在9、一定质量的理想气体经历如图所示的一系列过程，AB、BC、CD、DA这四段过程在p-T图像中都是直线，其中CA的延长线通过坐标原点O，下列说法正确的是（）

A.A→B的过程中，气体对外界放热，内能不变B.B→C的过程中，单位体积内的气体分子数减少C.C→D的过程中，气体对外界做功，分子的平均动能减小E.D→A过程与B→C过程相比较，两过程中气体与外界交换的热量相同E.D→A过程与B→C过程相比较，两过程中气体与外界交换的热量相同10、已知干电池的电动势为下列说法正确的是（）A.用电压表直接连接干电池的两极，测量得到的电压近似等于该电池的电动势B.当外电路闭合时，每当的电荷量通过，该干电池就能把的化学能转化为电能C.当外电路闭合时，在内有的电荷量通过该电池D.当外电路闭合时，在内该电池能提供的电能11、如图(a)所示，理想变压器原副线圈匝数比n1:n2=55:4，原线圈接有交流电流表A1，副线圈电路接有交流电压表V、交流电流表A2、滑动变阻器R等，所有电表都是理想电表，二极管D正向电阻为零，反向电阻无穷大，灯泡L的阻值恒定．原线圈接入的交流电压的变化规律如图(b)所示；则下列说法正确的是。

A.交流电压表V的读数为B.灯泡L两端电压的有效值为C.当滑动变阻器的触头P向上滑动时，电流表A1示数减小，V示数增大D.由图（b）可知交流发电机转子的角速度为rad/s12、一个质点以O点为平衡位置在a、b两点之间做简谐运动。若从质点在O点开始计时，经过3s质点第一次经过M点(如图所示)；再继续运动，又经过2s它第二次经过M点；则该质点第三次经过M点还需要的时间是()

A.8sB.4sC.14sD.s13、手摇式发电机产生的正弦交流电经变压器给灯泡L供电，其电路如图所示．当线圈以角速度ω匀速转动时，电压表示数为U，灯泡正常发光．已知发电机线圈的电阻为r，灯泡正常发光时的电阻为R，其他电阻可忽略，变压器原线圈与副线圈的匝数比为k；变压器可视为理想变压器．则()

A.灯泡的额定电压为B.灯泡的额定功率为C.发电机的线圈中产生的电动势最大值为D.从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u＝Usinωt评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、质量为0.1kg的弹性小球从高为1.25m处自由下落至一光滑而坚硬的水平板上，碰撞后弹回到0.8m高处，碰撞时间为0.01s，则小球与水平板碰撞过程中动量变化大小为_____________kg·m/s，小球与水平板间的平均撞击力大小为____________N．15、关于饱和汽与饱和汽压，气体和液体之间的动态平衡是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率__________，一定温度下的饱和汽压与体积__________．16、研究性学习小组围绕一个量程为30mA的电流计展开探究．

（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示的电路．图中电源电动势未知，内阻不计．闭合开关，将电阻箱阻值调到10Ω时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到85Ω时，电流计指针指在如图（b）所示位置，则电流计的读数为______m。A．由以上数据可得电流计的内阻Rg=______Ω

（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（c）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为______Ω（填“0”或∞”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻，找出对应的电流刻度，则“15mA“处对应表笔间电阻阻值为______Ω．

若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电源电动势不变但将两表笔断开，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果与原结果相比将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．17、（1）用波长为的单色光照射单缝经过双缝在屏上产生明暗相间的干涉条纹，如图所示，图中为相邻亮纹的位置，为中央亮条纹，则（）

A.到达的路程差为零。

B.到达的路程差为

C.到达的路程差为

D.到达的路程差为

E.若改用波长为的单色光照射单缝光屏上条纹间距将变大。

（2）在“用双缝干涉测量光的波长”实验中。

①某同学先将光源靠近遮光筒的双缝端并等高放置；然后在筒的另外一侧观察，发现筒的上壁照得很亮，此时他应将遮光筒的观察端向______（选填“上”或“下”）调节．

②某次测量如图所示，则读数为______．

③几位同学实验时，有的用距离为的双缝，有的用距离为的双缝；同时他们还分别用红；紫两种不同颜色的滤光片遮住光源进行了观察；如图选自他们的观察记录，其中正确反映实验结果的是______．（已知红光波长大于紫光的波长）

18、在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，形管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为水银柱高；图中给出了气体的两个不同的状态。

(1)实验时甲图气体的压强为___________乙图气体压强为___________

(2)实验时某同学认为形管的横截面积可不用测量，这一观点正确吗？___________（选填“正确”或“错误”）。

(3)数据测量完后在用图像法处理数据时，某同学以压强为纵坐标，以体积（或空气柱长度）为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出与间的反比关系吗？___________（选填“能”或“不能”）。19、假定两个分子的距离为无穷远时，它们的分子势能为0，使一个分子固定，另一个分子在外力作用下从无穷远逐渐向它靠近，直至相距很近很近，整个过程中分子势能______(填“不变”或“先增大后减小”或“先减小后增大”)。物体从单一热源吸收的热量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。20、如图，气缸固定于水平面，用截面积为20cm2的活塞封闭一定量的气体，活塞与缸壁间摩擦不计．当大气压强为1.0×105Pa、气体温度为87℃时，活塞在大小为40N、方向向左的力F作用下保持静止，气体压强为____Pa．若保持活塞不动，将气体温度降至27℃，则F变为______N．

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共4题，共36分)24、1.某密闭房间内原来的空气温度和压强均与室外环境的相同，假设室外环境的温度不变，对该室内空气缓慢降温，则一段时间后，室内空气分子的平均动能______室外空气分子的平均动能；室内空气的压强______室外环境的压强。（均选填“大于”、“小于”或“等于”）2.如图所示，一长度为L、横截面积为S的平底试管（管口带卡槽，图中未画出）水平固定，管中有一个到管底距离为的橡皮活塞（不漏气，厚度不计），活塞两侧的气体压强均为大气压强热力学温度均为现对试管内的气体缓慢加热，当管内气体的温度缓慢升至时；活塞开始向右移动。大气压强保持不变，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

（1）求活塞与管壁间的滑动摩擦力大小f；

（2）若活塞开始移动后，继续对管内气体缓慢加热，求管内气体的热力学温度时的压强p。

25、随着摩天大楼高度的增加，钢索电梯的制造难度越来越大，利用直流电机模式获得电磁驱动力的磁动力电梯研发成功。磁动力电梯的轿厢上安装了永久磁铁，电梯的井壁上铺设了电线圈。这些线圈采取了分段式相继通电，生成一个移动的磁场，从而带动电梯上升或者下降。工作原理可简化为如下情景：如图所示，竖直平面内有两根很长的平行竖直轨道，轨道间有垂直轨道平面、方向相反的匀强磁场，磁感应强度均为，电梯轿厢固定在如图所示的一个匝金属框内（电梯轿厢在图中未画出），并且与之绝缘，金属框的边长为，两磁场的竖直宽度与金属框边的长度相同且均为，金属框整个回路的总电阻为，电梯所受阻力大小恒为，电梯空载时的总质量为，已知重力加速度为。

（1）两磁场以速度竖直向上做匀速运动，电梯在图示位置由静止启动的瞬间，金属线框内感应电流的大小和方向；

（2）两磁场以速度竖直向上做匀速运动，来启动处于静止状态的电梯，运载乘客的总质量应满足什么条件；

（3）两磁场以速度竖直向上做匀速运动，启动处于静止状态下空载的电梯，最后电梯以某一速度做匀速运动，求在电梯匀速运动的过程中，外界在单位时间内提供的总能量。

26、如图所示为一弹簧振子的振动图像；求：

（1）该弹簧振子振动的振幅；周期各是多少；

（2）该弹簧振子简谐运动的表达式；27、如图，为一除尘装置的截面图，塑料平板M.N的长度及它们间距离均为d．大量均匀分布的带电尘埃以相同的速度vo进入两板间，速度方向与板平行，每颗尘埃的质量均为m，带电量均为-q．当两板间同时存在垂直纸面向外的匀强磁场和垂直板向上的匀强电场时，尘埃恰好匀速穿过两板间；若撤去板间电场，并保持板间磁场不变，尘埃恰好全部被平板吸附，即除尘效率为100%；若撤去两板间电场和磁场，建立如图所示的平面直角坐标系xoy，y轴垂直于板并紧靠板右端，x轴与两板中轴线共线，要把尘埃全部收集到位于P(2d，-1.5d)处的条状容器中，需在y轴右侧加一垂直于纸面向里的圆形匀强磁场区域．尘埃颗粒重力；颗粒间作用及对板间电场磁场的影响均不计；求：

(1)两板间磁场磁感应强度Bi的大小；

(2)若撤去板间磁场；保持板间匀强电场不变，除尘效率为多少；

(3)y轴右侧所加圆形匀强磁场区域磁感应强度B2大小的取值范围．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

AB．在一定温度下,饱和汽压是一定的；饱和汽压随温度的升高而增大，饱和汽压与液体的种类有关，与体积无关，A错误，B正确；

CD．空气中所含水蒸气的压强，称为空气的绝对湿度

相对湿度相同时；夏天的绝对湿度大，因为夏天温度高，饱和气压也大，人感觉到的空气潮湿程度是由相对湿度决定的，CD错误。

故选B。2、A【分析】【分析】

根据闭合电路欧姆定律分析图线与纵轴交点的物理意义和图线斜率的物理意义；当外电阻为零时，电源被短路，由闭合电路欧姆定律求出短路电流；

当电流为0.3A时；由闭合电路欧姆定律求出外电压，再欧姆定律求出外电阻；

【详解】

A、由闭合电路欧姆定律得，当时，即图线与纵轴交点表示断路状态，电动势故A正确；

B、电源的内阻等于图线的斜率大小，故B错误；

C、外电阻时，短路电流为故C错误；

D、电流为时，路端电压外电阻是故D错误．

【点睛】

本题关键从数学的角度理解物理图象的物理意义，容易产生的错误是求电源的内阻．3、C【分析】【详解】

根据左手定则可知正流子向N偏转，即N带正电，N的电势高于M的电势，A错误；设上下两个表面相距为L，电子所受的电场力等于洛仑兹力设材料单位体积内电子的个数为n，材料截面积为S，联立解得：令则所以根据可知单位体积内的载流子数目，随着霍尔系数越大，而越小，B错误；根据可得故借助霍尔元件能够把电压表改装成磁强计（测定磁感应强度），C正确；载流子受到的洛伦兹力霍尔电压UH越大，载流子受到磁场的洛仑兹力越大，D错误．4、B【分析】【详解】

A、由图读出两电流周期之比为Ta：Tb=0.4s:0.6s=2:3，而故线圈先后两次转速之比为3:2；故A正确.

B、t=0时刻U=0；根据法拉第定律，磁通量变化率为零，而磁通量最大；故B错误.

C、正弦式电流a的瞬时值为故C正确.

D、根据电动势最大值公式得到两电动势最大值之比为Ema：Emb=Tb:Ta=3:2，Ema=10V，则得到正弦式电流b的最大值为故D正确.

本题选不正确的故选B.5、A【分析】A、电压表测量的是安培表和电阻二者电压之和，即电压表测量值大于两端的电压值；故选项A正确，选项B错误；

C、由于电流表与串联，故二者电流相等，即电流表测量值等于流经Rx的电流值，故选项CD错误。二、多选题(共8题，共16分)6、A:B【分析】【详解】

A．机械能是指宏观物体动能和势能的总和；内能是指物体内所有分子动能和分子势能的总和，有本质的区别，A错误，符合题意；

BC．物体的分子运动永不停息；内能不可能为零，但物体机械能可以为零，B错误，符合题意，C正确，不符合题意；

D．机械能；内能在一定条件下可相互转化；但没有转化时，一个可以变化，另一个可以不变，D正确，不符合题意；

故本题选AB。7、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．液体表面张力的方向平行于液体表面；所以A错误；

B．单晶体都具有各向异性和固定熔点的特性；多晶体具有各向同性，所以B错误；

C．在绝对湿度一定的情况下；气温降低时，相对湿度将增大，所以C正确；

D．无风雾霾中的（粒径小于或等于2.5微米的颗粒物）的运动属于布朗运动；所以D正确；

故选CD。8、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时；即温度升高，根据理想气体状态方程可知，当体积增大时，其压强可能减小。A正确；

B．在一定条件下；非晶体与晶体可以相互转化。B错误；

C．第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律。C正确；

D．当一定量的理想气体体积减小时；外界一定对气体做正功。D正确；

E．两分子间的引力和斥力总是同时存在的。E错误。

故选ACD。9、A:B:E【分析】【详解】

A．A→B的过程中，气体温度不变，则内能不变；压强变大，体积减小，则外界对气体做功，由∆U=W+Q

可知气体对外界放热；A正确；

B．B→C的过程中；气体的压强不变，温度升高，则体积变大，则单位体积内的气体分子数减少，B正确；

C．C→D的过程中；温度不变，压强减小，体积变大，则气体对外界做功，分子的平均动能不变，C错误；

D．设四个状态的参量分别为A（p、V、T）；B（2p、V、T）；C（2p、V、2T）；D（p、2V、2T），C→D过程与A→B相比较，两过程中气体与外界交换的热量等于气体对外或者外界对气体做功的大小，根据W=P∆V

两过程中压强的变化相同；但体积的变化不同，则两过程中气体对外或者外界对气体做功的大小不同，气体与外界交换的热量不相同，D错误；

E．D→A过程与B→C过程温度的变化∆T相同，内能变化∆E相同；根据根据W=P∆V

可知两过程中WDA=WBC；则两过程中气体与外界交换的热量相同；E正确。

故选ABE。10、A:B【分析】【详解】

A．用电压表直接连接干电池的两极，构成闭合回路，可得

由于电压表内阻很大，故电流很小，路端电压U近似等于电动势E；即电压表测量得到的电压近似与该电池的电动势大小相等，A正确；

B．据电动势的定义可得

即

故当外电路闭合时，每当的电荷量通过，该电池就能提供的电能；B正确；

C．当外电路闭合时；通过电池的电荷量与电流大小有关，C错误；

D．当外电路闭合时，1C的电荷量通过该电池时该电池能提供1.5J的电能，由

可知；由于电流未知，则所用时间不一定是1s，D错误。

故选AB。11、B:D【分析】【分析】

根据电压之比等于线圈匝数之比可求得输出端的有效值，从而确定电压表示数；根据有效值的定义以及二极管的性质则可明确灯泡L两端的电压的有效值，再根据电路结构分析电流表的变化；根据图b可知输入电压的最大值和周期；从而求出对应的有效值和角速度.

【详解】

A、由图b可知，原线圈输入电压有效值为440V，根据可得副线圈电压为32V，交流电压表V的示数为有效值即为32V，故A错误；

B、设灯泡L两端电压的有效值为U'，灯泡的阻值为r，交变电流的周期为T，根据交变电流有效值的定义有：解得：故B正确；

C、当滑动变阻器的触头P向下滑动时，滑动变阻器阻值减小，原副线圈匝数比不变、输入电压不变，则电压表V的示数不变；则由欧姆定律可知，电流表A2示数增大，因为理想变压器输入功率与输出功率相等，所以电流表A1示数也增大；故C错误；

D、根据可知，交流发电机转子的角速度为100πrad/s；故D正确.

故选BD.

【点睛】

本题考查了变压器的原理及最大值与有效值之间的数量关系．能根据欧姆定律求解电路中的电流，会求功率，知道电表示数为有效值，明确二极管的单向导电性的正确应用和有效值定义的基本方法的掌握情况.12、C:D【分析】【详解】

振子开始运动的方向先向左，再向M点运动；运动路线如图1所示：

得到振动的周期为：振子第三次通过M点需要经过的时间为t=T-2s=若振子开始运动的方向向右直接向M点运动，如图2，振动的周期为：振子第三次通过M点需要经过的时间为t=T-2s=14s；所以CD正确，AB错误。13、A:D【分析】【详解】

电压表测量的是原线圈的电压有效值，因为此时灯泡正常发光，则灯泡的额定电压等于此时副线圈的电压，则由得灯泡的额定电压A正确；灯泡的额定功率B错误；副线圈的电流电流则原副线圈的电流之比故原线圈的电流因此发电机的线圈中产生的电动势的有效值E=U+I1r，最大值C错误；输入电压最大值为U，则从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u=Usinωt，D正确；故选AD.三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

由于小球做自由落体运动，则其与水平面碰撞前的速度为：所以与水平面碰撞前的动量为：P1=mv1=0.1×5kg•m/s=0.5kg•m/s，方向竖直向下．与水平面碰后，小球做竖直上抛运动，上升的最大高度为0.8m，则碰后小球速度为方向竖直向上；此时小球的动量为：P2=mv2=0.1×4kg•m/s=0.4kg•m/s，方向竖直向上，动量的变化量为：．设向上为正方向，根据动量定理，合外力的冲量等于物体动量的变化．小球所受外力有重力mg和水平面对它的弹力N，则有：（N-mg）t=P2-P1，代入数据解得：N=91N，方向竖直向上．【解析】0.99115、略

【分析】由动态平衡的概念可知，汽化与液化的速率相等，一定温度下饱和汽压与体积无关.【解析】相等无关16、略

【分析】【分析】

【详解】

试题分析：（1）据十分之一估读法；读数为：12.0A；

当电阻箱阻值为10Ω时有：当电阻箱阻值为85Ω时：则电流计内阻有：电源电动势为：．

（2）将电流计改装成欧姆表后，指针处于30mA处时有：代入数据可以求得电阻箱此时阻值为：当指针示数为15mA时，电流总电流为：欧姆表读数为：

（3）电源内阻增大后；将两表笔断开，指针仍能满偏，说明电源内阻与电阻箱阻值之和与原来相等，故测量结果不变．

考点：本题考查欧姆表的内部结构．【解析】12.040∞8不变17、略

【分析】【详解】

（1）选B、D、E．振动一致的两光源在空间发生干涉，得到亮条纹的条件满足若单色光波长变大，则条纹间距变大，E正确．

（2）①[1]发现筒的土壁照得很亮说明光线向上；即观察端偏下所以应将观察端向上调节．

②[2]螺旋测微器的固定刻度为可动刻度为所以最终读数为．

③[3]根据可知，当红光分别通过距离为和的双缝时，距离越大的条纹间的距离越小，故B正确；同理，当红光和紫光通过相同距离的双缝时，即L、d相同情况下，波长越长的条纹间的距离越大，故D正确．【解析】（1）BDE（2）①上②5.007③BD18、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]题图甲中气体压强为图乙中气体压强为

(2)[3]由玻意耳定律

即（为空气柱长度）

知，形管的横截面积可不用测量；

(3)[4]以为纵坐标，以为横坐标，作出图线是一条曲线，但曲线未必表示反比关系，所以应作出图线，看是否为过原点的直线，才能最终确定与是否成反比。【解析】①.76②.80③.正确④.不能19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]开始时两分子间距离大；分子间作用力表现为引力，分子相互靠近，引力做正功，分子势能减小，随分子间距离减小到平衡位置后，分子间作用力表现为斥力，分子相互靠近，斥力做负功，分子势能增加，故整个过程分子势能先减小后增加；

[2]根据热力学第二定律可知，在外界因素影响下，物体从单一热源吸收的热量可以全部用于做功。【解析】先减小后增大可以20、略

【分析】【详解】

对活塞：，解得

若保持活塞不动，将气体温度降至27℃，则根据；解得；因此时内外气压相等，故F=0.【解析】0四、作图题(共3题，共9分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分