2025年粤教沪科版九年级物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版九年级物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、人造卫星绕地球沿椭圆轨道运行，如图所示，近地点为离地球中心最近的点，远地点为离地球中心最远的点．下列说法正确的是（）A.在近地点时，卫星势能最大B.在远地点时，卫星动能最大C.卫星从近地点向远地点运动的过程中，势能转化为动能D.卫星从远地点向近地点运动的过程中，势能转化为动能2、如图甲所示，重为80N的物体在大小为10N，方向水平向左的拉力F1作用下，在水平地面上以3m/s的速度做匀速直线运动，滑轮质量、绳子质量和轴摩擦均不计．当撤去拉力F1，物体静止后，改用大小为30N，方向水平向右的拉力F2；拉物体向右运动10m，如图乙所示．（）

A.物体与地面之间的摩擦力为60N

B.物体与地面之间的摩擦力为30N

C.乙图中物体仍做匀速直线运动。

D.乙图中物体在水平方向受力的合力为10N

3、如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，电压表示数为U1；接着断开开关S，此时电压表示数为U2，若已知U1：U2=5：3，则电阻R1和R2的阻值之比是（）A.1：2B.3：2C.2：3D.5：34、法拉第发现电磁感应现象，标志着人类从蒸汽时代步入了电气化时代。下列设备中，根据电磁感应原理制成的是()A.电动机B.发电机C.电视机D.电磁铁5、重庆的美食远近闻名，许多重庆特色美食入住乐陵，下列关于重庆美食的说法错误的是（）A.吃火锅时，锅里冒出来的腾腾热气是液化现象B.空气中飘散着的酸辣粉味道，说明分子在做无规则运动C.煮小面时，往锅里加冷水是为了降低水的沸点D.冬天端一碗热腾腾的过桥抄手，感觉手变暖和是通过热传递的方式改变手的内能6、刚从冰箱中取出的冰棍冒“白气”，这“白气”是（）A.冰蒸发出的水蒸气B.冰升华也的水蒸气C.冰熔化成的小水珠D.空气中的水蒸气向冰放热而液化成的水珠评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)7、如图1所示；为小波同学连接的利用滑动变阻器改变小灯泡亮度的电路，其中使用了三节干电池作电源，要求小灯泡两端的电压不能超过3.8V，这样电流才不超过0.4A而损坏小灯炮．

（1）闭合开关前发现电路中还存在一些问题；请你指出：

（a）____；（b）____；（c）____．

（2）小波将电路改接正确后，合上开关，调节变阻器的滑片到某位置时，电压表和电流表的指示如图2所示，则电压表的读数是____V，电流表的读数是____A．8、日本地震引发海啸，核电站等设施遭到破坏，造成了大量的人员伤亡、巨大的经济损失和严重的环境污染．核电站的建设是为了利用核能，核能属于____（填“可再生”“不可再生”）能源．日本灾难实况通过卫星传遍全球，引起全球人民的关注，通讯卫星是利用____传递信息的．9、写出下列现象的物态变化名称．

（1）冬天，人口中呼出“白气”：____

（2）冬天瓦上霜：____

（3）潮湿的衣服晾干；____

（4）铁水浇筑成火车轮：____．10、将标有6V1.8W”的灯泡L1和标有4V1.6W的灯泡L2串联接到电源两端，（不计温度对灯丝电阻的影响），保证灯泡安全的情况下，该电源的电压最大为______V，此时它们的亮度情况是______（选填“L1更亮”“L2更亮”“一样亮”）；若将两灯并联接入电路，保证灯泡安全的情况下，该电路的总电流最大为______A。11、杠杆的平衡条件是动力×____=____×阻力臂，公式为____．12、有时瓶盖拧得太紧，为了把它打开，往往要包上一块毛巾后再拧，这样做的目的是为了增大____，而在商场购物后，在手上垫上报纸再提购物袋是为了减小____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、热值越大，燃烧时放出的热量越多．____（判断对错）14、在照明电路中，电阻越大的电灯，其功率越大．____．15、判断正误

（1）液体对浸在其中的物体的压强方向都是竖直向下的（____）．

（2）一个杯子装满水，若将手放进去，水对杯底的压强不变（____）．

（3）液体受到重力而对容器底有压强（____）．

（4）液体的压强只与液体深度和液体密度有关，而与液体重量和液体的体积都没有关系（____）．16、短路是指电流没有经过用电器而直接构成通路．____．（判断对错）17、蒸发吸热，则蒸发具有制冷作用．____．18、质量相等的水和煤油，在吸收相等的热量时，水的温度变化大____．19、弹簧伸长的长度与外力不总是成正比的．____．（判断对错）评卷人得分四、作图题(共2题，共16分)20、一束光线AO与水面成30°角斜射到水面．

（1）试在图中画出光线AO经过水面反射的光线OB；并在图上标注反射角的大小．

（2）大致画出光束AO通过水面折射的光路图．21、（1）体积为120cm3的物块；重1.8N，将它浸没在水中如图甲．在图中画出松开手时，该物块受力的示意图．

（2）如图乙是一轻质杠杆；O是支点，为了使杠杆在此位置平衡，请画出在A点所施加的最小动力F及其力臂L．

评卷人得分五、综合题(共2题，共8分)22、图甲是小明在测量小灯泡电功率实验中连接的实验电路，所用小灯泡的额定电压为3.8V，电源是电压为6V且保持不变的蓄电池组．

（1）实验开始，当开关闭合，变阻器滑片P向右移动时，电流表示数____，电压表示数____．（填“变大”“变小”或“不变”）

（2）同组的小红发现连线中有一处不符合实验要求；所以才出现上述现象，而且只需改动一根导线的连接，就可以顺利进行实验．请你在需要改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接线．

（3）电路连接正确后，小明他们正常进行实验并将实验数据记录在下表中．若第2次测量时电流表的示数如图乙所示，则此时电路电流为____A，可得小灯泡的额定功率为____W．分析表中数据，请写出你还能得出的一个结论：____．

。实验次数123电压/V3.03.84.5电流/A0.360.45（4）如果电压表的0～15V量程被损坏；只有0～3V量程能正常使用，实验室里也没有其他电压表可供更换，要求利用现有器材测出小灯泡的额定功率．请在虚线框中画出电路图．

（5）另一组的小明刚连接完最后一根导线；立即看到灯泡发出明亮的光．在一旁的小红一惊，提醒小明，小明想，我的实验连线没有出问题啊!请你说出小明在实验中两个操作不当之处：

①____；

②____．

（6）做完实验后，小明将测灯泡实际功率实验与以前做过的测某一固定电阻阻值的实验进行比较，发现这两个实验有许多相似的地方，也有不同之处．请你写出一个不同之处：____．23、【实验名称】伏安法测电阻。

【进行实验】

（1）小敏根据电路图连接了如图甲所示的实验电路；检查时发现有一根导线连接有误，请在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线，画出正确的连线（导线不能交叉）．

（2）闭合开关后移动滑片，读出电压表和电流表的示数，记录在如表中，重复三次实验，计算电阻，小敏发现下灯泡的电阻是变化的，原因是____．

。实验次数123电压/V2.02.53.0电流/A0.260.300.34【延伸探究】

（3）小敏同学在闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是____．

A．更换小灯泡B．检查电路是否正确C．移动滑动变阻器滑片D．观察小灯泡是否发光。

（4）老师巡回指导时，发现某一小组的实验电路如图乙所示，原来他们认为L两端的电压可以等于电源电压减去电压表示数，说明他们的方案是____（选填“可行”或“不可行”）的．评卷人得分六、其他(共4题，共36分)24、“神七”任务中释放一颗伴飞小卫星．“神五”、“神六”升空入轨后，均无法拍摄到飞船在太空中的外景照片，当时的电视直播也仅限于舱内．而“神七”释放伴飞小卫星后，将能弥补这一缺憾．据专家介绍，小卫星可近距离环绕伴飞，因小卫星安装有CCD立体相机，可提供飞船在轨飞行时的首张三维立体外景照片．伴星是由弹簧机构推出进入既定轨道，开始第一阶段定向观测任务．宽视场相机每3秒获得一幅飞船静态图象，经高效压缩后存储．随后，伴星逐渐远离飞船，切换到窄视场相机，继续从多角度获取飞船在轨运行图象．请问伴飞小卫星在释放过程中是把储存在弹簧中的____能转化为小卫星的机械能；从伴飞小卫星上拍出的神舟7号的照片的背景色是____色．25、泡沫混凝土是一种新型的建筑材料，具有轻质、多孔、保温、隔热、隔音、减震等优点，同学们对此很好奇，围绕其保温隔热的性能，提出了以下猜想，你认为较有价值且可探究的问题是____

A．“它为什么能防火；保温？”

B．“它的轻质特点对减震有什么影响？”

C．“厚度的变化对保温；隔热性能有什么影响？”

D．“多孔结构对隔音性能有什么影响？”

你选择的理由是：____．26、有一电热水器，质量为20kg，装满水后的总质量为70kg，该热水器额定电压是220V，内部有两个加热管，有三档不同的加热功率，其中最大额定功率是2000W，如图是电热水器安装的尺寸及其受力示意图，在竖直方向上热水器受到挂钩拉力F2和重力G，在水平方向上热水器受到膨胀螺钉对它的拉力F1和墙壁对它的支持力F3．（g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）

（1）该热水器最多能装多少立方米的水？

（2）该热水器装满水时，膨胀螺钉的拉力F1是多大？

（3）若热水器内部两个加热管的电阻阻值相同，则每个加热管的电阻是多少？27、光在真空中的传播速度是3×108m/s，则电磁波在真空中的传播速度是____km/s．太阳能是____能源（填“一次”或“二次”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生聚变，释放出的核能．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，根据它们影响因素的变化得出动能和重力势能的变化，再根据能量变化的规律：减小的能量转化为增大的能量得出．【解析】【解答】解：A；在近地点时；卫星离地球最近，所以势能最小，故该选项说法错误；

B；在远地点时；卫星离地球最远，所以势能最大，故该选项说法错误；

C；卫星在从近地点向远地点运动时；人造卫星的质量不变，它的运动的速度变小，故它的动能变小，而人造卫星的距离地球的高度在增大，所以它的重力势能在增大，将动能转化为重力势能，故该选项说法错误；

D；卫星从远地点向近地点运动时；人造卫星的质量不变，它的运动的速度变大，故它的动能变大，而人造卫星的距离地球的高度在减小，所以它的重力势能在减小，将重力势能转化为动能，故该选项说法正确．

故选D．2、D【分析】

物体在水平地面上做匀速直线运动时；属于平衡状态，此时左边受力共为20N，所以摩擦力大小等于拉力大小等于20N．

当改用大小为30N的力时；摩擦力仍为20N，此时拉力大于摩擦力，物体将做加速运动，此时合力为10N．

故选D．

【解析】【答案】本题目考查了二力平衡与摩擦力的相关内容，当拉力为10N时，根据力的合成，力方向相同时，左边的力共为20N，此时物体在水平地面上做匀速直线运动，属于平衡状态，所以摩擦力大小等于拉力等于20N．当撤去拉力F1，物体静止后，改用大小为30N，方向水平向右的拉力F2；此时摩擦力不变仍为20N，拉力大于摩擦力，物体将做加速运动，水平方向合力为10N．

3、B【分析】【解答】解：闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则电源的电压U1；接着只断开开关S时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压；

串联电路中总电压等于各分电压之和；

R2两端的电压：UR2=U1﹣U2；

串联电路中各处的电流相等；

由I=可知；两电阻的阻值之比：

=====．

故选B．

【分析】闭合开关时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压；接着只断开开关S时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比．4、B【分析】【分析】电磁感应现象原理的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时；会产生感应电流．

【解答】A；电动机的前提是供电；结果是产生运动，利用通电导体在磁场中受力的原理；

B；发电机的前提是运动；结果是产生电流，利用电磁感应现象原理。

C；电视机结构复杂；将电能转化成声和光，不能用简单的磁现象来解释；

D；主要部件是电磁铁；利用电流的磁效应原理．

故选B．

【点评】记住：发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理．5、C【分析】解：

A；吃火锅时冒出来的热气是小水珠；是由水蒸气遇冷液化形成的，故A说法正确；

B；吃完酸辣粉空气中还有酸辣粉的味道；这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故B说法正确；

C；煮小面时往里面加冷水是为了降低水的温度；不能降低水的沸点，故C说法错误；

D；吃完饭手变暖是通过热传递的方式改变手的内能的；故D说法正确。

故选：C。

（1）物质由气态变为液态叫作液化；

（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动；这就是扩散现象；

（3）水的沸点与气压有关；

（4）改变物体内能的方法有两个：做功和热传递。

考查了与热学有关的几个基本的知识点，难度不大，注意了与实际例子的联系，值得我们关注。【解析】C6、D【分析】【分析】“白气”是液态的小水珠．冰棒的温度很低；水蒸气的温度相对较高，很容易导致液化现象的产生．

液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热．【解析】【解答】解：空气中的水蒸气；遇到温度很低的冰棒，放热液化形成小水珠，就是“白气”现象．

故选D．二、填空题(共6题，共12分)7、略

【分析】【分析】（1）从电流表；电压表的量程、正负接线柱方面进行分析；

（2）根据电流表和电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表和电流表的示数．【解析】【解答】解：（1）根据电路图可知；电流表的正负接线柱错误；电路中电流不超过0.4A，因此电流表量程选择0～0.6A，即电流表量程选择错误；电压表应选择0～15V的量程，因此应将0和15两个接线柱接入电路，即电压表的接线柱选择错误；

（2）根据图2可知；电压表的量程为0～15V，分度值为0.5V，示数为3.5V；

电流表的量程为0～0.6A；分度值为0.02A，示数为0.24A．

故答案为：（1）（a）电流表的正负接线柱错误；（b）电流表量程选择错误；（c）电压表的接线柱选择错误；（2）3.5；0.24．8、略

【分析】【分析】①核能发电用到铀，铀是不可再生能源．②通讯卫星是利用电磁波传递信息．【解析】【解答】解：核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的．像铀矿这类矿物能源；一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源．通信卫星是利用电磁波传递信息的．

故答案为：不可再生，电磁波．9、液化凝华汽化凝固【分析】【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．【解析】【解答】解：（1）冬天早晨嘴里往外呼“白气”；是口中呼出的水蒸气，遇冷而液化成的小水滴，在空气形成“白气”，故属液化现象；

（2）冬天瓦上霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶；故属于凝华现象；

（3）潮湿的衣服晾干了；是水由液态变为气态，是汽化现象．

（4）铁水浇筑成火车轮是由液体变成固态；是凝固现象．

故答案为：（1）液化；（2）凝华；（3）汽化；（4）凝固．10、9L1更亮0.6【分析】解：（1）由P=UI可得；两灯泡的额定电流分别为：

I1===0.3A，I2===0.4A；

由I=可得；两灯泡的电阻分别为：

R1===20Ω，R2===10Ω；

因串联电路中各处的电流相等，在保证电路安全的情况下，电路中最大电流为I=I2=0.3A；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和；

所以；该电路的最大总电压：

U=I（R1+R2）=0.3A×（20Ω+10Ω）=9V；

因串联电路中各处的电流相等，R1的电阻大，根据P=I2R可知，L1的实际功率大，由于灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，所以L1更亮；

（2）由灯泡标有“6V；1.8W”和“4V、1.6W”可知；两灯并联时，电源电压最大为4V，则由前面的计算可知；

L2的电流为额定电流为0.4A；

L1的电流为：I1′===0.2A；

因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和；

则所干路最大电流为：I=I1+I2=0.2A+0.4A=0.6A。

故答案为：9；L1更亮；0.6。

（1）已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯的额定电流，再根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；两灯串联后通过它们的电流相等，要保证电路安全且其中一个灯泡正常发光，则正常发光的为额定电流较小的灯泡，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端的电压，根据P=I2R比较两灯泡的实际功率；即可判断灯泡的亮度；

（2）并联时两灯两端的电压相等；根据两灯的额定电压可得出各自的额定电流，最后求出干路的最大电流。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道串联电路中各处的电流相等，并联电路各支路两端的电压相等。【解析】9L1更亮0.611、略

【分析】【分析】杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，其公式为F1L1=F2L2，据此可做出解答．【解析】【解答】解：杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，其公式为：F1L1=F2L2．

故答案为：动力臂；阻力；F1L1=F2L2．12、略

【分析】【分析】将瓶盖拧开的动力是手对瓶盖的摩擦力；因此为了拧开瓶盖要从增大摩擦的角度入手考虑这样做的原因．

购物袋对人的手有一个压力，产生了压强使人的手感到比较疼，因此从减小压强的角度考虑垫报纸的目的．【解析】【解答】解：在瓶盖上包上毛巾后；增大了手对瓶盖的摩擦，可以更轻松地将瓶盖拧开．

垫上报纸后；增大了手与购物袋的接触面积，在压力不变的情况下，减小了购物袋对手的压强．

故答案为：摩擦；压强．三、判断题(共7题，共14分)13、×【分析】【分析】根据热值概念可得热量公式Q=mq，根据热量的计算公式可知燃料放出的热量与质量和热值有关．【解析】【解答】解：由Q=mq可知；燃料放出的热量与质量和热值有关，因此仅热值无法确定放出热量的多少，故该说法错误．

故答案为：×．14、×【分析】【分析】已知照明电路中的电压，根据P=可知灯泡的电阻与电功率的关系．【解析】【解答】解：∵家庭电路的电压为220V不变；

∴根据P=可知；灯泡的电阻越大，实际功率越小．

故答案为：×．15、×【分析】【分析】液体压强的特点：液体内部向各个方向都有压强；液体的压强随深度的增加而增大；在同一深度；液体向各个方向的压强相等；不同液体的压强还跟液体的密度有关，深度一定时，液体密度越大，压强越大．

液体内部的压强和液体的密度与液体的深度有关．在液体密度一定时，深度越大，压强就越大；在深度一定时，液体的密度越大，压强就越大．【解析】【解答】解：（1）液体对浸在其中的物体的压强方向是向着各个不同的方向的．

（2）一个杯子装满水；若将手放进去，水的密度和水的深度都是不变的，所以水对杯底的压强是不变的；

（3）液体由于受到竖直向下的重力；所以对容器底有压强；

（4）液体的压强只与液体深度和液体密度有关；而与液体重量和液体的体积都没有关系．

故答案为：×；√；√；√．16、√【分析】【分析】根据电路的三种状态的概念回答．电路的状态有通路、断路、短路．【解析】【解答】解：电流没有经过用电器而直接构成通路叫短路；故题干说法正确．

故答案为：√．17、√【分析】【分析】物质由液体变为气态的过程是汽化．汽化包括两种方式：蒸发和沸腾；汽化吸热，有降温作用．【解析】【解答】解：液体在蒸发的过程中从周围吸收热量；使周围的温度降低，即蒸发具有制冷作用．说法正确．

故答案为：√．18、×【分析】【分析】由c水＞c油，Q吸相同，质量相等，根据Q吸=cm△t可得出水和煤油的△t关系．【解析】【解答】解：∵c水＞c油，Q吸相同；质量相等；

∴由△t=知，△t水＜△t油；

∴水的温度变化小．

故答案为：×．19、√【分析】【分析】在弹性限度内，弹簧的伸长才与所受的拉力成正比．【解析】【解答】解：弹簧伸长的长度与外力成正比必须是在弹簧的弹性限度内才成立；如果超出了弹性限度，弹簧的伸长就不再与外力成正比，因此这一说法是正确的．

故答案为：√．四、作图题(共2题，共16分)20、略

【分析】【分析】光在水面同时发生折射和反射：

根据反射定律：反射光线；入射光线和法线在同一平面内；反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；

根据光由空气斜射进入水中遵循的规律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，作出折射光线．【解析】【解答】解：先过入射点O垂直水面作出法线；求出入射角为60°，所以反射角也为60°，在空气中法线的右侧画出反射光线；

折射角小于60°；在法线的右侧的水中画出折射光线，如图所示：

21、略

【分析】

（1）首先求出物块浸没在水中受到的浮力；然后根据物体的浮沉条件判定物块所受重力和浮力的关系，再按照力的示意图的画法画出其所受重力和浮力的示意图．

（2）根据杠杆的平衡条件；动力臂越长越省力，首先确定出最长的力臂，然后画出的示意图；由支点到力的作用点的距离是最长的力臂．

（1）考查浮力的大小计算和力的示意图的画法；关键是求出物块所受浮力，然后与重力相比较，得出松开手时物块的浮沉状态．

（2）考查了有关力臂的画法和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到作用点的距离．【解析】解：（1）物块完全浸没在水中时，V排=V=120cm3=1.2×10-4m3；

木块所受的浮力：

F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.2×10-4m3=1.2N＜1.8N；

所以；松开手时物块下沉；

过物块的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用F浮和G表示；并标明大小，即为其受力示意图，如图所示：

（2）连接OA；则OA是最长的力臂，做OA的垂线，物体对杠杆的力使杠杆向时逆针方向转动，所以F应使其向顺时针方向转动，如图所示：

五、综合题(共2题，共8分)22、略

【分析】【分析】（1）分析电路的连接；判断出滑动变阻器的滑片向右移动时电阻的变化，得出电流表和电压表的示数变化；

（2）分析图知；电压表测量的是灯泡和滑动变阻器的总电压，应测量灯泡两端的电压，所以电压表应与灯泡并联；

（3）确定电流表的量程和分度值；读出电流表的示数，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率；

分析表格中电流和电压的变化；得出结论；

（4）电源电压为6V；根据串联电路电压特点，当灯泡电压为3.8V，滑动变阻器的电压为2.2V＜3V，可以利用0～3V量程测量滑动变阻器的电压；

（5）为保护电路；在连接电路的过程中，开关应断开，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；

（6）功率的测量原理是P=UI，电阻的测量原理是R=；

要得到实际电功率与实际电压的关系；需多测量几组数据进行分析；

测量固定电阻的阻值时，要减小误差，应多测几组数据求平均值．【解析】【解答】解：（1）由图知；电流表串联电路中的电流，电压表测量灯泡和滑动变阻器的总电压，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电阻变小，所以电路中的电流变大，电流表的示数变大；

电源电压不变；所以灯泡和滑动变阻器两端的总电压不变，电压表的示数不变；

（2）应将电压表与灯泡并联；电路如图所示：

（3）由图乙知；电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.42A；

P=UI=3.8V×0.42A=1.596W；

由表格中数据知；灯泡两端的电压越大，通过灯泡的电流越大，可知灯泡的电流随两端电压的增大而增大；

同时根据P=UI；电功率也变大，可知灯泡的实际电压越大，其实际功率越大；

（4）当灯泡正常发光时；即要使灯泡电压为3.8V，则滑动变阻器两端电压为6V-3.8V=2.2V＜3V；

所以把电压表并联在滑动变阻器的两端；移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为2.2V时，即可进行实验．

电路图如下图所示：

（5）小明刚连接完最后一根导线；灯泡立即发光，说明此时电路是闭合的，则在连接电路过程中，开关未断开；

并且灯泡很亮；说明此时电路中的电流很大，电阻很小，则滑动变阻器的滑片未移至最大阻值处；

（6）测电功率和测电阻的实验原理不同：

测电功率的实验原理是P=UI，测电阻的实验原理是R=；

测电功率和测固定阻值的电阻都需测量多组数据；测量电功率的目的是得出实际电功率和实际电压的关系，并总结灯泡的亮暗程度与实际电功率的关系；

测固定阻值的电阻是为了减小误差．

故答案为：（1）变大；不变；（2）电路如上图；（3）0.42；1.596；灯的电流随两端电压的增大而增大（或灯的实际功率随实际电压的增大而增大）；

（4）电路如上图；（5）①开关未断开；②滑动变阻器的滑片未移至最大阻值处；（6）实验原理不同，测电功率的实验原理是P=UI，测电阻的实验原理是R=．23、略

【分析】【分析】（1）实验中；应将电压表与灯泡并联；

（2）灯丝的电阻随温度的升高而增大；

（3）电流表有示数；应排除断路情况，小灯泡不亮，则可能是因为灯泡的实际功率太小造成；

（4）根据串联电路的电压特点进行分析．【解析】【解答】解：（1）由图知；电压表测量的是灯泡和滑动变阻器的总电压，应将电压表与灯泡并联，如图所示：

（2）由于灯丝的电阻随温度的变化而变化；所以灯泡的电阻是变化的；

（3）小灯泡不亮；但电流表有示数，原因可能是由于此时灯泡两端的实际电压太低，实际功率太小造成，所以应移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；

（4）由图乙知；电压表与滑动变阻器并联，由于灯泡与滑动变阻器组成串联电路，所以灯泡两端的电压等于总电压减滑动变阻器两端的电压，方案可行．

故答案为：（1）见上图；（2）小灯泡的电阻随温度的变化而变化；（3）C；（4）可行．六、其他(共4题，共36分)24、略

【分析】【分析】明确弹簧发生形变时储存了弹性势能，照片的颜色亮暗