2025年沪科新版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案

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A.此时能明显观察到波的衍射现象B.频率不变，则AB孔越大，挡板后面的相邻波纹间距越大C.频率不变，将孔扩大，可观察到更明显的衍射现象D.孔的大小不变，使波源频率增大，可观察到更明显的衍射现象3、在电场强度为E的足够大的匀强电场中，有一与电场线平行的绝缘水平面，如图中虚线所示。平面上有两个静止的小球A和B，质量均为m，A球带电荷量+Q，B球不带电。开始时两球相距L；在电场力的作用下，A球开始沿直线运动，并与B球发生正碰，碰撞中无机械能损失。设在每次碰撞过程中，A；B两球间无电荷量转移，且不考虑一切阻力及两球间的万有引力。则（）

A.A球经过时间与B球发生第一次碰撞B.A球在以后与B球发生碰撞的时间间隔逐渐呈均匀递增C.A球与B球发生碰撞的时间间隔一直保持不变，大小都是D.AB球在第5次正碰与第6次正碰之间的时间间隔是4、下列说法中正确的是（）A.浮在水面上的薄油层在太阳光的照射下呈现各种不同颜色，这是光的干涉形成的现象B.光学镜头上镀有一层增透膜可以增强透射光的强度，这是利用光的衍射原理C.雨后空中出现的彩虹，这主要是由于光的干涉形成的现象D.用光照射标准平面与待测器件表面之间的空气薄层所形成的明暗条纹，可检查器件表面的平整程度，这是利用光的衍射现象5、一列沿x轴传播的简谐横波在时的波形如图甲所示，P、Q是介质中的两个质点，P的平衡位置Q的平衡位置图乙为质点P的振动图像。下列说法正确的是（）

A.这列波的传播速度大小为3B.这列波的传播方向沿x轴正方向C.再经过1s，质点Q沿x轴负方向运动3mD.时，质点Q离开平衡位置的位移为6、质量为M的热气球下吊一架轻的绳梯，梯上站着质量为m的人，气球以v0速度匀速上升。如果人加速向上爬，当他相对于绳梯的速度达到v时（）A.人相对于地面的速度为B.人相对于地面的速度为C.气球相对于地面的速度为D.气球相对于地面的速度为评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图甲所示，弹簧振子以点O为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动。取向右为正方向，振子的位移x随时间t的变化如图乙所示；下列说法正确的是（）

A.t＝0.8s时，振子的速度方向向左B.t＝0.2s时，振子在O点右侧6cm处C.t＝0.4s和t＝1.2s时，振子的加速度完全相同E.t＝0.8s时振动系统的机械能最小E.t＝0.8s时振动系统的机械能最小8、蓝光光盘是利用波长较短的蓝色激光读取和写入数据的光盘，而传统DVD光盘需要光盘发出红色激光来读取或写入数据。对于光存储产品来说，蓝光光盘比传统DVD光盘的存储容量大很多。如图由红、蓝两种单色光组成的复合光束射入一玻璃球体，当入射角等于60°时，其折射光束和出射光束如图所示。已知a光束第一次射出此玻璃球体后的出射光束相对复合光束的偏折角也为60°；则下列说法正确的是（）

A.该玻璃球体对a光的折射率为B.a光在玻璃中的传播时间长C.用a光可在光盘上记录更多的数据信息D.通过同一单缝分别进行衍射实验时，a光中央亮条纹更宽9、如图（甲）所示，质量m=2kg的小物体放在长直的水平地面上，用水平细线绕在半径R=0.5m的薄圆筒上。t=0时刻，圆筒由静止开始绕竖直中心轴转动，其角速度ω随时间t的变化规律如图（乙）所示，小物体和地面间的动摩擦因数为0.1，重力加速度g取10m/s2，则下列判断正确的是()

A.细线的拉力大小为3NB.细线拉力的瞬时功率满足P=4tC.在0~4s内，小物体受合力的冲量为4N·sD.小物体的速度随时间的变化关系满足v=4t10、图为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0波形图，此时波正好传播到B点，A质点在负向最大位移处，t＝1s时刻质点A第一次出现在正向最大位移处；则_____

A.该波的周期为2sB.该波的波速为1m/sC.t＝3s时质点A的加速度为零E.在2s<t<2.5s时间内．质点C加速度为正E.在2s<t<2.5s时间内．质点C加速度为正11、一列机械波沿直线ab向右传播，=2m，a、b两点的振动情况如图所示；下列说法中正确的是（）

A.波速可能是m/sB.波长可能是mC.波速可能大于m/sD.波长可能大于m12、下列说法正确的是（）A.同一声源发出的声波，在空气和水中传播的速度不相同B.鸣笛火车进站时，站台上旅客接收到笛声的频率比火车鸣笛频率高C.两列相干波的波峰与波峰叠加相互加强，波谷与波谷叠加相互削弱E.在用单摆测重力加速度实验中，若所测g值偏大，可能是把n次全振动误记为n+1次E.在用单摆测重力加速度实验中，若所测g值偏大，可能是把n次全振动误记为n+1次评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、一列沿x轴传播的简谐横波在t＝0.07s时刻的波动图像如图1所示，图2是质点A的振动图像，由题可知该波的传播方向沿x轴___________（填“正”或“负”）方向传播，该波的传播速度___________m/s，t＝0.07s时刻质点A偏离平衡位置的位移为___________cm，A点的横坐标为x=___________m。

14、（1）内容。

如果一个系统不受外力，或者所受外力的___________为0；这个系统的总动量保持不变。

（2）表达式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系统相互作用前的总动量等于相互作用后的总动量。

b.Δp1=___________；相互作用的两个物体动量的变化量等大反向。

（3）适用条件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力为___________。

b.近似守恒：系统内各物体间相互作用的内力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系统在某一方向上所受外力的合力为零，则系统在___________动量守恒。

（4）应用动量守恒定律解题的步骤。

a.明确研究对象，确定___________的组成（系统包括哪几个物体及研究的过程）。

b.进行受力分析，判断系统动量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.规定___________，确定初、末状态___________。

d.由动量守恒定律列出方程。

e.代入数据，求出结果，必要时讨论说明。15、光滑水平面上的弹簧振子，振子质量为50g，若在弹簧振子被拉到最大位移处释放时开始计时，在t＝0.2s时，振子第一次通过平衡位置，此时速度为4m/s。则在t＝1.2s末，弹簧的弹性势能为________J，该弹簧振子做简谐运动时其动能的变化频率为________Hz，1min内，弹簧弹力对弹簧振子做正功的次数为________次。16、如图所示的弹簧振子，O点为它的平衡位置，当振子从A点运动到C点时，振子离开平衡位置的位移是________（选填“OC”“AC”或“CO”），从A点直接运动到C点的过程中，振子位移变________（选填“小”或“大”），速度变________（选填“小”或“大”）。

17、固有振动和固有频率。

（1）固有振动：振动系统在_______作用下的振动。

（2）固有频率：______振动的频率。18、质量为m的物体，沿着倾角为θ的光滑斜面，从顶端下滑到底端所用时间t，重力加速度为g。则此过程中重力对物体的冲量大小为_________，支持力对物体的冲量大小为_________，物体的动量变化大小为_________。19、质量为5kg的物体运动速度为3m/s，则其动量为____________；如果一个物体所受合力为5N，则5s的动量变化为___________。20、甲、乙两列简谐机械横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播，在时刻两列波的部分波形如图所示，甲波恰好传播到质点乙波恰好传播到质点已知甲波的周期则乙波的周期为_______s，质点第一次到达最大位移的时刻为______s。

21、在沙漠地区，太阳照射下，地面附近的空气温度升高，密度降低，折射率减小，光线从高向低照射时发生全反射，形成“海市蜃楼”。现将此原理简化为光在两层空气间发生全反射，已知上层空气折射率为n；地面附近空气折射率为1，（忽略下层空气厚度）。则形成的“海市蜃楼”在地平线___________（填“上方”或“下方”），请完成光路图____。要发生全反射，光线从上层空气进入下层空气的入射角的正弦值至少为___________。

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)22、O点是弹簧振子的平衡位置，在图上标出振子在B点的振动位移和在A点的加速度。

23、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

24、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

25、某同学做“测玻璃砖的折射率”的实验时；绘制的光路图如图所示，请通过尺规作图；刻度尺测量，求出该玻璃砖的折射率。（结果保留两位有效数字。）

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率；当系统的固有频率等于驱动力的频率时，振幅达到最大，即使增加驱动力频率，振幅不变，故A错误；

B．医生检查身体的“B超”仪没有用到多普勒效应；而彩超则是通过测出反射波的频率变化来确定血流的速度，显然是运用了多普勒效应原理，故B正确；

C．两列波发生干涉；振动加强区质点的振幅总比振动减弱区质点的振幅大，不能说振动加强区质点的位移总比振动减弱区质点的位移大，故C错误；

D．树荫下的太阳光斑大多成圆形是由小孔成像形成的；故D错误。

故选B。2、A【分析】【详解】

A．当孔；缝的宽度与波长差不多或者比波长还小时；就能够发生明显的衍射现象，A正确；

B．由于同一列波的频率不变；而衍射前后波速相同，因此衍射前后波长相同，即挡板前后的相邻波纹之间距离相等，B错误；

C．频率不变；波速不变，波长不变，如果将孔扩大，有可能使孔的宽度大于波的波长，这样可能观察不到明显的衍射现象，只有当孔；缝的宽度与波长差不多或者比波长还小时，就能够发生明显的衍射现象，C错误；

D．如果孔的大小不变，使波源频率增大，因为波速不变，由可知；波长减小，有可能使孔的宽度大于波的波长，可能观察不到明显的衍射现象，D错误。

故选A。

3、D【分析】【详解】

A．对小球进行研究，根据牛顿第二定律和运动学的公式有①②

解①②得③

故A球经过时间与B球发生第一次碰撞；故A错误；

BCD．对碰撞前的过程，由动能定理，得

得④

两球碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律得⑤

又由碰撞的过程中无机械能损失，得⑥

其中为碰撞后的速度，为碰撞后的速度，解⑤⑥得⑦

两球碰后速度交换，故有

得⑧

第二次碰撞后球速度为球速度为所以有⑨

由位移关系得

得

依此类推，得

得

所以

故A球在以后与B球发生碰撞的时间间隔间隔相等；故BC错误，D正确；

故选D。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．浮在水面上的薄油层在太阳光的照射下；油膜上下表面形成两列频率相同的光发生干涉，因为不同颜色的光波长不同，导致条纹间距不同，则呈现各种不同颜色，A正确；

B．光学镜头上的增透膜的厚度等于绿光在该介质中波长的绿光被膜的两个表面反射后发生干涉，相互抵消，增加了绿光的透射强度，这是光的干涉现象，B错误；

C．夏天雨后的天空出现美丽的彩虹；是光的色散现象，C错误；

D．用光照射标准平面与待测器件表面之间的空气薄层所形成的明暗条纹；可检查器件表面的平整程度，是空气薄膜的两个表面反射的两列光发生干涉出现彩色条纹，这是薄膜干涉现象，D错误。

故选A。5、A【分析】【详解】

A．由图可知，波长为12m，周期为4s，则波的传播速度为

A正确；

B．在时，点P向y轴负方向运动，根据“上下坡法”，这列波的传播方向沿x轴负方向；B错误；

C．Q点在平衡位置附近振动；不会沿传播方向运动，C错误；

D．Q点振动滞后于P点，滞后时间为

由

Q点从平衡位置向y轴负方向运动时，即在t=2s时的位移为

D错误。

故选A。6、C【分析】【详解】

AB．和不是同一时刻的速度，和无实际意义；故AB错误；

CD．当人相对于绳梯的速度达到v时，气球相对于地面的速度设为则人相对于地面的速度应为根据动量守恒定律有

可得

故C正确；D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)7、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．t＝0.8s时，振子经过O点向负方向运动；即向左运动，A正确；

B．由乙图可得，振动的位移方程为

代入t＝0.2s，可得振子的位移为cm，即在O点右侧cm处；B正确；

C．t＝0.4s和t＝1.2s时；振子的位移等大反向，回复力和加速度也是等大反向，C错误；

D．t＝0.4s到t＝0.8s时间内，振子从B点向左运动到平衡位置；其速度逐渐增加，D正确；

E．简谐运动过程机械能守恒；E错误。

故选ABD。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由光路图可知，光线a射到玻璃球上的入射角i=60°，折射角为r=30°，则折射率为

A正确；

B．因a光的偏折程度较小，折射率较小，根据

可知，a光在玻璃球内的传播速度较大，因a光在玻璃球内的传播速度较短，可知a光在玻璃中的传播时间短；B错误；

C．因频率越大的光记录的数据量越大，因b光频率较大，可知用b光可在光盘上记录更多的数据信息；C错误；

D．因为a光的频率较小，波长较长，则通过同一单缝分别进行衍射实验时，衍射现象更明显，即a光中央亮条纹更宽；D正确。

故选AD。9、A:C【分析】【详解】

A．根据图象可知，圆筒做匀加速转动，角速度随时间变化的关系式为

圆筒边缘线速度与物块前进速度大小相同，根据得

物体运动的加速度

根据牛顿第二定律得

解得细线的拉力大小为

故A正确；

B．细线拉力的瞬时功率

故B错误；

C．在0~4s内，小物体受合力的冲量为

故C正确；

D．小物体的速度随时间的变化关系满足

故D错误。

故选AC。10、A:B:E【分析】【详解】

A.t＝1s时刻质点A第一次出现在正向最大位移处，所以所以周期为2s，故A正确．

B.根据图像可知，波长为2m，所以波速故B正确．

C.t＝3s时，从图示位置经过处于波峰处，加速度最大，故C错误．

DE.波传到C点所需时间所以在2s<t<2.5s时间内，质点C震动了到且波向横轴正向传播，所以此时质点C从平衡位置向波谷震动，所以质点C向下震动，位移为负，回复力为正，加速度为正，故D错误E正确．11、A:B【分析】【详解】

由振动图象可知质点振动周期T=4s，在t=0时刻，a点位于波谷，b点经过平衡位置向上；结合波形得：

得：

波速为：

（n=0，1，2，）当n=0时，波长最长，最长波长为：m；波速最大，最大波速为：m/s；AB正确；CD错误。

故选AB。12、A:B:E【分析】【分析】

【详解】

A．声波的传播速度与介质有关；同一声源发出的声波，在空气和水中传播的速度不相同。故A正确；

B．根据多普勒效应可知；鸣笛火车进站时，声波的传播速度变大，站台上旅客接收到笛声的频率比火车鸣笛频率高。故B正确；

C．两列相干波的波峰与波峰叠加相互加强；波谷与波谷叠加也相互加强，都属于振动加强点。故C错误；

D．在机械波传播过程中；质点只在平衡位置附近振动，并不随波迁移。故D错误；

E．把n次全振动误记为n+1次，则带入计算得周期偏小，根据公式有：计算得到的加速度的值偏大。故E正确。

故选ABE。三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由质点A的振动图像可知，质点A在t＝0.07s时刻速度沿y轴负方向，由同侧法可知该波的传播方向沿x轴负方向；

[2]由图1可知该波的波长为。

由图2可知该波的周期为。

可得波速为。

[3]由图2可知质点A的振动方程为。

当t＝0.07s时。

[4]由质点A的振动方程可知质点A第二次到达平衡位置的时刻为由于波向左传播，可知处质点第二次到达平衡位置的时间为时间差为。

则传播的距离。

可得A点的横坐标为。

【解析】负100914、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]动量守恒的定义：如果一个系统不受外力；或者所受外力的矢量和为0，这个系统的总动量保持不变动量守恒的。

（2）[2][3]动量守恒定律的表达式为：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]动量守恒的三种情况。

a.不受外力或所受外力的合力为零。

b.系统内各物体间相互作用的内力远大于它所受到的外力。

c.如果系统在某一方向上所受外力的合力为零；则系统在这一方向上动量守恒。

（4）[7][8][9][10]应用动量守恒定律解题的步骤。

a.明确研究对象；确定系统的组成；

b.进行受力分析；判断系统动量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.规定正方向；确定初；末状态动量。

d.由动量守恒定律列出方程求解。【解析】矢量和m1v1′＋m2v2′-Δp2零远大于这一方向上系统守恒正方向动量15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从释放到振子第一次通过平衡位置历时根据其周期性及对称性，则有周期T＝0.8s

振子的最大速度为4m/s，则最大动能Ekm＝mv2＝0.4J

根据振子振动的周期性可知，在t＝1.2s末，振子在最大位移处，据机械能守恒有Ep＝Ekm＝0.4J

[2]物体的振动周期为0.8s，由于动能是标量，则其变化周期为＝0.4s

所以动能的变化频率为2.5Hz。

[3]在物体向平衡位置运动时弹力做正功，故在1个周期内弹力两次做正功，根据其周期性可得1min内弹力做正功的次数为n＝×2次＝150次【解析】①.0.4②.2.5③.15016、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]O点为它的平衡位置，当振子从A点运动到C点时，位移的起点在平衡位置，故振子离开平衡位置的位移是OC，从A点直接运动到C点的过程中，振子位移变小，靠近平衡位置，故速度变大。【解析】①.OC②.小③.大17、略

【分析】【分析】