2025年新世纪版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修3物理上册阶段测试试卷445考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，E为电源，其内阻不可忽略，RT为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R为定值电阻，C为平行板电容器；G为灵敏电流计。闭合开关S，当环境温度明显降低且稳定后，下列说法正确的是（）

A.R两端电压变大B.RT两端电压变大C.C所带电荷量减小D.温度降低的过程中，G中电流方向由a到b2、探究产生感应电流条件的实验操作如图甲；乙、丙所示。

甲：AB棒垂直磁感线左右运动乙：AB棒沿磁感线上下运动。

丙：AB棒垂直磁感线左右运动。

上面各个图中电流表完好，接线准确。则：下列说法正确的是：（）A.只有甲会产生感应电流B.甲、乙会产生感应电流C.甲、丙会产生感应电流D.甲、乙、丙都不会产生感应电流3、两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示。A处为带电荷量为Q1的正电荷，B处为带电荷量为Q2的负电荷，且Q1=4Q2，另取一个可以自由移动的点电荷P，放也AB直线上；欲使整个系统处于平衡状态，则（）

A.P为负电荷，且放于A左方B.P为负电荷，且放于B右方C.P为正电荷，且放于A、B之间D.P为正电荷，且放于B右方4、如图，四根完全相同的均匀带正电绝缘长棒对称放置在长方体的四条长边a、b、c、d上。移去a处的绝缘棒，假定另外三根绝缘棒电荷分布不变。关于长方体几何中心O点处电场强度方向和电势的变化；下列说法正确的是（）

A.电场强度方向垂直指向a，电势减小B.电场强度方向垂直指向c，电势减小C.电场强度方向垂直指向a，电势增大D.电场强度方向垂直指向c，电势增大5、现有电动势为1.5V、内阻为1.0Ω的电池多节，准备用几节这样的电池串联起来对一个工作电压为6.0V、工作电流为0.1A的用电器供电。电路还需要一个定值电阻来分压，请计算最少需要用这种电池的节数及这个电阻的阻值分别为（）A.8；52ΩB.7；38ΩC.6；24ΩD.5；10Ω6、某静电场沿x轴方向，0〜x0间的电势分布如图所示，在O点由静止释放一个带电粒子，粒子仅在电场力的作用下沿x轴正向运动，则粒子从x=0运动到x=x0过程中（）

A.粒子带正电荷B.速度先增大后减小C.加速度先增大后减小D.运动方向先沿x轴正方向后沿x轴负方向7、下列所示电子器件，属于电容器的是（）A.B.C.D.8、某同学利用电流传感器研究电容器的放电过程；他按如图1所示连接电路，先使开关S接1，电容器很快充电完毕，然后将开关掷向2，电容器通过R放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的I-t曲线如图2所示．他进一步研究滑动变阻器的阻值变化对曲线的影响，断开S，先将滑片P向右移动一段距离，再重复以上操作，又得到一条I-t曲线．关于这条曲线，下列判断正确的是。

A.曲线与坐标轴所围面积将增大B.曲线与坐标轴所围面积将减小C.曲线与纵轴交点的位置将向下移动D.曲线与纵轴交点的位置将向上移动评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1>r，电压表和电流表均为理想电表。开关S闭合后，平行金属板中的带电液滴恰好处于静止状态。在将滑动变阻器的滑片P向b端滑动的过程中；下列说法正确的是。

A.R3的功率变大B.电源的输出功率一定减小C.电压表、电流表的示数均变大D.电容器C所带电量减少，液滴向下加速运动10、如图所示的电路中，S闭合，L1、L2、L3三只灯均正常发光，问当可变电阻的滑动触头右移时，对L1、L2、L3三灯亮度变化下列叙述正确的是()

A.L1灯变亮B.L2灯变亮C.L3灯变亮D.三灯均变暗11、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线。则下列说法中正确是（）

A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B.对应P点，小灯泡的电阻为R=C.对应P点，小灯泡的电阻为R=D.对应P点，小灯泡电阻为图中矩形PQOM所围的面积12、如图所示；为一能够测电流和电压的两用表，以下说法正确的是（）

A.若开关S1和S2都闭合，它是一个电压表B.若开关S1和S2都闭合，它是一个电流表C.若开关S1和S2都断开，它是一个电流表D.若开关S1和S2都断开，它是一个电压表13、2020年春天全世界发生新冠肺炎疫情；人们居家隔离。由于运动量减少，体重逐渐增加，体内的脂肪也逐步增多，我们可以用某型号脂肪测量仪（如图甲所示）来测量脂肪积累程度。其原理是根据人体电阻的大小来判断脂肪所占比例（体液中含有钠离子；钾离子等，而脂肪不容易导电），模拟电路如图乙所示。测量时，闭合开关，测试者分握两手柄，体型相近的两人相比，脂肪含量高者（）

A.电流表示数小B.电压表示数大C.电源内阻的电压大D.路端电压大14、如图所示，电源电动势内阻直流电动机内阻额定输出功率调节滑动变阻器可使甲电路输出功率最大，调节可使乙电路输出功率最大且此时电动机刚好正常工作；则（）

A.甲电路中当时，定值电阻功率最大B.甲电路中当时，电源的输出功率最大C.乙电路中当时，电源的输出功率最大D.乙电路中当时，电源的输出功率最大15、如图所示，半径为R的硬橡胶圆环，其上带有均匀分布的负电荷，总电荷量为Q，若在圆环上切去一小段l(l远小于R)，则圆心O处产生的电场方向和场强大小应为()

A.方向指向ABB.方向背离ABC.场强大小为D.场强大小为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、如图所示，电流表A的量程为0-0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于电流表内阻的的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则。

(1)将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示_____A.

(2)将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示______A.17、在如图所示的电路中，电源内电阻为r，R1、R3分别为两个定值电阻．闭合电键S，当变阻器R2的滑动触头P向下滑动时，伏特表V1的示数逐渐________________（选填“增大”、“减小”、“不变”）．若移动P的过程中，电流表示数变化量的大小为ΔI，则伏特表V2示数变化量的大小ΔU2＝________________．

18、如图所示的电路，虚线框内各元件的数值都未知，当在它的输出a、b之间分别接入不同阻值的电阻时，电流表有不同的读数，如下表所示，请完成此表格（即要求填上对应0.1A电流时，接入a、b端的电阻和a、b端接12Ω电阻时电流表的示数）.

。电流表的示数。

1A

_______

0.6A

0.1A

接入ab端的电阻。

10Ω

12Ω

18Ω

______

19、黑体只是从外界吸收能量,从不向外界辐射能量______20、（1）串联电路：把几个导体（用电器）_________连接，接入电路的连接方式。如图甲所示。

（2）并联电路：把几个导体（用电器）的一端_________，另一端_________，再将两端接入电路的连接方式。如图乙所示。21、在某电场中将5.0×10-8C的电荷由A点移到B点，电场力做6.0×10-3J的功，A、B两点间的电势差___________V；规定B的电势为零，把电量为2.5×10-8C的负电荷放在A处，该负电荷在A处的电势能为_________J22、如图用伏安法测电阻时，如果不知道待测电阻的大概值时，为了选择正确的电路以减少误差，可将电压表一个接头分别在两点接触一下，如果安培表读数有显著变化，则S应接在___________处，如果伏特表读数有显著变化，则S应接在___________处。

23、用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为______V，内电阻为______Ω.

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

25、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

26、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

27、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、解答题(共4题，共28分)28、如图所示，真空中有两个固定的点电荷Q14.0108C和Q28.0108C．求它们连线上P点的场强的大小和方向．

29、如图所示，一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点。已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°，它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°。不计重力。

(1)求A点的水平速度和竖直速度；

(2)求A、B两点间的电势差。

30、如图,ABD为竖直平面内的绝缘轨道,其中AB段是长为s=1.25m的粗糙水平面,其动摩擦因数为µ=0.1，BD段为半径R=0.2m的光滑半圆,两段轨道相切于B点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中,场强大小E=5.0×103V/m.一带负电小球以速度v0沿水平轨道向右运动,接着进入半圆轨道后,恰能通过最高点D点.已知小球的质量为m=2.0×10-2kg,所带电荷量q=2.0×10-5C,g=10m/s2.(水平轨道足够长,小球可视为质点,整个运动过程无电荷转移)

（1）小球能通过轨道最高点D时的速度大小;

（2）带电小球在从D点飞出后,首次落到水平轨道上时的位移大小;

（3）小球的初速度v0.31、如图为等量异种点电荷的电场线，在图上画出：①M的电场强度方向，②负检验电荷放在N点时的受力方向。（________）参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

C．由图可知，热敏电阻RT与电阻R串联；当环境温度降低时热敏电阻阻值变大，则电路中电流减小，电源的内电压减小，路端电压变大，电容器的电压等于路端电压，故电容器的电压变大，所带电量变大，故C错误；

AB．电路中电流减小，电源的内电压及R两端的电压均减小，由E=U内+U外可得，RT两端电压变大；故B正确，A错误；

D．温度降低的过程中，电容器电量变大，则电容器要充电，故G中电流由b→a；故D错误。

故选B。2、A【分析】【详解】

图甲所示电路是闭合电路；灵敏电流计的指针发生偏转，说明电路中产生了感应电流；图丙所示电路是断开的，灵敏电流计的指针没有偏转，说明电路中没有产生感应电流。图乙导体在磁场中不做切割磁感线运动，说明电路中没有产生感应电流，故A正确，BCD错误。

故选A。3、D【分析】【详解】

假设P放在Q1Q2之间，那么Q1对P的电场力和Q2对P的电场力方向相同，P不能处于平衡状态；假设P放在Q1左边，由于Q1=4Q2

且由库仑定律

那么Q1对P的电场力大于Q2对P的电场力，P不能处于平衡状态；则P只能放在Q2右边；且只能带正电。

故选D。4、A【分析】【详解】

根据对称性可知，移去a处的绝缘棒后，电场强度方向垂直指向a，再根据电势的叠加原理，单个点电荷在距其r处的电势为（取无穷远处电势为零）

现在撤去a处的绝缘棒后，q减小，则O点的电势减小。

故选A。5、D【分析】【详解】

设电路还需要一个定值电阻为R0，根据闭合电路的欧姆定律有

根据题意，至少需要n=5节这样的电池，解得

故选D。6、B【分析】【详解】

AB．粒子从O点运动到x=x0的过程中，电势先升高后降低，根据沿电场线方向电势逐渐降低可知，电场强度方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，粒子从静止释放，沿x轴正向运动；可知粒子带负电，电场力先做正功后做负功，粒子的动能先增加后减小，故速度先增大后减小，故B正确，A错误；

C．根据

知图象的斜率大小等于场强，由图知，图线切线斜率的绝对值先减小后增大，则场强先减小后增大，由牛顿第二定律

粒子的加速度先减小后增大；故C错误；

D．由以上分析可知，带负电的粒子沿x轴正方向先做加速度减小的加速运动；再做加速度增大的减速运动，故D错误。

故选B。7、A【分析】【详解】

A．图中为可变电容器；故A符合题意；

B．图中为示波管；故B不符合题意；

C．图中为静电计；故C不符合题意；

D．图中为库仑扭秤；故D不符合题意。

故选A。8、C【分析】【详解】

I-t图线与坐标轴所围成的面积表示电容器放电的电荷量，而电容器的带电量Q=CE，没有变化，所以曲线与坐标轴所围面积不变，故AB错误．将滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，由闭合电路欧姆定律知，将开关掷向2时电容器开始放电的电流减小，则曲线与纵轴交点的位置将向下移动，故C正确，D错误．故选C．二、多选题(共7题，共14分)9、C:D【分析】【详解】

AC．滑片P向b端移动，滑动变阻器阻值变小，电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律：

可知干路电流增大，上分压增大，电压表示数变大，和构成的并联电路分压减小，通过的电流减小，则通过的电流增大，电流表示数增大，根据电功率：

可知上消耗的功率变小；A错误，C正确；

B．输出功率与外电路电阻的关系如图所示：

因为所以总电阻减小，根据图像可知电源的输出功率变大，B错误；

D．电容器和并联，电容器两端电压与两端电压相等，根据上述分析可知电容器两端电压减小，根据电容的定义：

不变，减小，带电量减小，平行板电容器之间为匀强电场，根据：

可知电场强度减小；液滴受到竖直向上的电场力减小，竖直向下的重力不变，液滴加速向下运动，D正确。

故选CD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

当可变电阻的滑动触头右移时，滑动变阻器的阻值减小，电路的总电阻减小，总电流变大，则L3变亮；内阻及L3上的电压变大，则L1和L2并联支路的电压减小，L1变暗；L1电流减小，则L2电流变大，L2灯变亮。

故选BC。11、A:B【分析】【详解】

A．图线上的点与原点O连线的斜率的倒数表示电阻值；由图可知随着所加电压的增大，图线斜率减小，故小灯泡的电阻增大，A正确；

BC．由欧姆定律可得，对应P点，小灯泡的电阻为

B正确；C错误；

D．对应P点，小灯泡的功率为P=U1I2

与题图中PQOM所围的面积相等；D错误。

故选AB。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．若开关S1和S2都闭合，则电流计G与分流电阻R2并联；则它是一个电流表，选项A错误，B正确；

CD．若开关S1和S2都断开，则电流计G与电阻R1串联；则它是一个电压表，选项C错误，D正确；

故选BD。13、A:B:D【分析】【详解】

A．体液中含有钠离子、钾离子等离子存在，因此容易导电，而脂肪不容易导电，体型相近的两人相比，肥胖人体的脂肪比较瘦人的脂肪所占比例较大，肥胖的人体比较瘦的人体电阻较大，测试时，肥胖人体接在电路中的电阻R1较大，由闭合电路的欧姆定律可知

电路中的电流较小；因此电流表示数小，A正确；

BCD．由路端电压U=E−Ir

可知，电流I较小，电源内阻电压Ir较小，路端电压U较大，由题图乙可知R1电阻较大；电压表的示数较大，BD正确，C错误。

故选ABD14、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．定值电阻R0的功率为。

对于电流有。

可知当R1为0时，定值电阻R0功率最大；A错误；

B．电源的输出功率为。

当外电阻和电源内阻相同时；电源输出功率最大，则有。

故。

B正确；

CD．根据题意有；电源的输出功率为。

对R2有。

代入数据整理有。

将R2代入到P3中；代入相关数据整理得到。

想要P3达到最大，I2取将I2代入R2中；得到。

C错误；D正确。

故选BD。15、B:D【分析】【详解】

AB段的电量则AB段在O点产生的电场强度为：方向指向AB，所以剩余部分在O点产生的场强大小等于方向背离AB．故B,D正确;A,C错误.故选BD.

【点睛】

解决本题的关键掌握点电荷的场强公式，以及知道AB段与剩余部分在O点产生的场强大小相等，方向相反．三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

（1）[1]．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A17、略

【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，外电路总电阻变大，由欧姆定律，I变小，U1=IR1变小，故V1逐渐减小；因R1、R3为定值电阻，故由欧姆定律U2＝E−I(R1+R3+r)可知，电压表V2示数的变化量绝对值与电流表A示数的变化量比值等于R1+R3+r，故．【解析】减小ΔI(R3+R1+r)18、略

【分析】【详解】

[1][2]．若按常规解法，需先设未知电动势E，内阻r及未知电阻R1、R2,再列方程求解，这样不仅方程结构庞大，且解题费时繁难.若把虚线框内的电路结构看作一个等效电源，其电动势和内阻分别设为E′、r′，由题意a、b间接入电阻R1=10Ω时，电流表示数I1=1A，接入电阻R3=18Ω时，电流表示数I3=0.6A，设接入电阻Rx时，电流表示数I3=0.1A；则由闭合电路的欧姆定律有：

E′=I1(R1+r′)E′=I3(R3+r′)即。

E′=1×(10+r′)E′=0.6×(18+r′)解得。

E′=12Vr′=2Ω同理可以解得。

Rx=118ΩI2=0.5A.【解析】0.5A118Ω19、略

【分析】【详解】

[1]．黑体也向外辐射电磁波，且向外辐射电磁波的强度按波长的分布与温度有关，故原题说法错误。【解析】错误20、略

【分析】【分析】

【详解】

定义。

（1）[1]串联电路:把几个导体（用电器）依次首尾连接；接入电路的连接方式。如图甲所示。

（2）[2][3]并联电路:把几个导体（用电器）的一端连在一起，另一端也连在一起，再将两端接入电路的连接方式。如图乙所示。【解析】①.依次首尾②.连在一起③.也连在一起21、略

【分析】【详解】

根据可知因为若则该负电荷在A处的电势能为．

【点睛】在使用公式时一定要将公式中字母的正负号代入计算，不能忽略．【解析】1.2×105V，-3.0×10-3J；22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．如果电压表读数变化不明显而安培表变化明显，则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以S应接在b处．

[2]．根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化，而电压表变化明显，则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即S应接在a处；【解析】ba23、略

【分析】【详解】

试题分析：电源的U-I图像，纵轴截距为电源电动势，由图可得电池电动势为1.40V；电池内电阻为

考点：测定电池的电动势和内电阻。

点评：容易题．本题要特别注意纵坐标没有由零开始，计算内电阻时不能用．【解析】1.401.0四、作图题(共4题，共12分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析26、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】27、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。