2025年华师大版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

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A.过程气体压强不变B.过程气体内能不变C.过程气体密度不变D.过程气体对外做功2、关于以下四幅图片；说法正确的是（）

A.在图1中，向上拉动下表面紧贴水面的玻璃板时，拉力大于重力，主要是受到了大气压力的影响B.在图2中，随着活塞上砝码个数的增加，气缸内封闭的气体越来越难压缩（始终为气体状态），主要原因是由于随着气体体积的减小，分子间的斥力越来越大C.用烧热的针尖接触表面涂有蜂蜡层的云母片，蜂蜡层形成了如图3所示的熔化区域，说明蜂蜡对于导热性存在着各向异性D.图4为热机能流图，随着机械制造工艺、机械材料等科学技术的不断发展，热机的效率仍无法达到100%3、下列物理量中，属于矢量的是A.电势B.电势能C.磁通量D.磁感应强度4、如图所示，电路中的变压器为理想变压器，R为滑动变阻器，U1为加在原线圈两端的交流电压，I1为原线圈中的电流，U2为副线圈两端的交流电压，I2为副线圈中的电流，P2为滑动变阻器上消耗的电功率．若U1保持不变；改变滑动变阻器滑片的位置，下列说法中正确的是。

A.P2保持不变B.U2保持不变C.I1保持不变D.I2保持不变5、图甲为一列横波在时刻的波动图像，图乙为图甲中质点的振动图像。则（）

A.该波沿轴正方向传播B.该波的周期为C.该波的波速为D.质点在时的速度最大6、关于多普勒效应，下列说法正确的是（）A.产生多普勒效应的原因是波源频率发生了变化B.产生多普勒效应的原因是观察者或波源发生运动C.甲、乙两列车相向行驶，两车均鸣笛，且所发出的笛声频率相同，那么乙车中的某旅客听到的甲车笛声频率低于他听到的乙车笛声频率D.哈勃太空望远镜发现所接收到的来自于遥远星系上的某种原子光谱，与地球上同种原子的光谱相比较，光谱中各条谱线的波长均变长（称为哈勃红移），这说明该星系正在远离我们而去7、如图所示；一内外侧均光滑的半圆柱槽置于光滑的水平面上.槽的左侧有一竖直墙壁。现让一小球（可认为质点）自左端槽口A点的正上方从静止开始下落，与半圆槽相切并从A点进入槽内，则下列说法正确的是（）

A.小球离开右侧槽口以后，将做竖直上抛运动B.小球在槽内运动的全过程中，只有重力对小球做功^C.小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统机械能守恒D.球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图所示，两根间距为10cm的无限长光滑金属导轨固定在同一水平面上，它们的电阻不计，两导轨左端连接一阻值为10Ω的定值电阻，两导轨之间存在有边界的，沿竖直方向的，磁感应强度大小为1T的匀强磁场，磁场边界(图中的虚线曲线)与函数10|sinx|的图像完全一致(式中y的单位是cm)，且相邻两个区域的磁场方向相反；一阻值为10Ω的光滑导体棒垂直于两导轨，在水平外力作用下以10m/s的速度在导轨上水平匀速向右运动(与两导轨接触良好且接触电阻不计)，图中的电压表和电流表均为理想交流电表，则（）

A.回路中产生的是正弦式交变电流B.导体棒上消耗的热功率为0.4WC.电压表的示数是0.5VD.导体棒运动到图示虚线cd位置时，电流表示数为零9、一只电炉的电阻丝和一台电动机线圈电阻相同，都为R。设通过它们的电流相同（电动机正常运转），则在相同的时间内（）A.电炉和电动机产生的电热相等B.电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率C.电炉两端电压大于电动机两端电压D.电炉和电动机两端电压相等10、关于热力学温度和摄氏温度，以下说法正确的是（）A.热力学温度的单位K是国际单位制中的基本单位B.温度升高就是升高了1KC.就是1KD.的温度可用热力学温度粗略地表示为273K11、如图所示为一定质量的理想气体沿箭头所示的方向发生状态变化的过程；则关于该气体压强变化的下列说法中正确的是（）

A.从状态c到状态d的过程中，压强一直减小B.从状态d到状态a的过程中，压强一直增大C.从状态a到状态b的过程中，压强先增大后减小D.从状态b到状态c的过程中，压强先增大后减小12、下列说法正确的是（）A.物体从外界吸热时，内能不一定增大B.当分子间距增大时，分子势能一定增大C.蔗糖受潮后会粘在一起，没有确定的几何形状，所以它是非晶体D.一定质量的理想气体压强不变时，气体分子单位时间内对器壁单位面积的平均碰撞次数随着温度升高而减少13、下列说法正确的是（）A.布朗运动就是液体分子的热运动B.一定质量的理想气体在温度不变的条件下，压强增大，则外界对气体做功C.内能可以全部转化为机械能，而不引起其它变化E.一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行E.一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行14、封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度关T系如图所示，该气体的摩尔质量为M，状态A的体积为温度为O、A、D三点在同一直线上，阿伏伽德罗常数为由状态A变到状态D过程中

A.气体从外界吸收热量，内能增加B.气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少C.气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大D.气体的密度不变15、在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图(a)所示，碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向的冰面来减小阻力，碰撞前后两壶运动的v-t图线如图(b)中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两冰壶质量均为19kg，则

A.碰后蓝壶速度为0.8m／sB.碰后蓝壶移动的距离为2.4mC.碰撞过程两壶损失的动能为7.22JD.碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为5：4评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、某实验爱好者设计了模拟路灯光控电路，利用光敏电阻作为光传感器，配合使用斯密特触发器来控制电路，他设计的电路如图，他所使用的斯密特触发器的输入端信号____（“可以”或“不可以”）连续变化，为了更加节能，让天色更暗时，路灯点亮，应将R1___一些（“增大”或“减小”）。17、等压变化：一定质量的某种气体，在______不变时，体积随温度变化的过程。18、如图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为经历A→B→C→A的过程，C→A过程中，气体压强______（填“增加”、“减小”或“不变”）；整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J。该气体在A→B过程中对外界所做的功为______J。

19、如图所示的电路，水平放置的上下可移动的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，若保持电容器两极板间的距离不变，将滑动变阻器的滑片P向左移动，液滴将___________（填“向上运动”、“向下运动”或“不动”）；若保持变阻器的滑片P的位置不变，减小电容器两极板间的距离，液滴将_________（填“向上运动”；“向下运动”或“不动”）。

20、如图所示，D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许从b流向a，水平放置的平行板电容器AB内部原有一电荷P处于静止状态，一直保持两极板处于平行状态，若A和B的间距稍增大一些后，P的运动情况将是________；若把A和B的正对面积稍增大一些后，P的运动情况将是_________；若充电后去掉电源与二极管，再在AB间插入一块陶瓷片，P的运动情况将是________．（填“静止不动”；“向下运动”或“向上运动”）

21、如图所示，真空中有一对相距为d的平行金属板A和B，两板间电势差为U，两板间的电场为匀强电场．若一个质量为m、电荷量为q的粒子，仅在静电力的作用下由静止开始从A板向B板做匀加速直线运动并到达B板，则粒子在运动过程中加速度大小a=________，粒子到达B板时的速度大小v=________．

22、小涵站在平面镜前0.5m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是______m，她向后退的过程中，像的大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。23、如图所示，两端开口的圆筒内嵌有一凸透镜，透镜主光轴恰好与圆筒中轴线重合。为了测出该透镜的焦距以及透镜在圆筒内的位置，小李同学做如下实验：在圆筒左侧凸透镜的主光轴上放置一点光源S，在圆筒右侧垂直凸透镜的主光轴固定一光屏，点光源S与光屏的距离为L。左右移动圆筒，当圆筒左端面距离点光源S为a时，恰好在光屏上成一个清晰的像；将圆筒向右水平移动距离b，光屏上又出现了一个清晰的像。则凸透镜和圆筒左端面的距离x为____________，该透镜的焦距f为__________。

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)27、某同学用图1所示的装置研究两个小球在斜槽末端发生碰撞的情况，并用它来验证碰撞中的动量守恒定律，图中AB是斜槽，BC为水平槽．

（1）实验中通过仅测量小球做平抛运动的______（选填“水平位移”或“竖直位移”）；可间接得到小球碰撞前后的速度关系.

（2）检验水平槽BC是否调平的方法是：_______.

（3）实验装置中的重锤线起什么作用？__________.

（4）实验时先使入射球m1从斜槽上某一固定位置S多次由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，从而确定P点的位置，再把被碰球m2放在水平槽末端，让球m1仍从位置S多次由静止开始滚下，跟球m2碰撞后，两球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，从而确定M、N点的位置．

a.为提高实验的精度，减小误差，要求m1__________m2．（选填“>”“<”“＝”）

b.其中确定P点位置的多次落点痕迹如图2所示，刻度尺的零点与O点对齐，则OP＝_________cm．

（5）经测定，m1=45.0g，m2=7.5g，M、N距O点的距离如图3所示，请通过计算说明本次实验中两小球碰撞前后的动量是否守恒__________.

（6）牛顿曾设想，把物体从高山上水平抛出，速度一次比一次大，落地点就一次比一次远，如果速度足够大，物体就不再落回地面，它将绕地球运动，成为人造地球卫星，如图，同样是受地球引力，随着抛出速度增大，物体会从做平抛运动逐渐变为做圆周运动，请分析原因_____________．

28、为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻RL；实验室提供以下器材：

（A）待测线圈L（阻值约为2Ω；额定电流3A）

（B）电流表A1（量程0.6A，内阻r1=1Ω）

（C）电流表A2（量程3.0A，内阻r2约为0.2Ω）

（D）滑动变阻器R1（0～10Ω）

（E）滑动变阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值电阻R3=10Ω

（G）定值电阻R4=100Ω

（H）电源（电动势E约为9V；内阻很小）

（I）单刀单掷开关两只S1、S2；导线若干．

要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表和A2表的读数I1、I2，然后利用给出的I2-I1图象（如乙图所示），求出线圈的电阻RL的准确值．

①实验中定值电阻应选用______，滑动变阻器应选用________．（填写器材前面的序号；如：A；B、C等，直接写器材名称或符号均不得分）

②请你画完图甲方框中的实验电路图_____________．

③实验结束时应先断开开关_______.

④由I2-I1图象，求得线圈的直流电阻RL=_______Ω.参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．在图像中，过坐标原点的直线为等压变化，不过坐标原点；故不是等压变化，故A错误；

B．由题图可知，为等温变化；温度不变，故内能不变，故B正确；

C．到为等压变化，由到体积减小；由于质量不变，故密度增大，故C错误；

D．过程为等容变化；气体对外不做功，故D错误。

故选B。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．在图1中；向上拉动下表面紧贴水面的玻璃板时，拉力大于重力，主要是受到了水的张力的影响，故A错误；

B．在图2中；随着活塞上砝码个数的增加，气缸内封闭的气体越来越难压缩（始终为气体状态），主要原因是由于随着气体体积的减小，气体压强越来越大，故B错误；

C．用烧热的针尖接触表面涂有蜂蜡层的云母片；蜂蜡层形成了如图3所示的熔化区域，说明云母片对于导热性存在着各向异性，故C错误；

D．热机在工作过程中；燃料不可能完全燃烧，尾气带走较多的热量，机器本身散热，克服机械间摩擦做功等，热机的效率仍无法达到100%，故D正确。

故选D。3、D【分析】磁通量、电势和电势能都是没有方向的，是标量，只有磁感应强度是即有大小又有方向，是矢量，故A正确。4、B【分析】【详解】

B、保持U1不变，根据输出电压是由输入电压和匝数比决定可知输出电压U2不变，B选项正确；D、使滑片P滑动时，R变化，而电压U2不变，所以副线圈电流I2变化，故D错误；C、由知I2变化，则I1变化，故C错误；A、由知P2发生变化；故A错误；故选B．

【点睛】根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比分析即可．5、D【分析】【详解】

A．由乙图知，点在时刻振动方向向下，故波的传播方向为轴负向；故A项错误；

B．由乙图知，点振动周期该波周期和点振动周期相同，即该波的周期为故B项错误；

C．该波的波速

故C项错误；

D．由乙图知，在时点在平衡位置；速度最大，故D项正确。

故选D。

【点睛】

本题首先要能正确识别、理解振动图像和波动图像，关键能把握两种图像之间的内在联系，要注意两种图像判断质点振动方向的方法是不同的，不能混淆。6、D【分析】【详解】

产生多普勒效应的原因是观察者或波源发生相对运动，使得观察者接收到的波的频率发生变化，选项AB错误；甲、乙两列车相向行驶，两车均鸣笛，且所发出的笛声频率相同，因乙车中的乘客相对甲车靠近，而相对乙车静止，那么乙车中的某旅客听到的甲车笛声频率高于他听到的乙车笛声频率，选项C错误；哈勃太空望远镜发现所接收到的来自于遥远星系上的某种原子光谱，与地球上同种原子的光谱相比较，光谱中各条谱线的波长均变长（称为哈勃红移），即频率变小，说明该星系正在远离我们而去，故D正确；故选D．7、D【分析】【详解】

小球经过槽的最低点后；在小球沿槽的右侧面上升的过程中，槽也向右运动，小球离开右侧槽口时相对于地面的速度斜向右上方，小球将做斜抛运动而不是做竖直上抛运动，故A错误；小球在槽内运动的全过程中，从刚释放到最低点，只有重力做功，而从最低点开始上升过程中，除小球重力做功外，还有槽对球作用力做负功。故B错误；小球在槽内运动的全过程中，从刚释放到最低点，只有重力做功，而从最低点开始上升过程中，除小球重力做功外，还有槽对球作用力做负功。但球对槽作用力做正功，两者之和正好为零。所以小球与槽组成的系统机械能守恒。故C错误；小球在槽内运动的前半过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，而小球在槽内运动的后半过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，故D正确；故选D。

【点睛】

考查动量守恒定律与机械能守恒定律．当球下落到最低点过程，由于左侧竖直墙壁作用，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，但小球机械能守恒．当球从最低点上升时，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，但小球机械能不守恒，而小球与槽组成的系统机械能守恒．二、多选题(共8题，共16分)8、A:C【分析】【详解】

A．根据

为导体棒长度L；所以回路中产生的正弦式交变电流，A正确；

BC．回路中产生的感应电动势的最大值为

则电动势的有效值

电压表测量R两端的电压，则

电流表的示数为有效值，为

导体棒上消耗的热功率

B错误C正确；

D．电流表示数为有效值；一直为0.05A，D错误。

故选AC。9、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．电炉电路和电动机电路焦耳定律都适用；根据焦耳定律。

电炉和电动机的电阻相同；电流相同，则在相同的时间内电炉和电动机产生的电热相等，故A正确；

B．电动机消耗的电能一部分转化为内能；另一部分转化为机械能，电炉消耗的电能全部转化为内能，而相等时间内它们产生的热量相等，则在相同的时间内，电动机消耗的电能大于电炉消耗的电能，电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率，故B正确；

CD．设电流为I；则电炉两端电压。

电动机两端电压所以即电动机两端电压大于电炉两端电压，故CD错误。

故选AB。10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．热力学温度的单位K是国际单位制中七个基本单位之一；A正确；

B．由。

得。

则知温度升高了就是升高了1K；B正确；

C．热力学温度和摄氏温度的关系是。

可知与1K表示的温度不同；C错误；

D．根据。

知，当时。

D正确。

故选ABD。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

根据。

则。

则V-T图像上某点与原点连线的斜率与压强成反比。

A．因c点与原点连线的斜率小于d点与原点连线的斜率，可知c态压强大于d态压强，即从状态c到状态d的过程中；压强一直减小，选项A正确；

B．从状态d到状态a的过程中；图像上各点与原点连线的斜率增大，则压强一直减小，选项B错误；

C．从状态a到状态b的过程中；图像上各点与原点连线的斜率减小，则压强增大，选项C错误；

D．从状态b到状态c的过程中；各点与原点连线的斜率先减小后增大，则压强先增大后减小，选项D正确。

故选AD。12、A:D【分析】【详解】

A．物体从外界吸热；若同时对外做功，则其内能不一定增大，故A正确；

B．当分子间距离等于时分子势能最小，从距离小于处增大分子之间的距离；则分子势能先减小后增大，故B错误；

C．蔗糖受潮后会粘在一起；没有确定的几何形状，它是晶体中的多晶体，故C错误；

D．根据理想气体状态方程；一定质量的理想气体压强不变时，温度升高，体积增大，密度减小，单位体积内气体的分子个数减少，所以气体分子单位时间内对器壁单位面积的平均碰撞次数随着温度升高而减少，故D正确。

故选AD。13、B:D:E【分析】【详解】

A．布朗运动就是固体颗粒在液体分子撞击下无规则的运动；故A错误；

B．一定质量的理想气体在温度不变的条件下，压强增大，根据玻意耳定律

可知体积一定减小；外界对物体做功，故B正确；

C．根据热力学第二定律；内能不可能全部转化为机械能但而不引起其它变化，故C错误；

D．分子间平衡距离是分子引力与分子斥力相等的位置；此时分子势能最小，故D正确；

E．根据热力学第二定律的微观解释；一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行，故E正确。

故选BDE。14、A:B【分析】【详解】

A点和D点在过原点的连线上，说明气体由A到D压强不变，体积增大，密度减小，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少，气体对外做功，温度升高气体的平均动能增加，内能增加，故需要吸热，故AB正确，CD错误．故选AB．15、A:D【分析】【详解】

由图可知碰撞前后红壶的速度为和由动量守恒可得解得碰后蓝壶速度为由数学关系可得红冰壶如果不发生碰撞有故蓝色冰壶停止运动得时间为t=5s，碰后蓝壶移动的距离为碰撞过程两壶损失的动能为红壶所受摩擦力蓝壶所受摩擦力，碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为故AD正确，BC错误；

故选AD．

【点睛】

由动量守恒可得碰后蓝壶速度大小，碰撞过程两壶损失的动能为初末动能之差，碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比由牛顿运动定律求出．三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【分析】

光敏电阻的电阻随光照增强而减小；天暗时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，则输入门电路为高电势，而另一输入端为低电势，最后路灯亮；天亮时，光敏电阻比较小，则光敏电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，而另一输入端为低电势，路灯熄灭。

【详解】

斯密特触发器的工作原理是：当加在它的输入端A的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时；输出端Y会突然从高电平跳到低电平（0.25V），而当输入端A的电压下降到另一个值的时候（0.8V），Y会从低电平突然跳到高电平（3.4V）。天暗时，光敏电阻阻值大，A端的电势升高，当A段的电势升高到一定的值时，经过非门，输出端Y为低电势，LED导通，路灯亮，故斯密特触发器的输入端信号可以连续变化；

R1调大时，天更暗时，光敏电阻变大，才导致分压变大，则A端的电势高，输出端Y为低电势，LED灯亮，故让天色更暗时，路灯点亮，应将R1增大一些。【解析】可以增大17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】压强18、略

【分析】【详解】

[1]C→A过程中，图线是过原点的直线，根据

可得

可知C→A过程中气体压强不变；

[2]整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J，而整个过程中内能不变，则外界对气体做功为W=61.4J

其中A→B过程气体体积变大，对外做功W1；B→C过程体积不变，W2=0；从C→A过程等压压缩，外界对气体做功

则由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即气体在A→B过程中对外界所做的功为138.6J。【解析】不变138.619、略

【分析】【详解】

[1]因开始时液滴受力平衡，故液滴受上的电场力等于重力；当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，则电路中电流减小，故R2两端的电压减小；因电容器与R2并联，故电容器两端的电压减小，根据

则电容器内部的场强E减小；液滴受电场力减小，故液滴将向下运动；

[2]当滑片不动时，电容器两端的电压不变，减小极板间的距离，根据

则电容器内部的场强E增大，故受电场力增大，故液滴将向上运动。【解析】向上运动向上运动20、略

【分析】【详解】

[1]电容器与电源保持相连，电容器的电压不变，板间距离增大，电容减小，电容量的电量要减小，放电，但由于二极管的作用只允许电流从a流向b，电容器的电量无法减小，根据

板间电场强度

Q、S、ɛ不变，则改变d，E不变，电荷P受的电场力不变；仍静止。

[2]使极板A和B正对面积增大后，跟据

电容变大，根据

电量要增加，但是由于电压不变，根据

两板间距不变；故场强不变，电场力不变，则电荷仍静止不动。

[3]若充电后去掉电源与二极管，再在AB间插入一块陶瓷片，根据

则电容变大，电量不变，根据

则电压减小，根据

场强减小，电场力减小，故P的运动情况将是向下运动【解析】（1）静止不动（2）静止不动（3）向下运动21、略

【分析】【详解】

粒子从静止开始运动，只受电场力，有：U=Ed；F=qE；

联立解得：

根据速度位移关系公式，有：v2=2ad

解得：

点睛：本题电荷在电场中加速问题，求解速度通常有两种思路：一是动能定理；二是牛顿第二定律与运动学公式结合．【解析】22、略

【分析】【详解】

小涵站在平面镜前0.5m；小涵在平面镜中成像，小涵的像和小涵到平面镜的距离相等，所以小涵的像到平面镜的距离也是0.5m。小涵后退远离平面镜，小涵像的大小跟小涵的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小涵的像大小不变。

【点睛】

物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。【解析】0.5；不变；23、略

【分析】【分析】

掌握凸透镜成像的规律，根据光路的可逆性，两次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，从而可以计算出距离x的值；根据凸透镜成像的原理；由点S发出的光经过凸透镜后会聚到像点，并结合平行于主光轴的光线过焦点分析焦距的大小。

【详解】

[1]根据光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圆筒向右移动b，则凸透镜也会向右移动b，则第二次的像距为

则有

解得

[2]光源S所成像应在S′处，若物体为AS，则成像应为A′S′；根据成像原理，成像光路图如图所示：

又像高与物体高度正比等于像距与物距之比，则有

由图知，△A′S′F∽△BOF，则

又AS=BO

联立以上几式得【解析】四、作图题(共3题，共15分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变