2025年新科版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版选修3物理下册月考试卷264考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑动变阻器R1的滑片P向a端移动时。

A.A1、A2的示数都减小B.A1、A2的示数都增大C.A1的示数增大，A2的示数减小D.A1的示数减小，A2的示数增大2、下列关于分子运动和热现象的说法正确的是（）A.当分子间的距离减小时，分子间的引力和斥力都增大，但引力增大得更快B.实际气体分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的温度和体积C.一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子平均动能增加D.若气体的摩尔质量为M，密度为ρ，阿伏加德罗常数为NA，则气体的分子体积为3、如图所示，一定质量的理想气体从状态A经过状态B、C又回到状态A。下列说法正确的是（）

A.A→B过程中气体分子的平均动能增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加B.A→B过程中气体吸收的热量大于B→C过程中气体放出的热量C.C→A过程中单位体积内分子数增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数减少D.A→B过程中气体对外做的功小于C→A过程中外界对气体做的功4、如图所示，相同的两木块M、N；中间固定一轻弹簧，放在粗糙的水平面上，用力将两木块靠近使弹簧压缩，当松手后两木块被弹开的过程中，不计空气阻力，则对两木块和弹簧组成的系统有()

A.动量守恒，机械能守恒B.动量守恒，机械能不守恒C.动量不守恒，机械能守恒D.动量、机械能都不守恒5、如图所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度滑上原来静止的长木板A的表面；由于A；B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，下列说法正确的是。

A.A.B间的动摩擦因数为0.2B.系统损失的机械能为4JC.木板A的最小长度为1.5mD.木板获得的动能为1J评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、如图所示是一玻璃球体，其半径为R，O为球心，AB为水平直径．M点是玻璃球的最高点，来自B点的光线BD从D点射出，出射光线平行于AB，已知∠ABD=30°，光在真空中的传播速度为c；则()

A.此玻璃的折射率为B.光线从B到D需用时3R/cC.该玻璃球的临界角应小于45°D.若增大∠ABD，光线不可能在DM段发生全反射现象7、如图所示,水平光滑轨道宽和弹簧自然长度均为d．m2的左边有一固定挡板．m1由图示位置静止释放,当m1与m2相距最近时m1速度为v1,则在以后的运动过程中()

A.m1的最小速度是0B.m1的最小速度是v1C.m2的最大速度是v1D.m2的最大速度是v18、下列说法正确的是（）A.温度计测温原理就是热平衡定律B.温度计与被测系统的温度不相同时，读不出示数C.温度计读出的示数是它自身这个系统的温度，若它与被测系统热平衡，这一示数也是被测系统的温度D.温度计读出的示数总是被测系统的温度，无论是否达到热平衡9、如图甲所示，电阻为5Ω、匝数为100匝的线圈（图中只画了2匝）两端A、B与电阻R相连，R=95Ω．线圈内有方向垂直于纸面向里的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化．则

A.A点的电势小于B点的电势B.在线圈位置上感应电场沿逆时针方向C.0.1s时间内通过电阻R的电荷量为0.05CD.0.1s时间内非静电力所做的功为2.5J10、图甲是一列简谐横波在t＝0.01s时刻的波形图，图乙是质点P的振动图象，则下列说法正确的是()

A.该波沿x轴负方向传播，波速大小为100m/sB.在0.01s~0.025s内，质点R通过的路程为15cmC.t＝0.005s时，1.5m处质点沿y轴的负方向运动D.在0.01s~0.015s内，质点Q的加速度一直在减小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)11、如图甲所示为一个逻辑门的输入端A、B和输出端Z上的电信号，试在乙图的虚线框中画出逻辑门的符号_____________。

12、如图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为经历A→B→C→A的过程，C→A过程中，气体压强______（填“增加”、“减小”或“不变”）；整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J。该气体在A→B过程中对外界所做的功为______J。

13、电动机的自动控制电路如图所示，其中为热敏电阻，为光敏电阻，当温度升高时，的阻值远小于当光照射时，其阻值远小于为使电动机在温度升高或受到光照时能自动启动，电路中的虚线框内应选____门逻辑电路；若要提高光照时电动机启动的灵敏度，可以___的阻值（填“增大”或“减小”）．

14、通电螺线管右端的小磁针，静止时N极的指向如图所示，则电源的a端为_______极（选填“正”或“负”），螺线管的c端为_______极（选填“N”或“S”）

15、如图所示，一辆质量为M的小车以速度在光滑水平面上向右运动，一质量为m、速度为物体以俯角为θ的方向落到车上并埋在车里的砂中，此时小车的速度为_________________

16、如图甲，合上开关，用光子能量为2.5eV的一束光照射阴极K，发现电流表读数不为零。调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60V时，电流表读数仍不为零，当电压表读数大于或等于0.60V时，电流表读数为零。由此可知，光电子的最大初动能为____。把电路改为图乙，当电压表读数为2V时，电子到达阳极时的最大动能为_______。图乙中，电压表读数为2V不变而照射光的强度增到原来的三倍，此时电子到达阳极时的最大动能是_______。17、阅读短文；并回答问题。

家庭热泵﹣﹣空调。

夏天来了；安装空调的家庭逐渐多了起来，如图甲是家用分体式空调的原理图，其制冷原理是室外机中的压缩机将气态的制冷剂压缩后成为高温高压的液态制冷剂，散热后液态的制冷剂经膨胀阀进入蒸发器（室内机）迅速变成气体，吸收大量的热量，从而使房间的温度迅速下降（冬天的制热工作过程与上述相反），空调在制冷运行的过程中会产生大量的冷凝水，因此空调配有排水系统。

制冷量是家庭购买空调时需要考虑的一项重要指标．它是指空调进行制冷运行时；单位时间内从密闭空间内去除的热量总和，制冷量大的空调适用于面积比较大的房间，且制冷速度较快，以15平方米的居室面积为例，使用额定制冷量在2500W左右的空调比较合适，家用空调的制冷量单位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空调节电效果的一项重要指标；家用空调器的能效比（EER）就是其制冷量与制冷消耗电功率之比，如图乙所示是两台不同品牌空调上的能效标识（能效标识是附在产品上的一种信息标签，用于表示耗能产品的能源效率等级等性能指标，为用户和消费者的购买决策提供必要的信息，以引导用户和消费者选择高效节能产品），如表是国家标准中关于分体式空调部分能效等级指标。

额定制冷量CC/W能效等级与对应的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空调制冷运行时，室内的空气湿度________（大于/小于）室外，图乙中，两空调工作时更节能的是________（A/B）；

(2)关于空调机，下列说法正确的是()。

A；家庭安装空调要铺设专线；目的是为了防止触电。

B；空调机制冷时；室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能。

C；空调压缩机是利用降温的方法使氟利昂发生物态变化的。

D；空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将冷气吹向室内。

(3)某家庭空调机制冷量为1.5匹，能效比为3，在额定状态下连续工作10min，消耗的电能为________kW•h，不计热损失，理论上可以使40m2的密闭房间内的空气温度下降________℃。[取房间层高3m，空气的密度ρ=1.29kg/m3，比热容c=1.0×103J/（kg•℃）]。评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)18、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

19、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

20、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)21、有一根细长而均匀的金属管线样品；长约60cm，电阻约为6Ω，横截面如图甲所示．

(1)用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为_______mm；

(2)现有如下器材：

A．电流表（量程0.6A；内阻约0.1Ω）

B．电流表（量程3A；内阻约0.03Ω）

C．电压表（量程3V；内阻约3kΩ）

D．滑动变阻器（1750Ω；0.3A）

E．滑动变阻器（15Ω；3A）

F．蓄电池（6V；内阻很小）

G．开关一个；带夹子的导线若干。

要进一步精确测量金属管线样品的阻值，电流表应选______，滑动变阻器应选_______．（只填代号字母）

(3)请将图丙所示的实际测量电路补充完整．()

(4)已知金属管线样品材料的电阻率为ρ，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的横截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是______．（所测物理量用字母表示并用文字说明）．计算中空部分横截面积的表达式为S=_______．（用字母填写表达式）22、在用单摆的小角度振动测量当地的重力加速度的实验中，以下说法中正确的是()

A．测量周期时，应该从摆球到达最低点开始计时，并记录次全振动时间；这样做的目的是减小测量的偶然误差。

B．若测出的重力加速度比当地实际重力加速度大，有可能是误将次全振动记为次全振动了。

C．某同学测量了多组周期随摆长变化的数据后，利用画图像法得到了当地重力加速度的值；发现图线不过坐标原点，则他通过图像得到的重力加速度值有可能是比较准确的。

D．若宇航员在火星上测量，但手边没有规则的小球，只有一些小石子，其他器材都有，因不能准确测量摆长，他测出的重力加速度一定偏小或偏大A.测量周期时，应该从摆球到达最低点开始计时，并记录次全振动时间，这样做的目的是减小测量的偶然误差B.若测出的重力加速度比当地实际重力加速度大，有可能是误将次全振动记为次全振动了C.某同学测量了多组周期随摆长变化的数据后，利用画图象法得到了当地重力加速度的值，发现图线不过坐标原点，则他通过图象得到的重力加速度值有可能是比较准确的D.若宇航员在火星上测量，但手边没有规则的小球，只有一些小石头子，其他器材都有，因不能准确测量摆长，他测出的重力加速度一定偏小或偏大评卷人得分六、解答题(共2题，共14分)23、一种测定电子比荷的实验装置如图所示．真空玻璃管内，阴极K发出的电子经阳极A与阴极K之间的高压加速后，形成细细的一束电子流，沿图示方向进入间距为d的两极板C、D间的区域．若两极板C、D间无电压，电子将沿直线打在荧光屏的中心O点；若在两极板间施加恒定电压U，则离开极板区域的电子将打在荧光屏上的P点；若再在极板间施加一个方向垂直于纸面的磁感应强度大小为B的匀强磁场，则电子在荧光屏上产生的亮点又回到O点．

（1）判断匀强磁场的方向；

（2）求电子击中O点时的速度大小v；

（3）已知极板的长度l＝5.00cm，间距d＝1.50cm，极板区的中点M到O点的距离L＝12.50cm，极板间电压U＝200V，磁感应强度B＝6.3×10–4T，P点到O点的距离y＝3.0cm．根据上述数据，计算电子的比荷（保留2位有效数字）。

24、2017年5月18日，我国在南海海域首次“可燃冰”试采成功。“可燃冰”是天然气的固体状态，深埋于海底和陆地永久冻土层中，它的主要成分是甲烷分子与水分子，是极具发展潜力的新能源。已知可燃冰可释放的天然气（标准状况下），标准状况下气体的体积为阿伏加德罗常数取则可燃冰所含甲烷分子数为多少？（结果保留一位有效数字）参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】当滑动变阻器R1的滑动片P向a端移动时，R1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，所以可知A1的示数减小．电源的内电压减小，则路端电压增大，通过R2的电流增大，则通过A2的电流减小．故A正确．故选A.

【点睛】结合串并联电路的特点，按“局部到整体再到局部”的顺序进行动态分析．2、B【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间的距离减小时；分子间的引力和斥力都增大，但斥力增大得更快，故A错；

B．温度是分子平均动能的标志；所以气体分子的动能宏观上取决于温度，分子势能是由于分子间引力与分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积，故B对；

C．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气；温度不变，其分子平均动能不变，故C错；

D．若气体的摩尔质量为M，密度为阿伏加德罗常数为NA，则由每个气体分子占有的空间体积为并不是气体分子的体积，故D错；

故选B。3、B【分析】【详解】

A．A→B过程中，温度升高，气体分子的平均动能增大，AB直线过原点表示该过程为等压变化；故单位时间内撞击单位面积器壁的分子数减少，故A错误；

B．气体从A→B过程中，温度升高且体积增大，故气体吸收热量且对外做功，设吸热大小为Q1，做功大小为W1，根据热力学第一定律有

气体从B→C过程中，温度降低且体积不变，故气体不做功且对外放热，设放热大小为Q2，根据热力学第一定律

气体从C→A过程中，温度不变，内能增量为零，有

即

所以A→B过程中气体吸收的热量Q1大于B→C过程中气体放出的热量Q2；故B正确；

C．C→A过程中体积减小；单位体积内分子数增加，温度不变，故单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加，故C错误；

D．气体做功

A→B过程中体积变化的大小等于C→A过程中体积变化的大小，但图像上的点与原点连线的斜率越大，压强越小，故A→B过程中气体对外做的功大于C→A过程中外界对气体做的功；故D错误。

故选B。4、B【分析】两木块相同；与地面的摩擦力相同，则两木块被弹开时，A；B与弹簧组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，系统动量保持不变；在整个过程中除弹簧弹力做功外，还有摩擦力做功，则物体A、B及弹簧组成的系统机械能不守恒，故B正确，ACD错误；故选B．

点睛：本题考查了判断系统动量与机械能是否守恒，知道动量与机械能守恒的条件即可解题，动量守恒的条件是系统合外力为零；机械能守恒的条件是系统只有重力或弹力做功.本题是一道基础题．5、D【分析】【分析】

根据斜率求出B的加速度大小；根据牛顿第二定律求出动摩擦因数，由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，从而求解木板获得的动能，根据A和B的初；末机械能来求解系统损失的机械能，根据“面积”之差求出木板A的长度；

【详解】

A．由图示图象可知，B的加速度：负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：代入解得，故A错误；

BD．由图示图象可知，木板获得的速度为A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：解得木板A的质量为木板获得的动能为：

系统损失的机械能为故B错误，D正确；

C．由图得到：内B的位移为

A的位移为木板A的最小长度为故C错误．

【点睛】

本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系处理复杂力学问题的能力．二、多选题(共5题，共10分)6、A:B:C【分析】【详解】

A项：如图。

由几何知识得入射角折射角则此玻璃的折射率为：故A正确；

B项：BD长度光在玻璃球内传播的速度所以光线从B到D的时间为故B正确；

C、D项：由则临界角所以若增大入射角可能大于临界角，所以光线可能在DM段发生全反射现象，故C正确，D错误．

D项：7、B:D【分析】【分析】

当与相距最近后，继续前行；两物体组成的系统水平方向不受外力，故动量守恒；由动量守恒及机械能守恒定律分析过程可知两小球的运动情景．

【详解】

从小球到达最近位置后继续前进，此后拉到前进，减速，加速，达到共同速度时两者相距最远，此后继续减速，加速，当两球再次相距最近时，达到最小速度，达最大速度：两小球水平方向动量守恒，速度相同时保持稳定，一直向右前进，解得故的最大速度为的最小速度为BD正确．

【点睛】

本题为弹性碰撞的变式，可以作为水平方向弹性碰撞模型进行分析，分析其运动过程找出其最大最小速度的出现位置，由动量守恒可以解答．8、A:C【分析】【分析】

【详解】

ACD．温度计能测出被测物体的温度的原理就是热平衡定律；即温度计与被测物体达到热平衡时温度相同，其示数也就是被测物体的温度，故AC正确，D错误；

B．温度计与被测系统的温度不相同时；仍有示数，故B错误。

故选AC。9、B:C:D【分析】【详解】

线圈相当于电源，由楞次定律可知A相当于电源的正极，B相当于电源的负极．A点的电势高于B点的电势，在线圈位置上感应电场沿逆时针方向，选项A错误，B正确；由法拉第电磁感应定律得：由闭合电路的欧姆定律得：则0.1s时间内通过电阻R的电荷量为q=It=0.05C，选项C正确；0.1s时间内非静电力所做的功为W=Eq=50×0.05J=2.5J，选项D正确；故选BCD.10、B:C【分析】【详解】

图乙是质点P的振动图象，根据图乙可知在0.01s时P向上振动，根据“同侧法”可知波沿+x方向传播，波长λ=2m．周期T=0.02s，故波速故A错误；在0.01s～0.025s内，即质点R振动了所以质点R通过的路程为s=×4A=×4×5cm=15cm，故B正确；t=0.01s时1.5m处质点处于负向最大位移，所以t=0.005s时，1.5m处质点沿y轴的负方向运动，故C正确；该时刻质点Q向下振动，在0.01s～0.015s内，即从该时刻再经过T/4，质点Q的位移先减小后反向增大，则加速度先减小、后反向增大，故D错误．三、填空题(共7题，共14分)11、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]与门的特点：事件的所有条件满足；事件才能发生。或门的特点：只要有一个条件满足，事件就能发生。非门的特点：输入状态和输出状态完全相反。由图象知输入端有一个为高电势时，输出端即为高电势，此逻辑电路为或门电路，该逻辑门的符号是。

【解析】12、略

【分析】【详解】

[1]C→A过程中，图线是过原点的直线，根据

可得

可知C→A过程中气体压强不变；

[2]整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J，而整个过程中内能不变，则外界对气体做功为W=61.4J

其中A→B过程气体体积变大，对外做功W1；B→C过程体积不变，W2=0；从C→A过程等压压缩，外界对气体做功

则由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即气体在A→B过程中对外界所做的功为138.6J。【解析】不变138.613、略

【分析】【详解】

为使电动机在温度升高或受到光照时能自动启动，即热敏电阻或光敏电阻的电阻值小时，输入为“1”，输出为“1”，所以虚线框内应选“或”门．若要提高光照时电动机启动的灵敏度，需要在光照较弱即光敏电阻阻值较大时输入为“1”，输出为“1”，所以要增大R2的阻值．【解析】或，增大14、略

【分析】根据通电螺线管右端的小磁针静止时N极的指向，可知螺线管的d端为N极，c端为S极，由右手螺旋法则可知，电源的a端为正极。【解析】正，S15、略

【分析】【详解】

小球和小车组成的系统水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有

解得【解析】16、略

【分析】【详解】

因为反向电压为0.60V时，电流表读数为零，则光电子的最大初动能Ekm=eU=0.6eV；

把电路改为图乙；电压表读数为2V，该电压为正向电压，电子到达阳极时的最大动能为2.6eV；

电压表读数为2V不变而照射光的强度增到原来的三倍，此时电子到达阳极时的最大初动能不变，为2.6eV。【解析】0.6eV2.6eV2.6eV17、略

【分析】【详解】

（1）[1]空调制冷运行时；室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，凝结成小水滴排出室外，室内的空气湿度小于室外；

[2]根据能效等级做出分析；图乙中，两空调工作时更节能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用电器空调时，电路中电流I过大；可能会引起火灾或跳闸等事故，铺设了专线，可以防止这种危害，故A错误；

B．空调机制冷时，消耗的电能W，室外机放出的热量包括从房间里取出一部分热量Q和消耗的电能W，释放到大气热量中的热量为Q+W；所以室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能，故B正确；

C．氟利昂在空调内部的蒸发器里面汽化；汽化要吸热，使空调蒸发器的温度降低，室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，空调压缩机是利用氟利昂发生物态变化方法降温的，故C错误；

D．空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将热气吹向室外，故D错误。

故选A；

（3）[4]已知制冷量

因为效能比

所以制冷量

在t=10min=600s内消耗的电能

[5]制冷量

空气质量

根据

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作图题(共3题，共15分)18、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】19、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共20分)21、略

【分析】【详解】

(1)[1]螺旋测微器的固定刻度读数为1mm；可动刻度读数为0.01×12.5mm=0.125mm，所以最终读数