2025年浙教新版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、举世瞩目的“神舟”六号航天飞船的成功发射和顺利返回，显示了我国航天事业取得的巨大成就．已知地球的质量为M，引力常量为G，设飞船绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r；则飞船在圆轨道上运行的速率为（）

A.

B.

C.

D.

2、两个等量点电荷P；Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．下列说法中正确的是（）

A.P；Q是两个等量正电荷。

B.P；Q是两个等量负电荷。

C.P；Q是两个等量异种电荷。

D.P；Q产生的是匀强电场。

3、有关电压和电动势的说法中正确的是（）A.电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同说法B.电动势公式中的W与电压中的W是一样的，都是电场力做的功C.电动势是反映电源把其他形式的能转化为电势能本领强弱的物理量D.路端电压始终等于电源的电动势4、如图所示，在两根平行长直导线M、N中，通过同方向、同强度的电流．导线框ABCD和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速转动，在移动过程中，线框中产生磁感应电流的方向是（）A.始终沿顺时针方向不变B.始终沿逆时针方向不变C.先沿顺时针方向后沿逆时针方向D.先沿逆时针方向后沿顺时针方向5、如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子处于n=4的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，已知可见光光子能量范围约为1.61eV至3.10eV，下列说法正确的是（）A.这群氢原子能发出4种频率不同的光B.其中从n=2跃迁到n=l所发出的光频率最高C.其中从n=2跃迁到n=l所发出的光波长最长D.这群氢原子能发出2种可见光6、如图所示；某一选手将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方.

忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心；

他在下次投掷时应该A.换用质量稍大些的飞镖B.适当减小投飞镖的高度C.到稍远些的地方投飞镖D.适当增大投飞镖的初速度7、四种电场的电场线如图所示.

一正电荷q

仅在电场力作用下由P

点向Q

点作加速运动，且加速度越来越大.

则该电荷所在的电场是图中的(

)

A.B.C.D.8、下列说法中正确的是()A.水波是球面波B.声波是球面波C.只有横波才能形成球面波D.只有纵波才能形成球面波评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、科学家通过长期研究；发现了电和磁的联系，其中最重要的两项研究如图所示．

①甲图是研究______现象的装置，根据这一现象，制成了______机．（“电动机”或“发电机”）

②乙图是研究______现象的装置，根据这一现象，制成了______机．（“电动机”或“发电机”）10、把一个电荷量很小的点电荷q

，放入电场中的某一点，所受电场力的大小为F

，则该点电场强度的大小为_______；如果在该点放人电荷量为q

/2

的点电荷，则它所受电场力的大小为_______，该点电场强度的大小为________。11、核电站是人类和平利用核能的一个实例．目前核电站是利用____释放的核能来发电的．（选填“核裂变”或“核聚变”）12、如图所示，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，ab为放在其间的金属棒。ab和cd用导线连成一个闭合回路。当ab棒向左运动时，cd导线受到向下的磁场力。由此可知Ⅰ是极，a点电势（填“大于”或“小于”）b点电势。13、如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2隆脕10鈭�3C

的负电荷由A

点移到B

点，其电势能增加了0.2J

已知AB

两点间距离为2cm

两点连线与电场方向成60鈭�

角.

则：

(1)

该负电荷由A

移到B

的过程中；电场力所做的功WAB=

____________；

(2)AB

两点间的电势差以UAB=

____________；

(3)

该匀强电场的电场强度E=

____________．14、在探究电磁感应现象的实验中，用导线将螺线管与灵敏电流计相连，构成闭合电路，如图所示.

在下列情况中，灵敏电流计指针不发生偏转的是____A.线圈不动，将磁铁向线圈中插入B.

线圈不动，将磁铁从线圈中抽出C.磁铁放在线圈里不动D.

磁铁不动，将线圈上下移动此试验表明：只要穿过闭合回路中的磁通量发生____，闭合回路中就会有感应电流产生．15、如图所示，理想变压器的次级有两组线圈，图中三个灯泡的规格相同，四个电表对电路的影响都可忽略不计.

开关K

断开时，灯L1

正常发光，这时两电流表示数之比I1I2

是14

开关K

闭合时，三个灯都正常发光，这时两电流表示数之比I1隆盲I2隆盲=

______，两电压表示数之比U1U2=

______．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共1题，共2分)21、某同学用如图（甲）所示装置测量重力加速度g，所用交流电频率为50Hz.在所选纸带上取某点为0号计数点，然后每隔两个计时点取一个计数点，所有测量数据及其标记符号如图（乙）所示.该同学用两种方法处理数据(T为相邻两计数点的时间间隔)：方法A：由取平均值g=8.667m/s2;方法B：由取平均值g=8.673m/s2。从数据处理方法看，选择方法__________（“A”或“B”）更合理，这样可以减少实验的__________误差（“系统”或“偶然”）评卷人得分五、计算题(共4题，共24分)22、如图所示空间分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个足够长的区域，各边界面相互平行.

其中Ⅰ、Ⅱ区域存在匀强电场：E垄帽=1.0隆脕104V/m

方向垂直边界面竖直向上；E垄貌=34隆脕105V/m

方向水平向右，Ⅲ区域磁感应强度B=5.0T

方向垂直纸面向里.

三个区域宽度分别为d1=5.0md2=4.0md3=10m.

一质量m=1.0隆脕10鈭�8kg

电荷量q=1.6隆脕10鈭�6C

的粒子从O

点由静止释放，粒子重力忽略不计.

求：

(1)

粒子离开区域Ⅰ时的速度；

(2)

粒子从区域Ⅱ进入区域Ⅲ时的速度方向与边界面的夹角；

(3)

粒子在Ⅲ区域中运动的时间和离开Ⅲ区域时的速度方向与边界面的夹角．23、如图所示；倾斜角度为娄脠

的粗糙程度均匀的绝缘斜面，下方O

点处有一带电量为+Q

的点电荷，质量为m

带电量为鈭�q

的小物体(

可看成质点)

与斜面间的动摩擦因数为娄脤.

现使小物体以初速度v0

从斜面上的A

点沿斜面上滑，到达B

点时速度为零，然后又下滑回到A

点.

小物体所带电荷量保持不变，静电力常数为k

重力加速度为gOA=OB=l.

求：

(1)

小物体沿斜面上滑经过AB

中点时的加速度；

(2)

小物体返回到斜面上的A

点时的速度．24、如图所示，坐标系xoy在竖直平面内，y轴的正方向竖直向上，y轴的右侧广大空间存在水平向左的匀强电场E1=2N/C，y轴的左侧广大空间存在匀强磁场和电场，磁场方向垂直纸面向外，B=1T，电场方向竖直向上，E2=2N/C．t=0时刻，一个带正电的质点在O点以v=2m/s的初速度沿着与x轴负方向成45°角射入y轴的左侧空间，质点的电量为q=10-6C，质量为m=2×10-7kg，重力加速度g=10m/s2．求：

（1）质点从O点射入后第一次通过y轴的位置；

（2）质点从O点射入到第二次通过y轴所需时间；25、如图所示，半径R=4m的光滑圆环竖直放置，A点为圆环的最低点，B为圆环的最高点，CDA为光滑斜面，CEA为光滑圆弧面。若斜面CDA长为0.3m，小球由静止开始分别从C点沿光滑斜面CDA和圆弧面CEA滑至A点，时间分别为t1、t2，取重力加速度g=π2m/s2，试比较t1、t2的大小。某同学的解题思路如下：根据机械能守恒，由静止开始分别从C点沿光滑斜面CDA和沿圆弧CEA滑至A点的速度大小相等，而沿斜面CDA滑下的路程较短，所用时间也较短，所以t1<t2。你认为该同学的解法正确吗？若正确，请计算出t1、t2的大小；若不正确，指出错误处并通过计算说明理由。评卷人得分六、推断题(共3题，共24分)26、化合物rm{G[}rm{G[}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：请回答下列问题：rm{]}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：的名称是_____________。rm{]}的反应条件为_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反应类型分别是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在浓硫酸加热的条件下会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为_____________。rm{D隆煤E}是一种高聚酯，rm{(3)D}的化学方程式为___________。rm{(4)H}下列关于化合物rm{D隆煤H}的说法错误的是_________。A.rm{(5)}的分子式为rm{G}B.rm{G}与rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加热最多消耗rm{1molG}C.一定条件下rm{NaOH}发生消去反应生成的有机物存在顺反异构体D.在一定条件下rm{2molNaOH}能与rm{G}发生取代反应rm{G}是rm{HBr}的同分异构体，与rm{(6)M}具有相同的官能团。则rm{D}可能的结构有________种。rm{D}27、【化学选做】（15分）有机化合物甲、乙用于制备化妆品，二者合成路线如下（部分产物及条件略）。已知：（-R、-R’代表烃基或-H）（1）A的结构简式是____。（2）化合物F能与浓溴水反应产生白色沉淀。①有机物甲中官能团的名称是____。②“C→有机化合物甲”的化学方程式是____。③化合物F的名称是____。（3）化合物G的分子式为C3H6O，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。G的结构简式是____。（4）A与G反应生成D的反应方程式为____。(5)写出E所有可能的结构简式（满足合成路线）____。28、某芳香酯rm{I}的合成路线如下：已知以下信息：rm{垄脵A隆芦I}均为芳香族化合物，rm{B}苯环上只有一个取代基，且rm{B}能发生银镜反应；rm{D}的相对分子质量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氢谱有rm{3}组峰。rm{垄脷}rm{垄脹}请回答下列问题：rm{(1)A隆煤B}的反应类型为____________，rm{G}中所含官能团的名称有____________________，rm{E}的名称是______________________________。rm{(2)B}与银氨溶液反应的化学方程式为______________________________。rm{(3)I}的结构简式为______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分异构体还有_______________种。rm{垄脵}与rm{Na}反应并产生rm{H_{2}垄脷}芳香族化合物rm{(5)}据已有知识并结合相关信息，写出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}为原料制备rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路线流程图rm{(}无机试剂任选rm{)}合成路线流程图示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜篓脕貌脣谩,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜篓脕貌脣谩,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】

研究飞船绕地球做匀速圆周运动；根据万有引力提供向心力，列出等式：

解得：v=

故选A

【解析】【答案】研究飞船绕地球做匀速圆周运动；根据万有引力提供向心力，列出等式．

根据等式表示出飞船在圆轨道上运行的速率．

2、C【分析】

根据电场线的特点；从正电荷出发到负电荷终止可以判断，P；Q是两个等量异种电荷，所以AB错误，C正确．

匀强电场的电场线应该是平行的直线；所以D错误．

故选C．

【解析】【答案】电场线是从正电荷或者无穷远出发出；到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．

3、C【分析】【分析】电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，不是同一物理量的不同叫法．A错误；电动势公式中的W是非静电力做功，电压中的W是静电力做功．故B错误．电源是把其他形式的能转化为电能的装置；电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小．故C正确．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，但两者意义不同，不能说电动势就是电源两极间的电压．故D错误。

故选C。

【点评】切记动势公式中的W是非静电力做功，电压中的W是静电力做功。4、B【分析】解：当导线框位于中线OO′右侧运动时；磁场向外，磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为逆时针ADCBA

当导线框经过中线OO′；磁场方向先向外，后向里，磁通量先减小，后增加，根据楞次定律，可知感应电流方向为逆时针ADCBA

当导线框位于中线OO′左侧运动时；磁场向里，磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流方向为逆时针ADCBA．

故说明感应电流的方向一直沿逆时针方向；

故选：B．

两根平行长直导线M；N中；通以同方向同强度的电流，产生磁场，根据安培定则可知，在中线OO′右侧磁场向外，左侧磁场向里．当导线框向左运动时，磁通量变化，产生感应电流，根据楞次定律判断感应电流方向．

本题考查运用楞次定律判断感应电流方向的能力，难点在于分析导线框经过中线时磁场方向和磁通量的变化情况．【解析】【答案】B5、D【分析】解：A、一群氢原子处于n=4的激发态，根据知能放出6种不同频率的光．故A错误；

B、根据玻尔理论，辐射的光子的能量：hγ=Em-En；可知其中从n=4跃迁到n=l所发出的光的能量最大，频率最高，故B错误；

C、根据玻尔理论，辐射的光子的能量：hγ=Em-En，可知其中从n=4跃迁到n=3所发出的光的能量最小，频率最小；结合可知波长最长．故C错误；

D；因为可见光的光子能量范围约为1.62eV～3.11eV；满足此范围的有：n=4到n=2，n=3到n=2的光子的能量在此范围内，所以可将有2种不同频率的可见光．故D正确；

故选：D

根据计算出不同频率光的种数；根据hγ=Em-En计算光的频率；

波长越短；频率越高，波长最短的光子产生于能极差最大的能级之间．

该题考查对玻尔理论的理解，解决本题的关键知道能级间跃迁放出或吸收光子的能量满足hγ=Em-En．【解析】【答案】D6、D【分析】【解析】

试题分析：因为飞镖飞出去后做平抛运动；此时水平方向速度不变，竖直方向做自由落体运动，初速度变大后竖直方向下落距离就会减少，所以更容易中靶心，故选D

考点：考查平抛运动规律。

点评：本题难度较小，平抛运动中加速度与质量无关，运动时间由竖直高度决定，水平位移由初速度和竖直高度共同决定【解析】D

7、C【分析】解：因粒子由P

到Q

是加速运动；而粒子带正电，故说明电场线是由M

到N

的；

因粒子在运动中加速度越大越大；说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；故C正确；

故选：C

由粒子做加速运动可知；粒子受力方向，则可判断电场线的方向；由加速度的变化可知电荷受力的变化，则由F=Eq

可得出场强的变化，则可判断电场线的疏密．

电场线是为了形象描述电场的性质而引入的虚拟带有方向的线，近几年对电场线的考查较多，应认真把握．【解析】C

8、B【分析】【分析】A.明确平面波和球面波的区别，知道水波无法形成球面波。BCDBCD．根据球面波的定义可知声波是否可以形成球面波，球面波是否也可以由横波或纵波形成。本题考查平面波和球面波的性质，要注意明确无论是纵波还是横波均可以形成球面波。【解答】A.由于水波不能在空间中传播，所以它是平面波，故A错误。

BCD.BCD.根据球面波的定义可知，若波面是球面则为球面波，与横波、纵波无关，故CD错误，B正确。

故选B。

【解析】B

二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】解：①甲图中导体棒与电流表相连；无供电装置，故为演示电磁感应的装置．由这一原理我们制出了发电机．

②乙图中有电源供电；而无电流表，但能看到通电导线在磁场中的运动，故本实验是研究磁场对电流作用的装置，通过这一现象，我们制成了电动机．

故答案为：①电磁感应；发电；②磁场对电流作用；电动．

由图示电路的结构和特点理解实验的原理和目的．

电磁感应为因为运动而产生了电流，导体在磁场中受力是因为有了电流而发生了运动．实验装置是不同的．【解析】电磁感应；发电；磁场对电流作用；电动10、【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=Fq

求出电场强度；再根据F=qE

求出电场力的大小，电场强度的大小与放入电场中的电荷无关。

解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=Fq

以及知道电场强度的大小与放入电场中的电荷无关。【解答】在电场中放入一点电荷q

电荷受到的电场力为F

则该点电场强度大小为：E=Fq

若在该点放一个电荷量为2q

的点电荷，场强不变，为Fq

故电场力：F鈥�=q2E=F2

故填：FqF2Fq

【解析】FqF2Fq

11、略

【分析】

目前核电站是利用核裂变释放的核能来发电的．

答案为：核裂变。

【解析】【答案】现在世界上的核电站都是利用核裂变发电的．

12、略

【分析】试题分析:由左手定则可知，cd棒中电流方向是：由c指向d；ab棒中电流方向是：由a指向b，由右手定则可知，ab棒所处位置磁场方向：竖直向上，则Ⅰ是S极，Ⅱ是N极。ab棒是电源，ab棒中电流由b指向a，则a点电势高，b点电势低考点：右手定则；左手定则【解析】【答案】S；大于13、-0.2J;100V;1×104V/m【分析】解：(1)

负电荷由A

点移到B

点；其电势能增加了0.2J

则电场力所做的功：WAB=鈭�0.2J

(2)AB

两点间的电势差：UAB=WABq=鈭�0.2鈭�2脳10鈭�3V=100V

(3)

由UAB=Ed=EA炉Bcos60鈭�

得：E=UABA炉Bcos60鈭�=1002脳10鈭�2脳0.5V/m=1隆脕104V/m

故答案为：(1)鈭�0.2J(2)100V(3)1隆脕104V/m

【解析】鈭�0.2J;100V;1隆脕104V/m

14、C变化【分析】【分析】当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，产生感应电流。解决本题的关键知道感应电流产生的条件，即穿过闭合回路磁通量发生变化。【解答】A.线圈不动；将磁铁向线圈中插入，磁通量增大，会产生感应电流，灵敏电流计指针发生偏转，故A错误；

B.线圈不动；将磁铁从线圈中抽出，磁通量减小，会产生感应电流，灵敏电流计指针发生偏转，故B错误；

C.磁铁放在线圈里不动；磁通量不变，不产生感应电流，灵敏电流计指针不发生偏转，故C正确；

D.磁铁不动；将线圈上下移动，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，灵敏电流计指针发生偏转，故D错误。

此试验表明：只要穿过闭合回路中的磁通量发生变化，闭合回路中就会有感应电流产生。故答案为：C

变化。【解析】CC变化15、略

【分析】解：(1)

根据电流与匝数成反比；

开关K

断开，灯L1

正常发光时，原线圈和次级线圈的匝数之比：n1n2=I2I1=41

开关K

闭合时；三个规格相同的灯泡都正常发光；

下边次级线圈的电压和上面次级线圈的电压相等；且通过三灯泡的电流相等；

根据电压与匝数成正比；且上面和下面次线圈的匝数相等；

两电压表示数之比：U1U2=n1n2=41

(2)

根据输入功率等于输出功率；

有：U1I1隆盲=U2I2隆盲+U2I3隆盲=U2I2隆盲+2U2I2隆盲=3U2I2隆盲

所以：I隆盲1I隆盲2=3U2U1=3隆脕14=34

．

故答案为：3441

．

根据变压器的特点：电压与匝数成之比；电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率，进行解答．

本题副线圈中有两个，对于电压仍然可以用于匝数成正比，但是电流不再和匝数成反比，应该利用输入功率等于输出功率．【解析】3441

三、判断题(共5题，共10分)16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、实验题(共1题，共2分)21、略

【分析】试题分析：方法A中，实际计算中只用了s1和s6两组数据，不利于减小偶然误差；而方法B中实际利用了s1至s6六组数据，便于减小偶然误差，故方法B更合理。考点：本实验考查了利用自有落体测重力加速度，涉及匀变速直线运动的规律、自由落体运动的规律【解析】【答案】B偶然五、计算题(共4题，共24分)22、解：（1）粒子在区域Ⅰ运动过程；由动能定理得：

mv12=qE1d1-0；

代入数据解得：v1=4×103m/s．

（2）粒子在区域II做类平抛运动，设粒子进入区域III时速度与边界的夹角为θ；则：

tanθ=vx=v1，vy=at；

由牛顿第二定律得，加速度为：a=

运动时间为：t=

代入数据解得：θ=30°．

（3）粒子进入磁场时的速度为：v2==2v1；

粒子在磁场中做匀速圆周运动；洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

qv2B=m

代入数据解得：r=10m=d3；

由于：r=d3，粒子在磁场中运动所对的圆心角为600；粒子在磁场中运动的时间为：

t=T=×=

代入数据解得：t=7.85×10-3s；

粒子离开Ⅲ区域时速度与边界面的夹角为：60°；

答：（1）粒子离开区域Ⅰ时的速度为4×103m/s．

（2）粒子从区域Ⅱ进入区域Ⅲ时的速度方向与边界面的夹角为30°；

（3）粒子在Ⅲ区域中运动的时间为7.85×10-3s，离开Ⅲ区域时的速度方向与边界面的夹角为60°．【分析】

(1)

由动能定理列方程求粒子离开区域Ⅰ时的速度大小；

(2)

粒子在区域Ⅱ中竖直方向匀速直线运动；水平方向匀加速直线运动，即粒子做类平抛运动，由类平抛运动规律求解；

(3)

先求出粒子在Ⅲ区域的运动半径，然后做出轨迹，确定圆周运动转过的圆心角，结合周期公式T=2娄脨mqB

求解Ⅲ区域的运动时间；总时间为三段运动的时间之和，然后求出受到夹角．

粒子在电场中的偏转情况，一定注意化曲为直，即将运动分解为平行于电场的方向与垂直于电场的方向；粒子在磁场中的运动一定要注意找出圆心和半径，进而能正确的应用好几何关系，则可顺利求解拢隆

【解析】解：(1)

粒子在区域Ⅰ运动过程；由动能定理得：

12mv12=qE1d1鈭�0

代入数据解得：v1=4隆脕103m/s

．

(2)

粒子在区域II

做类平抛运动，设粒子进入区域III

时速度与边界的夹角为娄脠

则：

tan娄脠=vxvyvx=v1vy=at

由牛顿第二定律得，加速度为：a=qE2m

运动时间为：t=d2v1

代入数据解得：娄脠=30鈭�

．

(3)

粒子进入磁场时的速度为：v2=v1sin30鈭�=2v1

粒子在磁场中做匀速圆周运动；洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

qv2B=mv22r

代入数据解得：r=10m=d3

由于：r=d3

粒子在磁场中运动所对的圆心角为600

粒子在磁场中运动的时间为：

t=16T=16隆脕2娄脨mqB=娄脨m3qB

代入数据解得：t=7.85隆脕10鈭�3s

粒子离开Ⅲ区域时速度与边界面的夹角为：60鈭�

答：(1)

粒子离开区域Ⅰ时的速度为4隆脕103m/s

．

(2)

粒子从区域Ⅱ进入区域Ⅲ时的速度方向与边界面的夹角为30鈭�

(3)

粒子在Ⅲ区域中运动的时间为7.85隆脕10鈭�3s

离开Ⅲ区域时的速度方向与边界面的夹角为60鈭�

．23、略

【分析】

(1)

根据小物体的受力情况；运用正交分解法，由牛顿第二定律和库仑定律列式求出小物体沿斜面上滑经过AB

中点时的加速度；

(2)

对上升和下滑两个过程分别运用动能定理求解小物体回到M

点时速度．

牛顿第二定律是求加速度的基本规律，运用动能定理时，要注意抓住AB

电势相等的特点，得到电场力做功为零，再进行列式求解．【解析】解：(1)

小物体经过AB

中点时；根据牛顿第二定律和库仑定律得：

FN=mgcos娄脠+kQq(lsin娄脠)2

mgsin娄脠+娄脤FN=ma

得：a=gsin娄脠+娄脤(gcos娄脠+kQqm(lsin娄脠)2)

(2)

设物体上升过程中；摩擦力做功为Wf.

由于OA=OBAB

两点的电势相等，上升和下滑过程中电场力做功都为0

则根据动能定理得。

上升过程，有0鈭�12mv02=鈭�mglsin2娄脠+Wf

下滑过程，有12mv2=mglsin2娄脠+Wf

解得：v=4glsin2娄脠鈭�v02

答：

(1)

小物体沿斜面上滑经过AB

中点时的加速度是gsin娄脠+娄脤(gcos娄脠+kQqm(lsin娄脠)2)

(2)

小物体返回到斜面上的A

点时的速度是4glsin2娄脠鈭�v02

．24、解：（1）质点从o点进入左侧空间后，所受电场力为：qE=2×10-6N=mg；

电场力与重力平衡，质点做匀速圆周运动，洛仑兹力充当向心力，

由牛顿第二定律得：qvB=m

代入数据解得：R=0.4m；

质点第一次通过y轴的位置：

y1=R=m；

（2）质点在磁场中的运动轨迹是个圆周，在磁场中的运动的时间：t1=T=×=s；

当质点到达右侧空间时，F合==mg；

由牛顿第二定律得：a==g；

且F合与v反向；质点做有往返的匀变速直线运动；

往返时间：t2=2×=s；

质点从刚射入左侧空间到第二次通过y轴所需的时间：t=t1+t2=s；

答：（1）质点从O点射入后第一次通过y轴的位置为y1=m；

（2）质点从O点射入到第二次通过y轴所需时间为s。【分析】

（1）求出质点受到的电场力；根据质点受力情况判断质点的运动性质，然后由牛顿第二定律分析答题。

（2）求出质点做圆周运动的时间；应用牛顿第二定律与运动学公式求出质点的运动时间。

本题是一道电磁学与运动学相结合的综合题，难度较大，应用牛顿第二定律、牛顿第二定律、运动的合成与分解、运动学公式即可正确解题，分析清楚质点的运动过程、作出质点的运动轨迹是正确解题的前提与基础。【解析】解：（1）质点从o点进入左侧空间后，所受电场力为：qE=2×10-6N=mg；

电场力与重力平衡，质点做匀速圆周运动，洛仑兹力充当向心力，

由牛顿第二定律得：qvB=m

代入数据解得：R=0.4m；

质点第一次通过y轴的位置：

y1=R=m；

（2）质点在磁场中的运动轨迹是个圆周，在磁场中的运动的时间：t1=T=×=s；

当质点到达右侧空间时，F合==mg；

由牛顿第二定律得：a==g；

且F合与v反向；质点做有往返的匀变速直线运动；

往返时间：t2=2×=s；

质点从刚射入左侧空间到第二次通过y轴所需的时间：t=t1+t2=s；

答：（1）质点从O点射入后第一次通过y轴的位置为y1=m；

（2）质点从O点射入到第二次通过y轴所需时间为s。25、略

【分析】【解析】试题分析：。（1分）由于小球沿圆弧CEA运动不是匀变速运动，不能仅根据末速度大小和路程来比较t1与t2的大小。（1分）正确【解析】

设圆弧的圆心为O，CDA斜面倾角为θ则小球在斜面上的加速度a==gsinθ（1分）2Rsinq=at12（1分）得t1=代入数据得t1=s="1.3s"（1分）由于=，∠AOC=×=4.3°<5°（1分）所以小球沿CEA运动可以看成单摆的简谐运动则t2=（1分）而T=2π（1分）t2=1s（1分）所以t1>t2（1分）考点：简谐运动的振幅、周期和频率【解析】【答案】不正确六、推断题(共3题，共24分)26、rm{(1)2-}甲基丙烯或异丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加热加成反应取代反应

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本题考查学生有机推断和有机合成，是现在考试的热点，难度较大，可以根据所学知识进行回答。【解答】由rm{A}到rm{B}发生加成反应，rm{B}到rm{C}反生卤代烃的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}与rm{F}反生取代反应生成rm{G}由此来推断各反应类型和产物；rm{(1)A}是烯烃，名称是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反应条件为rm{NaOH}水溶液并加热，根据题目所给的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反应类型分别是加成反应、取代反应；rm{(3)D}在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为rm{(3)D}；

是一种高聚酯，rm{(4)H}的化学方程式为rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根据rm{(5)A.}和rm{E}发生取代反应生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式为rm{G}故A正确；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知与rm{1mol}溶液加热最多消耗rm{NaOH}注意酚羟基的性质，故B错误；C.一定条件下rm{3molNaOH}发生消去反应生成的有机物碳碳双键两侧的碳原子有rm{G}不存在顺反异构体，故C错误；D.在一定条件下rm{-CH_{2}}能与rm{G}发生取代反应，体现羟基的性质，故D正确；故选BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分异构体，与rm{D}具有相同的官能团即羧基和羟基，羟基和羧基看作取代基，相当于丙烷的二元取代产物，则rm{D}可能的结构有rm{M}种。

rm{4}【解析】rm{(1)2-}甲基丙烯或异丁烯rm{(2)NaOH}溶液加热加成反应取代反应rm{(3)}rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(5)BC}rm{(6)4}

27、略

【分析】【分析】本题考查了有机物的合成与推断，关键是有机物中官能团的性质与转化，涉及内容较多题目难度较大，掌握好基础知识就能顺利解答本题。由合成路线，结合物质的结构变化，所以A为HC≡CH，B为C为D为E为或或F为G为据此解答。【解答】由合成路线，结合物质的结构变化，所以A为HC≡CH，B为C为D为E为或或F为G为（1）由上分析知，A为HC≡CH；（2）化合物F能与浓溴水反应产生白色沉淀，说