2025年冀教新版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版必修3物理上册月考试卷691考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电量为e，此时电子的定向移动速度为v，在Δt时间内,通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为()A.B.C.D.2、如图所示，平行长直导线1，2通过相反方向的电流，电流大小相等．a，b两点关于导线1对称，b，c两点关于导线2对称，且ab＝bc，则关于a，b，c三点的磁感应强度B的说法中正确的是()．

A.三点的磁感应强度相同B.b点的磁感应强度最大C.a，c两点的磁感应强度大小相同，方向相反D.a点的磁感应强度最大3、如图所示，R1＝1Ω，R2＝2Ω，R3＝3Ω；则（）

A.I1∶I2∶I3＝1∶1∶1B.I1∶I2∶I3＝1∶2∶3C.U1∶U2∶U3＝1∶1∶1D.U1∶U2∶U3＝3∶2∶14、一个用满偏电流为的电流表改装而成的欧姆表，调零后用它测的标准电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间，如果用它测量一个未知电阻时，指针指在处，则被测电阻的阻值为（）A.B.C.D.5、如图所示，设想在真空环境中将带电导体球靠近不带电的导体。若沿虚线1将导体分成左右两部分，这两部分所带电荷量分别为Q左、Q右；若沿虚线2将导体分成左右两部分，这两部分所带电荷量分别为Q'左、Q'右。下列推断正确的是。

A.Q左+Q右可能为负B.Q左+Q右一定等于Q'左+Q'右C.导体内虚线1上各点的场强小于虚线2上各点的场强D.导体内虚线1上各点的电势小于虚线2上各点的电势6、示波管原理图如图甲所示。它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，管内抽成真空。如果在偏转电极和之间都没有加电压，电子束从电子枪射出后沿直线运动，打在荧光屏中心，产生一个亮斑如图乙所示。若板间电势差和随时间变化关系图像如丙、丁所示，则苂光屏上的图像可能为（）

A.B.C.D.7、两电荷量分别为和的点电荷固定在x轴上的A、B两点，两点电荷连线上各点电势随坐标x变化的关系如图所示，取无穷远处电势为0。P点为图中最高点，且由图像可知（）

A.两点电荷均带负电，且B.两点电荷均带负电，且C.A到B场强先增大后减小D.A到B电势先降低后升高8、一根电阻丝和一台电动机线圈电阻相同，都为R，当通过它们的电流I相同且电动机正常运转时，在相同时间内，下列判断正确的是（）A.电阻丝和电动机消耗的电能相同B.电动机产生的热量大于电阻丝产生的热量C.电阻丝和电动机两端的电压相等D.电阻丝两端的电压小于电动机两端的电压评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、在如图所示的电路中，电源电动势为E，其内阻为r，L1、L2、L3为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），P为滑动变阻器的滑片，S1、S2为单刀开关，S1闭合；则下列说法中正确的是（）

A.滑动变阻器的滑片P不动，将S2闭合，小灯泡L2变暗B.滑动变阻器的滑片P不动，将S2闭合，小灯泡L1变暗C.在S2处于闭合状态下，向右滑动滑片P，小灯泡L3变亮D.在S2处于闭合状态下，向右滑动滑片P，小灯泡L2变亮10、下列说法正确的是（）A.处于静电平衡状态的导体是一个等势体B.导体处于静电平衡时它里面的场强处处为零C.导体处于静电平衡时导体越尖锐的位置电荷分布越密D.静电屏蔽中我们利用了牛顿运动定律11、如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，一个电子仅在电场力作用下沿x轴正方向运动，经过A、B、C三点，已知．该电子的电势能EP随坐标x变化的关系如图乙所示．则下列说法中正确的是。

A.A点电势低于B点电势B.A点的电场强度小于B点的电场强度C.A、B两点电势差UAB等于B、C两点电势差UBCD.电子经过A点的速率小于经过B点的速率12、如图所示，半径为的圆内有一内接直角三角形，其中空间中存在与圆平面平行的匀强电场，将一带正电的试探电荷由点移动到点，电场力做的功为将该电荷由点移动到点，电场力做的功为已知该试探电荷的电荷量为则下列说法正确的是（）

A.匀强电场的方向由指向B.该试探电荷由移动到电势能减少C.点的电势比点的电势低D.该电场强度的大小为13、如图所示，电容器固定在一个绝缘座上，绝缘座放在光滑水平面上。平行板电容器板间距离为d，右极板有一个小孔，有一长为的绝缘杆穿过小孔，左端固定在左极板上，电容器两极板连同底座、绝缘杆总质量为M，有一质量为m、带电荷量为+q的环套在杆上，环以某一初速度v0从杆右端对准小孔向左运动（M=3m）。假设带电环不影响电容器板间电场的分布，两极板间的电场为匀强电场，电容器外部电场和接触面的摩擦均忽略不计。若带电环进入电容器后距左板最小距离为则（）

A.带电环与左极板间相距最近时的速度为B.带电环从右极板小孔离开电场的速度为-v0C.极板间的电场强度大小为D.极板间的电场强度大小为14、如图，圆心为的圆处于匀强电场中，电场方向与圆平面平行，和为该圆直径。将电荷量为的粒子从点移动到点，电场力做功为若将该粒子从点移动到点，电场力做功为下列说法正确的是（）

A.该匀强电场的场强方向与平行B.将该粒子从点移动到点，电场力做功为C.点电势低于点电势D.若只受电场力，从点射入圆形电场区域的所有带电粒子都做曲线运动15、科学家研究发现，磁敏电阻的阻值随所处空间磁场的增强而增大，随所处空间磁场的减弱而减小。如图所示电路中R′为一个磁敏电阻，置于真空中的平行板电容器水平放置，滑动变阻器R0的滑片位于中点位置，此时处在电容器中的油滴P恰好静止不动。现在要使油滴P向上加速运动；下列操作正确的是（）

A.仅将条形磁铁向左移动靠近磁敏电阻B.仅将滑动变阻器的滑片向上移动C.仅增大平行板电容器两个极板的距离D.仅减小平行板电容器两个极板的正对面积16、如图所示，平行板电容器的金属板始终与电源两极相连，电源电压为8.0V，两板的间距为2cm，而且极板B接地．极板间有C、D两点，C距A板0.5cm，D距B板0.5cm；则（）

A.C.D两点的电势相等B.两板间的场强为400V/mC.D点的电势φD=2.0VD.C点的电势φC=2.0V评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、电磁感应现象的发现直接导致了___________的设计成功。使大规模生产电能成为可能，人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。1887年，物理学家___________用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。18、如图所示，电流表A的量程为0-0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于电流表内阻的的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则。

(1)将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示_____A.

(2)将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示______A.19、质量均为m的三个带电小球A、B、C放置在光滑绝缘的水平面上，相邻两球间的距离均为L，A球带电荷量qA=＋10q；B球带电荷量qB=＋q。若在C上加一个水平向右的恒力F，如图所示，要使三球能始终保持L的间距向右运动，则C球带_____电（填“正”或“负”），外力F等于_____。

20、如图所示电场，一个电子在P点和Q点所受电场力大小________电势能________（均选填“>”、“=”和“<”）

21、有一已充电的电容器，若使它的电荷量减少则其电压由原来的1.5V变为0.5V，由此可知电容器的电容是___________F；原来带电荷量是___________C。22、表头的满偏电压和满偏电流一般都比较小，测量较大的电压或电流时要把它改装成较大量程的电压表或电流表。现有一个量程内阻为的表头G。

（1）若要把此表头改装成量程为3V的电压表，应串联一个阻值为______的电阻；

（2）若要把此表头改装成量程为10mA的电流表，应并联个阻值为______的电阻；

（3）若将此表头改装成有两个量程的电流表，如图所示，则使用A、B两个端点时，量程______选填“较大”或“较小”

评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)23、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)25、在“测定金属的电阻率”实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时其刻度的位置如上图所示，用米尺测量出金属丝的有效长度为l；金属丝的电阻大约为4Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料常温下的电阻率。

（1）从图中可读出金属丝的直径为_______mm。

（2）在用伏安法测定金属丝的电阻时；除被测电阻丝外，还有如下实验器材供选择：

A.直流电源：电动势约4.5V；内阻很小。

B.电流表A1：量程0~0.6A；内阻约为0.125Ω

C.电流表A2：量程0~3.0A；内阻约为0.025Ω

D.电压表V1：量程0~3V；内阻约为3kΩ

E.电压表V2：量程0~15V；内阻约为15kΩ

F.滑动变阻器R1：最大阻值20Ω

G.滑动变阻器R2：最大阻值500Ω

H.开关；导线若干。

为了提高实验的测量精度和仪器操作的方便，在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_____，电压表是_____，滑动变阻器是_____（填仪器的字母代号）。

（3）根据所选的器材，用铅笔在下图所示的虚线方框中画出完整的实验电路图。()

评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)26、如图所示，在匀强电场中，一电荷量为q＝5.0×10－10C的正电荷，由a点移到b点和由a点移到c点，电场力做的功都是3.0×10－8J，已知a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab＝20cm，θ＝37°。求：

（1）电场强度的方向；

（2）a、b两点间的电势差；

（3）匀强电场的场强大小。

27、无处不在的引力场；构建出一幅和谐而神秘的宇宙图景。

（1）地球附近的物体处在地球产生的引力场中。地球可视为质量分布均匀的球体。已知地球的质量为M，引力常量为G。请类比电场强度的定义，写出距地心r处的引力场强度g的表达式。（已知r大于地球半径，结果用M、G和r表示）

（2）物体处于引力场中；就像电荷在电场中具有电势能一样，具有引力势能。

中国科学院南极天文中心的巡天望远镜追踪到由孤立的双中子星合并时产生的引力波。已知该双中子星的质量分别为且保持不变。在短时间内，可认为双中子星绕二者连线上的某一点做匀速圆周运动。请分析说明在合并过程中，该双中子星系统的引力势能、运动的周期T如何变化。

（3）我们可以在无法获知银河系总质量的情况下，研究太阳在银河系中所具有的引力势能。通过天文观测距银心（即银河系的中心）为r处的物质绕银心的旋转速度为v，根据可得到银河系在该处的引力场强度g的数值，并作出图像，如图所示。已知太阳的质量太阳距离银心

a．某同学根据表达式认为：引力场强度g的大小与物质绕银心的旋转速度成正比，与到银心的距离r成反比。请定性分析说明该同学的观点是否正确。

b．将物质距银心无穷远处的引力势能规定为零，请利用题中信息估算太阳所具有的引力势能

28、如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机。P是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上。闭合开关S，重物P以速度v匀速上升，这时理想电流表和理想电压表的示数分别是I=5A和U=110V，重物P上升的速度v=1.0m/s，重物的质量m=45kg（g取10m/s2）。求：

（1）电动机的输入功率P入；

（2）电动机线圈的电阻R。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

在时间内，流经导线的电荷量为而电子的电荷量为则时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：

A.与分析不符；故A错误；

B.与分析不符；故B错误；

C.与分析相符；故C正确；

D.与分析不符，故D错误．2、B【分析】【详解】

a、b、c三点的磁场，均来自导线1和2的磁场的叠加，根据安培右手定则，结合对称性可知，a点处的净磁场和c点处净磁场的磁感应强度大小相等，方向相同；b点处磁场磁感应强度为1、2导线分别在b点磁感应强度的2倍，最强。所以b点处磁场磁感应强度最大；B正确，故本题选B

【点睛】

根据安培右手定则，可以确定两条导线分别在空间中同一点的磁感应强度的方向；离通电直导线越远的地方，磁感应强度越小；磁场的叠加满足矢量运算法则。3、A【分析】【分析】

【详解】

AB．串联电路电流相等，故I1∶I2∶I3＝1∶1∶1

故A正确；B错误；

CD．根据欧姆定律，电压之比为1∶2∶3

故CD错误。

故选A。4、A【分析】【详解】

当电流达到满偏电流的一半时；所测电阻与内部电阻相同，为中值电阻。

中值电阻为

则

再由

解得

故选A。5、B【分析】【详解】

A.因导体所带电量的总和为零，则Q左+Q右一定为零；选项A错误；

B.因导体所带电量的总和为零，则Q左+Q右一定等于Q'左+Q'右且都等于零；选项B正确；

C.达到静电平衡时；导体内部各处场强均为零，则导体内虚线1上各点的场强等于虚线2上各点的场强，选项C错误；

D.达到静电平衡时；导体是等势体，则导体内虚线1上各点的电势等于虚线2上各点的电势，选项D错误；

故选B.6、C【分析】【详解】

为恒定电压，电子带负电，故电子向Y轴正方向偏转，在之间加如图丙所示的正弦电压；电子在X轴方向发生偏转，电压越大侧移量越大，由运动的合成，会在荧光屏上看到过Y轴正方向上某点且平行X轴的一条水平的亮线（在Ⅰ；Ⅱ象限），故C正确，ABD错误。

故选C。7、A【分析】【详解】

ABD．由图像可知，从A到P电势升高，从P到B电势降低，而沿着电场线的方向电势降低，可知两电荷均为负电荷，又离负电荷越远电势越高，而两电荷在P点的电势相同，且有由此可知电荷量故A正确，BD错误；

C．图像额斜率绝对值的大小表示电场强度的大小，由图像可知，从A到B的过程中，图像的斜率的绝对值先减小后增大，由此可知从A到B的过程中；电场强度的大小先减小后增大，故C错误。

故选A。8、D【分析】【详解】

B．根据焦耳定律

可知电动机产生的热量等于电阻丝产生的热量；故B错误；

A．由于电动机除了线圈产生热量之外；还要对外输出机械功，所以在两者产生热量相同的情况下电动机消耗的电能比电阻丝消耗的电能多，故A错误；

CD．设电动机和电阻丝两端电压分别为U1、U2，电动机和电阻丝消耗的功率分别为

由以上两式可知

故C错误；D正确。

故选D。二、多选题(共8题，共16分)9、B:C【分析】【详解】

AB.将S2闭合，总电阻减小，总电流增大，L2变亮，内电压增大，路端电压减小，L2两端电压增大，L1两端电压减小，L1变暗；故A错误，B正确；

CD.在S2处于闭合状态下，向右滑动滑片P，总电阻增大，总电流减小，内电压和L2两端电压都减小，L2变暗，L3两端电压增大，L3变亮；故C正确，D错误。

故选BC。10、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．处于静电平衡状态时；在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与场源电荷产生的场强与大小相等，方向相反，此时导体的内部场强处处为0．电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体。故A正确，B正确；

C．导体处于静电平衡时；导体表面的电荷分布是不均匀的，导体越尖锐的位置电荷分布越密。故C正确；

D．静电屏蔽中我们利用了处于静电平衡状态时整个导体是一个等势体的特点；没有利用牛顿运动定律。故D错误。

故选ABC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

AD.一个电子仅在电场力作用下沿x轴正方向运动，由图知电势能一直减小，则电子从A到B电场力做正功，电势升高，根据动能定理，动能增加，速度增大，A点电势低于B点电势；故AD正确；

B.根据EP=qEx，可知图象的斜率大小体现电场强度的强弱，因此从A到B，电场强度减小，A点的电场强度大于B点的电场强度；故B错误；

C.由图可知，电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，A、B两点电势差UAB大于B、C两点电势差UBC，故C错误．12、B:C:D【分析】【分析】

逻辑推理能力；分析综合能力。

【详解】

B．设a点的电势为零，则试探电荷在a点的电势能为零，结合题意可知试探电荷在b点的电势能为b点的电势为

同理，试探电荷在c点的电势能为c点的电势为

b、c两点的电势差为

试探电荷由b移动到c，电场力做的功为

故B正确；

C．O点为的中点，则O点的电势为

所以O、b两点的电势差为

即O点的电势比b点的电势低2V；C正确；

AD．由以上分析可知，a、c两点的电势差为

电场沿a、c方向的电场强度大小为

电场沿b、c方向的电场强度大小为

所以电场强度的大小为

电场强度与a、c方向成θ

故A错误；D正确。

故选BCD。13、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．带电环进入电容器后在电场力的作用下做初速度为v0的匀减速直线运动，而电容器则在电场力的作用下做匀加速直线运动，当它们的速度相等时，带电环与电容器的左极板相距最近，由系统动量守恒定律可得

解得

又

所以

故A正确；

B．带电环从右极板小孔离开电场时，以向左为正方向，由动量守恒定律得

由能量守恒定律得

又

解得

故B错误；

CD．带电环运动到左极板间相距最近的程中电容器向左做匀加速直线运动，根据运动学基本公式得

带电环向左做匀减速直线运动，由公式得

根据位移关系有

解得

对带电环利用动能定理

解得

故C正确；D错误。

故选AC。14、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．由于该电场为匀强电场，可采用矢量分解的的思路，沿cd方向建立x轴，垂直与cd方向建立y轴如下图所示。

在x方向有W=Exq2R

在y方向有2W=EyqR+ExqR

经过计算有Ex=Ey=E=tanθ=

由于电场方向与水平方向成60°，则电场与ab平行，且沿a指向b；A正确；

B．该粒从d点运动到b点，电场力做的功为W′=Eq=0.5W

B正确；

C．沿电场线方向电势逐渐降低，则a点的电势高于c点的电势；C错误；

D．若粒子的初速度方向与ab平行则粒子做匀变速直线运动；D错误。

故选AB。15、B:D【分析】【详解】

A．处在电容器中的油滴P恰好静止不动时，有mg＝Eq

要使油滴P向上加速运动，只有增大电场强度E；将条形磁铁向左移动靠近磁敏电阻时，磁敏电阻的阻值增大，滑动变阻器R0上分得的电压减小，但由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器两端的电压不变，所以电场强度不变，油滴P不动；A错误；

B．当滑动变阻器的滑片向上移动时，电容器两端的电压增大，由E＝知电场强度增大，油滴P向上加速运动；B正确；

C．当增大平行板电容器两个极板的距离时，电容器不能放电，电容器所带电荷量不变，由Q=CU

可知电场强度

即场强不变，油滴P不动；C错误；

D．当减小平行板电容器两个极板的正对面积时，电容器电容C减小，则带电量应该减小，但是电容器不能放电，电容器所带电荷量不变，由选项C中的结论

可知所以电场强度增大，油滴P向上加速运动；D正确。

故选BD。16、B:C【分析】【详解】

A、由题板间场强方向向下，则C点的电势高于D点的电势;故A错误.

B、电容器的板间电压U=8V，则两板间匀强电场的场强故B正确.

C、D、B间的电势差为UDB=EdDB=400×5×10-3V=2V，而极板B接地，电势为零，则D点的电势φD=2V;故C正确.

D、C、B间的电势差为UCB=EdCB=400×1.5×10-2V=6V，而极板B接地，电势为零，则C点的电势φC=6V;故D错误.

故选BC.

【点睛】

求某点电势常用的方法是先求出该点与零电势点之间的电势差，再求出这点的电势．三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电磁感应现象的发现直接导致了发电机的设计成功。使大规模生产电能成为可能；人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。

[2]1887年，物理学家赫兹用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。【解析】发电机赫兹18、略

【分析】【详解】

（1）[1]．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A19、略

【分析】【详解】

[1]由于A；B两球都带正电；它们互相排斥，C球必须对A、B都吸引，才能保证系统向右加速运动，故C球带负电荷。

[2]以三球为整体，设系统加速度为a，则F=3ma①

隔离A；B；由牛顿第二定律可知。

对A－=ma②

对B＋=ma③

联立①②③得F=70k【解析】负20、略

【分析】【详解】

[1]由电场线的疏密程度可知

根据

可知

[2]沿着电场线，电势逐渐降低，电子在电势低处电势能大，可知【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据电容器电容公式有

[2]原来电容器所带电荷量为【解析】①.②.22、略

【分析】【详解】

（1）[1]若将此表头改装成量程为的电压表，由欧姆定律知

代入数据得

（2）[2]若将此表头改装成量程为

的电流表，由欧姆定律可知

代入数据得

（3）[3]把表头改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值越小，改装后电流表的量程越大，由图示电路可知，使用A、B两个端点时并联分流电阻阻值较小，此时电流表量程较大。【解析】135037.5较大四、作图题(共2题，共6分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方