2025年人教版PEP高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP高三物理上册阶段测试试卷720考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、（2010秋•徐州期末）“追拍法”属于慢速快门拍摄法的一种，要求相机跟着动体相应的动，将动体作为实影主体来表现动感，如图是体育摄影中“追拍法”的成功之作，摄影师眼中清晰的滑板运动员是静止的，而模糊的背景是运动的，摄影师用自己的方式表达了运动的美，请问摄影师选择的参考系是（）A.大地B.滑板运动员C.步行的人D.太阳2、（2015秋•淄博校级期末）如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．则以下判断正确的是（）A.b点场强大于d点场强B.b点电势高于d点电势C.a、b两点的电势差大于b、c两点的电势差D.试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能3、如图所示，开始时矩形线圈平面与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外，若要使线圈产生感应电流，则下列方法中不可行的是（）A.以ab为轴转动B.以OO′为轴转动C.以ad为轴转动（小于60°）D.以bc为轴转动（小于60°）4、电磁炮是现代武器库中的一朵“奇葩”，其中“轨道电磁炮”由电源、金属轨道、炮弹和电磁铁组成．发射时接通电路，强大的电流通过导轨、电枢，与电源构成回路，同时电磁铁中的强磁场对电枢产生一个巨大的推力，推动电枢加速运动，从而推动炮弹高速发射出去．下列四幅俯视图是简化后的“轨道电磁炮”发射图，其中正确表示磁感应强度方向的是（）A.B.C.D.5、甲、乙两个物体都做匀速圆周运动．转动半径比为3：4，在相同的时间里甲转过60圈时，乙转过45圈，则它们所受的向心加速度之比为（）A.3：4B.4：3C.4：9D.9：166、如图所示，一斜面体静止在粗糙的水平地面上，一物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑，此时斜面受地面的摩擦力为F1．若用沿平行于斜面方向的力F向下推此物体，使物体加速下滑，斜面体仍与地面保持相对静止，此时斜面体受地面的摩擦力为F2，则（）A.F1=F2=OB.F2方向水平向右C.F2方向水平向左D.F1F2均不为零7、如图所示；一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合螺线管，则电路中（）

A.始终有感应电流自a向b流过电流表GB.始终有感应电流自b向a流过电流表GC.先有a→G→b方向的感应电流，后有b→G→a方向的感应电流D.先有b→G→a方向的感应电流，后有a→G→b方向的感应电流8、图中物体沿粗糙斜面下滑的过程中，下列关于各个力做功的说法正确的是（）A.重力对物体不做功B.支持力对物体做正功C.摩擦力对物体做负功D.以上说法都不正确9、如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，O为两电荷连线的中点，a、b两点所在直线过O点，且a与b关于O对称．以下判断正确的是（）A.a、b两点场强相同B.a、b两点电势相同C.将一负电荷由a点移到O点，电势能减小D.将一正电荷由a点移到b点，电势能先减小后增大评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)10、（2010秋•清远校级期中）如图所示，有三个点电荷，甲带电为+q，乙带电为-9q，丙带电为Q．甲乙相距为R，将丙电荷放甲乙连线上的某点，使甲、乙、丙都处于平衡状态，则丙电荷的电性应为____，电荷量Q=____，所放位置应在____．11、曲线运动的条件：物体所受____的方向跟它的速度方向不在同一条直线上或它的____方向与速度方向不在同一条直线上．12、一栋16m高的楼房屋檐处，因渗水每隔一定时间有一水滴落下，当第五滴水滴离开屋檐时，第一滴水滴正好落到地面，此时第三滴水滴距地面的高度是____m．13、质点在x轴上运动，其位置坐标x随时间t的变化关系为x=2t2+2t-4，则其加速度a=____m/s2．当t=0时，速度为____m/s（x的单位是m，t的单位是s）．14、【题文】（09·天津·9）（1）如图所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R。线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度匀速转动，线框中感应电流的有效值I=____。线框从中性面开始转过的过程中，通过导线横截面的电荷量q=____。15、在“测定金属电阻率”的实验过程中：

（1）正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数依次是____mm、____A、____V．

（2）实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0～10Ω，电流表内阻约为几欧，电压表内阻约为20kΩ，电源为干电池，其电动势E=4.5V，内阻较小．则电路图____（选填字母代号）为实验选择电路，该电路测量的金属丝电阻比真实值偏____（选填“大”或“小”）．

16、如图所示A、B是两块相同的均匀长方形砖块，长为L，叠放在一起，A砖相对于B砖右端伸出的长度，B砖放在水平桌面上，砖的端面与桌面平行，为保持两砖都不翻倒，B砖伸出桌边的最大长度是____．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)17、一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关____（判断对错）18、新能源是指新开采的能源．____．（判断对错）19、液体的饱和汽压随温度的升高而增大，是因为饱和汽的体积随温度的升高而增大．____．（判断对错）20、电荷在电场中一定受电场力的作用．____（判断对错）21、点电荷一定是电量很小的电荷．____．（判断对错）评卷人得分四、实验探究题(共3题，共21分)22、某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1的（6V；2.5W）伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材：

A．电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω）

B．量程为3A，内阻约为0.1Ω的电流表A2；

C．量程为0.6A，内阻约为0.5Ω的电流表Al；

D．量程为3V，内阻约为3kΩ的电压表V1

E．滑动变阻器（0～20Ω；10A）

F．滑动变阻器（0～200Ω；1A）

G．定值电阻R0（阻值1990Ω）

H．开关与导线若干。

I．直流电源（6V；内阻不计）

（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．（画在方框内）

（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，应该选用的电流表是______，滑动变阻器应选用______．（填写器材序号）

（3）实验中，______的示数为______时，可测出电子元件R1的额定功率2.5W．23、某小组同学利用如图(a)

所示的装置研究一定质量气体的压强与温度的关系.

他们在与压强传感器相连的试管中封闭了一定质量的气体；将温度传感器的热敏元件伸入到试管内部，通过数据采集器和计算机测得试管内气体的压强和温度.

实验中，把试管浸在烧杯的冷水中，通过在烧杯中逐次加入热水来改变试管内气体的温度．

温度传感器压强传感器试管热敏元件(a)

(1)

该组同学在先后三次实验中获得了三组实验数据，通过计算机绘出的p鈭�t

图象分别如图(b)

中的abc

所示；其中三条线不重合的原因是______；

(2)

如果图中p1

为已知量；则图线a

的函数表达式为______；

(3)

如果某次实验中，加入热水后没有充分搅拌，就立即记录压强和温度的数值，则测量的气体温度和该时刻气体实际温度相比将______(

填“偏高”“偏低”“一致”)

24、利用所学物理知识解答问题：

（1）如图甲所示是用双缝干涉测光波波长的实验设备示意图；图中①是光源，②是滤光片，③是单缝，④是双缝，⑤是光屏。下列操作能增大光屏上相邻两条亮纹之间距离的是______

A．增大③和④之间的距离。

B．增大④和⑤之间的距离。

C．将绿色滤光片改成红色滤光片。

D．增大双缝之间的距离。

（2）如果将灯泡换成激光光源；该实验照样可以完成，这时可以去掉的部件是______（填数字代号）。

（3）转动测量头的手轮；使分划板中心刻线对准第1条亮纹，读出手轮的读数如图乙所示。继续转动手轮，使分划板中心刻线对准第10条亮纹，读出手轮的读数如图丙所示。则相邻两亮条纹的间距是______mm。

（4）如果已经量得双缝的间距是0.30mm、双缝和光屏之间的距离是900mm，则待测光的波长是______m．（取三位有效数字）评卷人得分五、推断题(共3题，共12分)25、A、rm{B}rm{C}rm{D}是中学化学的常见物质，其中rm{A}rm{B}rm{C}均含有同一种元素。在一定条件下相互转化的关系如下图所示rm{(}部分反应中的rm{H_{2}O}已略去rm{)}请填空：rm{(1)}若rm{A}可用于自来水消毒，rm{D}是生产、生活中用量最大、用途最广的金属单质，则反应rm{垄脷}的离子方程式为_______________________________；实验室保存rm{C}的水溶液应加入____________rm{(}填试剂名称rm{)}rm{(2)}若rm{A}是一种碱性气体，常用作制冷剂，rm{B}是汽车尾气之一，遇空气会变色，则反应rm{垄脵}的化学方程式为____________________________________。rm{(3)}若rm{C}是一种能形成硫酸型酸雨的污染性气体，rm{D}是一种能支持燃烧和呼吸的气体，则反应rm{垄脹}中氧化产物和还原产物的质量比为_________。rm{(4)}若rm{D}是一种常见的温室气体，rm{A}rm{B}rm{C}的的焰色反应都呈黄色，则反应rm{垄脹}的离子方程式为________________________________。26、对氨基苯甲酸酯类是一类局部麻醉药，化合物rm{M}是该类药物之一。合成rm{M}的一种路线如下：已知以下信息：rm{垄脵}核磁共振氢谱显示rm{B}只有一种化学环境的氢，rm{H}苯环上有两种化学环境的氢。rm{垄脷}rm{垄脹E}为芳香烃，其相对分子质量为rm{92}rm{垄脺}rm{(}苯胺，易被氧化rm{)}回答下列问题：rm{(1)A}的结构简式为____，其化学名称是____。rm{(2)}由rm{G}生成rm{H}的反应类型为____，rm{H}在一定条件下可以发生聚合反应，写出该聚合反应的化学方程式____。rm{(3)D}的同分异构体中不能与金属钠反应生成氢气的共有____种rm{(}不考虑立体异构rm{)}其中核磁共振氢谱只有两组峰，且峰面积比为rm{6:1}的是____rm{(}写结构简式rm{)}rm{(4)}参照上述合成路线，以乙烯和环氧乙烷为原料rm{(}无机试剂任选rm{)}制备rm{1}rm{6-}己二醛，设计合成路线____27、盐酸氨溴索rm{(H)}对于治疗老年重症肺炎有良好的疗效，其合成路线如下rm{(}部分反应条件及产物已略rm{)}对于治疗老年重症肺炎有良好的疗效，其合成路线如下rm{(H)}部分反应条件及产物已略rm{(}

rm{)}

的名称为________；反应rm{(1)B}中为取代反应的是__________rm{垄脵-垄脼}填序号rm{(}rm{)}的芳香族同分异构体rm{(2)B}满足下列条件：rm{J}可水解rm{垄脵}可发生银镜反应rm{垄脷}rm{垄脹}最多消耗rm{1molJ}rm{2molNaOH}有_______种；rm{J}有_______种；rm{B}的另一种芳香族同分异构体可与rm{NaHCO}的另一种芳香族同分异构体可与rm{J}rm{B}rm{NaHCO}组吸收峰，则它的结构简式为___________。rm{{,!}_{3}}可用碱性新制氢氧化铜悬浊液检验溶液反应，并有气体生成，其核磁共振氢谱有rm{4}组吸收峰，则它的结构简式为___________。中的特征官能团，写出该检验的离子反应方程rm{4}rm{(3)}关于rm{C}的说法正确的是________。A.式：___________________________。难溶于水rm{(4)}可使酸性rm{E}溶液褪色C.rm{E}最多与rm{B.E}加成rm{KMnO_{4}}不能与金属钠反应rm{1molE}邻氨基苯甲酸甲酯rm{1molH_{2}}具有塔花的甜香味，也是合成糖精的中间体，以甲苯和甲醇为原料，无机试剂自选，参照rm{D.E}的合成路线图，设计rm{(5)}的合成路线___________。rm{(L)}评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)28、三只灯泡L1、L2和L3的额定电压分别为1.5V；1.5V和2.5V；它们的额定电流都为0.3A．若将它们连接成图1、图2所示电路，且灯泡都能正常发光．

（1）试求图1电路的总电流和电阻R2消耗的电功率；

（2）分别计算两电路电源的总功率；并说明哪个电路更节能．

29、（2016•菏泽一模）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一象限内分布有方向竖直向下、宽度为2d的匀强电场，一质量为m、电荷量为+q的带电粒子从y轴上的A点以速度v0水平向右射出，穿过匀强电场后恰好打在x轴上的G点，且速度方向与x轴正方向成θ=60°夹角斜向下．若A点坐标为（0，2d）；G点坐标为（3d，0），粒子重力不计．

（1）试求该匀强电场的电场强度E的大小；

（2）若撤去电场，在该坐标系的第一象限内加上一个方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的圆形磁场，粒子扔按原方向入射，经磁场偏转后粒子仍打在x轴上的G点，且速度方向与x轴正方向成θ=60°夹角斜向下，试求该圆形磁场的最小面积S．30、如图所示AB、CD为平行金属板，A、B两板间电势差为500V，C、D始终和电源相接，测得其间的场强为104V/m，一质量为2.5×10-24㎏，电荷量为8×10-16C的带电粒子（重力不计）由静止开始；经A；B加速后穿过CD发生偏转，最后打在荧光屏上，已知C、D极板长S均为4cm，荧光屏距CD右端的距离L为3cm；

问：（1）粒子刚离开B板小孔时的速度大小？

（2）粒子打在荧光屏上距O点多远处？

（3）粒子打在荧光屏上时的动能为多大？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】“追拍法”是跟踪运动的物体，将运动的物体看做是静止的，由此其背景就是运动的了．【解析】【解答】解：

“追拍法”是跟踪运动的物体；将运动的物体看做是静止的，该图片是运动的滑板运动员被摄影师当做静止的，而用镜头跟踪，故参考系是滑板运动员．

故B正确；ACD错误．

故选：B．2、D【分析】【分析】根据等量异号电荷的电场分布特点分析各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab间及bc两点间的电势差关系；由电势能的定义可知a、c两点电势能的大小．【解析】【解答】解：A、在MN上，两电荷连线中点电场线最密，场强最大．在两电荷连线上，中点处电场线最疏，场强最小，则b点场强小于连线中点的场强；也小于d点场强，故A错误．

B、MN是一条等势线，根据顺着电场线方向电势降低，可知与两等量异号电荷连线上的点相比较，d点的电势要高，所以d点电势高于b点电势；故B错误．

C、由对称性可知，a、b两点的电势差等于b；c两点间的电势差；故C错误．

D；因c点的电势小于d点的电势；故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，故D正确；

故选：D3、D【分析】【分析】磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．对照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生变化进行分析判断有无感应电流产生．【解析】【解答】解：A、以ab为轴转动（小于90°）；磁通量减小，有感应电流产生，故A可行；

B；以OO′为轴转动；磁通量减小，故有感应电流产生，故B可行；

C；以ad为轴转动（小于60°）；磁通量减小，有感应电流产生，故C可行；

D、以bc为轴转动（小于60°）；磁通量不变，没有感应电流产生，故D不开可行；

不同选择不可行的，故选：D．4、B【分析】【分析】电流由电源正极经炮弹流向电源负极，炮弹受到的安培力方向应水平向前，由左手定则判断磁场方向是否正确．【解析】【解答】解：A；由左手定则可知；图示磁感应强度方向使炮弹受到的安培力向后，不符合实际，故A错误；

B；由左手定则可知；图示磁感应强度方向使炮弹受到的安培力向前，符合实际，故B正确；

CD；电流和磁场平行故不受安培力；不符合要求，故CD错误；

故选：B．5、B【分析】【分析】根据角速度定义ω=可知甲、乙的角速度之比，再由向心加速度公式a=ω2r可以求出他们的向心加速度之比．【解析】【解答】解：相同时间里甲转过60圈，乙转过45圈，根据角速度定义ω=可知。

ω1：ω2=4：3

由题意。

r1：r2=3：4

根据a=ω2r得：

a1：a2=4：3

故选B6、A【分析】【分析】物块匀速下滑时，对木块和斜面体整体受力分析，根据平衡条件得到地面对斜面体的摩擦力；物块匀速下滑和加速下滑时，分别对物块受力分析可知，斜面体对木块的力不变，故木块对斜面体的力也不变，从而根据平衡条件得到地面对斜面体的摩擦力不变．【解析】【解答】解：物块匀速下滑时；对物块和斜面体整体进行受力分析，受到重力；支持力，假设地面对整体有摩擦力，设为水平向右，如图

根据共点力平衡条件得到摩擦力为零；

物块匀速下滑时；物块受到重力；支持力和摩擦力；物块在推力作用下加速下滑时，除推力外，仍旧受到重力、支持力和摩擦力，由于支持力不变，摩擦力也不变，即物块对斜面体的力不变，故斜体体受到地面的摩擦力也不变；

故选A．7、C【分析】【分析】楞次定律的内容：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流磁通量的变化．根据楞次定律判定感应电流的方向．【解析】【解答】解：条形磁铁从左向右进入螺线管的过程中，原磁场方向向右，且磁通量在增加，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向左，由安培定则，知感应电流的方向a→G→b．

条形磁铁从左向右离开螺线管的过程中，原磁场方向向右，且磁通量在减少，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向右，由安培定则，知感应电流的方向b→G→a．故ABD错误；C正确；

故选：C．8、C【分析】【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离．二者缺一不可，由W=FLcosθ确定正负功．【解析】【解答】解：A；重力方向与位移方向夹角小于90°；故重力做正功，故A错误；

B；支持力方向与位移垂直；故支持力不做功，故B错误；

C；摩擦力方向与位移方向相反；故摩擦力做负功，故C正确；

D；综上可知；故D错误；

故选：C9、A【分析】【分析】据等量异号电荷的电场分布特点分析各点的场强关系，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势关系；由电势能的定义分析电势能的大小．【解析】【解答】解：

A、如图所示，根据两等量异种电荷电场线的分布情况，由对称性可知，a、b两点场强相同；故A正确；

B、根据顺着电场线电势逐渐减小，可知，a点的电势高于两点电荷连线中垂面的电势，b的电势低于两点电荷连线中垂面的电势，而中垂面是一个等势面，所以a点的电势高于b点的电势；故B错误．

C；由上分析可知；a点的电势高于O点的电势，负电荷在电势高处电势能小，则将一负电荷由a点移到O点，电势能增大，故C错误．

D、a点的电势高于b点的电势，正电荷在电势高处电势能大，则将一正电荷由a点移到b点；电势一直降低，电势能一直减小，故D错误．

故选：A二、填空题(共7题，共14分)10、负电甲左侧处【分析】【分析】甲、乙、丙三个点电荷都处于静止状态，对电荷受力分析，每个电荷都处于受力平衡状态，故根据库仑定律可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果．【解析】【解答】解：甲；乙、丙三个电荷要平衡；必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以丙必须为负电，在甲的左侧．

设丙所在位置与甲的距离为r，则丙所在位置与乙的距离为R+r；要能处于平衡状态，所以甲对丙的电场力大小等于乙对丙的电场力大小；

设丙的电量为q．则有：=

解得：r=．

对点电荷甲，其受力也平衡，则=

解得：Q=q．

故答案为：负电，，甲左侧处．11、合外力加速度【分析】【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同．【解析】【解答】解：曲线运动的条件：物体所受合外力的方向跟它的速度方向不在同一条直线上或它的加速度的方向与速度方向不在同一条直线上．

故答案为：合外力；加速度12、12【分析】【分析】初速度为零的匀加速直线运动，第1t、第2t、第3t、第4t的位移之比为1：3：5：7；根据上述结论得到第三滴水滴距地面的高度．【解析】【解答】解：初速度为零的匀加速直线运动；第1t；第2t、第3t、第4t的位移之比为1：3：5：7；

故第三滴水滴距地面的高度为；

故答案为：12m．13、略

【分析】

根据x=以及x=2t2+2t-4，知a=4m/s2．当t=0时；速度为2m/s．

故本题答案为：4；2

【解析】【答案】根据匀变速直线运动的公式x=去分析加速度和初速度．

14、略

【分析】【解析】本题考查交变流电的产生和最大值；有效值、平均值的关系及交变电流中有关电荷量的计算等知识。

电动势的最大值电动势的有效值电流的有效值【解析】【答案】（1）15、0.7300.422.24甲小【分析】【分析】应明确螺旋测微器读数原理；电流表与电压表读数时要注意估读，本题电流表为估读，电压表为估读；

滑动变阻器采用分压式接法时，通过电源的电流远大于采用限流式时的电流．【解析】【解答】解：（1）螺旋测微器读数为L=0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm；

电流表示数为I=0.42A；电压表读数为U=2.24V．

（2）根据题意，因电源不宜在长时间、大功率状况下使用，故滑动变阻器不能用分压式应用限流式，又待测电阻阻值远小于电压表内阻，故电流表应用外接法，故电路图甲为应当采用的最佳电路．根据欧姆定律R=知；由于电压表的分流作用而使得R测量值偏小．

故答案为：（1）0.730，0.42，2.24；（2）甲，小．16、L【分析】【分析】应用整体法考虑，根据平衡条件得出若两砖不翻到且B伸出最长时，应满足整体的重心应恰好在桌子的边缘【解析】【解答】解：将两块砖看做一个整体，则其总长度为，根据平衡条件看做，为了保持两砖都不翻倒，整体的重心应恰好在桌子边缘，所以整体重心与A右边缘距离为L，由图可知B边缘到桌子边缘的距离为x=L-L=L；

故答案为：L．三、判断题(共5题，共10分)17、√【分析】【分析】一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大．【解析】【解答】解：物态的内能与物体的物质的量；温度、体积以及物态有关．对一定质量的理想气体；物质的量一定，物态一定，而气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关．

故答案为：√18、×【分析】【分析】根据新能源的定义进行判断，新能源又称非常规能源，是指传统能源之外的各种能源形式，指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源．【解析】【解答】解：新能源又称非常规能源；是指传统能源之外的各种能源形式，指刚开始开发利用或正在积极研究；有待推广的能源，如太阳能、地热能、风能、海洋能、生物质能和核聚变能等，因此新能源是指新开采的能源这种说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气；反之，称为不饱和蒸气．饱和蒸气压强与饱和蒸气体积无关！在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压强．同温下未饱和蒸气压强小于饱和蒸气压强．【解析】【解答】解：在一定温度下；饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，与体积无关；故密闭容器中某种蒸汽开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，稳定后蒸汽的压强不变；液体的饱和汽压随温度的升高而增大，是因为随温度的升高液体蒸发的速度加快．所以该说法是错误的．

故答案为：×20、√【分析】【分析】电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用，电荷在电场中一定受到电场力作用．【解析】【解答】解：电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用；故电荷在电场中一定受电场力的作用．

故答案为：√21、×【分析】【分析】元电荷一定是电量最小的电荷；点电荷是一种理想化模型，其本身所带的电量可以很大．【解析】【解答】解：点电荷是一种理想化模型；当带电体的体积和形状相对所研究的问题可以忽略的时候，带电体可以看做点电荷，其本身所带的电量可以很大．故此说法错误．

故答案为：×四、实验探究题(共3题，共21分)22、略

【分析】解：（1）在研究该元件的伏安特性曲线时；要求电压从零调节，因此滑动变阻器采用分压接法，在该实验中，滑动变阻器采用分压接法，由于没有电压表，因此需要用已知内阻的电流表G进行改装，由此可画出原理图如下所示：

（2）该元件的电流约为：Im==0.43A；故电流表应选用0.6A量程；故选：C；

因采用分压接法；故滑动变阻器选择小电阻；故选：E；

（3）根据改装原理可知；新改装的电表内阻为：1990+10=2000Ω；则要使电压示数为6V，则表头的示数应为3mA；此时元件达额定功率为2.5W；

故答案为：（1）如右图所示；（2）C；E；（3）电流表G；3mA

（1）在研究该元件的伏安特性曲线时；要求电压从零调节，因此滑动变阻器采用分压接法，所以在选择时选择总阻值较小的，便于调节；

（2）在该实验中；滑动变阻器采用分压接法，由于没有电压表，因此需要用已知内阻的电流表G进行改装，由此可画出原理图；

（3）根据电表的改装原理可知电流表示数为多少时可以应元件两端电压为6V；

（4）由电表的电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，说明它们的电压和电流相等，根据图象求出此时流过R1和R2的电压电流，从而求出R1的阻值；根据串并联知识进一步求出滑动变阻器接入电路中的电阻值．

本题考查测量灯泡的伏安特性曲线的方法，要注意电表的改装原理，并能正确利用欧姆定律进行分析求解．【解析】C；E；电流表；3mA23、略

【分析】解：(1)

由题，是气体先后三次实验中获得了三组实验数据的P鈭�t

图象，根据公式：PVT=C

可知；其中三条线不重合的原因可能是实验的过程中的体积不同，有可能是开始时气体的质量不同；

(2)

斜率为：k=鈻�P鈻�t=P1273

纵轴截距为：P1

故图线垄脵

的函数表达式为：P=kt+P1=P1273t+P1

(3)

在实验的过程中“加入热水后就立即记录一次压强和温度的数值”是错误的；应该是“加入热水后，在气体状态稳定后再记录压强和温度的数值”；因为这时气体的温度与液体的温度不一定相等，但测量的气体温度和该时刻气体实际温度相比是相等的．

故答案为：(1)

体积不同，或者质量不同；(2)P1273t+P1(3)

一致。

(1)

根据公式：PVT=C

分析不重合的原因即可；

(2)

运用数学知识求出斜率；然后结合查理定律即可求出；

(3)

由于热敏电阻在气体内；所以测量的气体温度和该时刻气体实际温度相比是相等的．

该题考查对查理定律的验证，解答本题关键是根据查理定律进行分析，最后亲手做实验体会实际问题．【解析】体积不同，或者质量不同；P1273t+P1

一致24、BC②，③1.615.37×10-7【分析】【分析】

（1）根据双缝干涉条纹的间距公式得出增加相邻亮纹（暗纹）间的距离的方法。

（2）将灯泡换成激光光源；激光的单色性好，不需要滤光片。

（3）螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需要估读一位，再依据△x=

（4）根据双缝干涉条纹的间距公式△x=λ求出光波的波长。

解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法；固定刻度读数加上可动刻度读数，不需估读。以及掌握条纹间距公式，注意相邻亮条纹间距的求解是解题的关键。

【解答】

（1）根据△x=λ知；为增大相邻亮纹（暗纹）间的距离，可采取增大双缝到光屏的距离；减小双缝间距离、或增大入射光的波长，而单缝与双缝间距不会影响条纹间距。故BC正确，AD错误。

（2）将灯泡换成激光光源；激光的单色性好，不需要滤光片与单缝，即为②与③。

（3）图乙中固定刻度读数为0.0mm，可动刻度读数为0.01×4.5=0.045mm，所以最终读数x1=0.045mm。

图丙中固定刻度读数为14.5mm，可动刻度读数为0.01×3.5=0.035mm，所以最终读数x10=14.535mm。

根据△x==1.61mm；

（4）相邻干涉条纹的间距△x=1.61mm=1.61×10-3m

由△x=λ得λ===5.37×10-7m

故答案为：

（1）BC；（2）②③；（3）1.61；（4）5.37×10-7

【解析】BC②，③1.615.37×10-7五、推断题(共3题，共12分)25、（1）铁粉和稀盐酸

（2）

（3）2：1

（4）【分析】【分析】本题考查较为综合，涉及元素化合物的推断，为高频考点，侧重于学生的分析能力，物质性质是解题关键，题目具有一定难度，做题时注意把握推断的思路。【解答】rm{(1)}若rm{A}可用于自来水消毒，应为rm{Cl_{2}}rm{D}是生产、生活中用量最大、用途最广的金属单质，应为rm{Fe}则rm{B}为rm{FeCl_{3}}rm{C}为rm{FeCl_{2}}则反应rm{垄脷}的离子方程式为：的离子方程式为：rm{垄脷}因为氯化亚铁具有还原性，易被空气氧化，所以rm{2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}的水溶液应加铁粉，

故答案为：实验室保存rm{C}的水溶液应加铁粉，铁粉和稀盐酸；

rm{C}若rm{2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}是一种碱性气体，常用作制冷剂，应为rm{(2)}rm{A}是汽车尾气之一，遇空气会变色，应为rm{NH_{3}}反应rm{B}的化学方程式为rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽禄炉i录脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}

故答案为：rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽禄炉i录脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}

rm{NO}rm{垄脵}是一种能形成硫酸型酸雨的污染性气体，则rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽禄炉i录脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}应为rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽禄炉i录脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}则rm{(3)}为若rm{C}是一种能形成硫酸型酸雨的污染性气体，则rm{C}rm{C}为rm{C}rm{SO_{2}}为rm{A}反应rm{H_{2}S}的化学方程式是rm{D}rm{O_{2}}rm{B}；

故答案为：rm{S}rm{垄脹}

rm{2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}若，该反应中氧化产物和还原产物均为硫，其质量比为rm{2}rm{1}是常见的温室气体，rm{2}rm{1}的的焰色反应都呈黄色，则rm{2}为rm{1}rm{(4)}，rm{D}为A、rm{B}rm{C}的的焰色反应都呈黄色rm{B}为rm{C}rm{A}为rm{NaO}反应rm{H}的离子方程式是：rm{O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}

故答案为：rm{O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}rm{H}【解析】rm{(1)2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}铁粉和稀盐酸rm{(2)4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽禄炉i录脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}rm{(1)2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}

}rm{(2)4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽禄炉i录脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}rm{(4)O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}rm{(3)2}26、（1）2-甲基丙烯（2）还原反应（3）15（4）【分析】【分析】本题考查的是有机物的合成与推断，掌握有机物各官能团的结构和性质及相互转化的条件是解答本题的关键，注意题中信息的运用。【解答】核磁共振氢谱显示rm{B}只有一种化学环境的氢，则rm{B}中一个碳原子上连有三个甲基，所以rm{B}的结构简式则rm{A}的结构简式为只有一种化学环境的氢，则rm{B}中一个碳原子上连有三个甲基，所以rm{B}的结构简式则rm{B}的结构简式为rm{A}可知，；根据信息rm{垄脷}可知，rm{D}的结构简式为的结构简式为rm{垄脷}为芳香烃，其相对分子质量为rm{D}则rm{E}为芳香烃，其相对分子质量为rm{92}则rm{E}的分子式为rm{{C}_{7}{H}_{8}}则其结构简式为rm{H}苯环上有两种化学环境的氢，则苯环上两种取代基处于对位，根据rm{E隆煤F}反应条件可知，该反应为甲苯与浓硝酸发生的硝化反应，根据rm{H}苯环上两种取代基处于对位，则硝基处于甲基的对位，所以rm{F}为rm{G}为rm{H}为rm{D}与rm{H}在一定条件下发生酯化反应，生成rm{M}则rm{M}为的分子式为rm{E}则其结构简式为rm{92}苯环上有两种化学环境的氢，则苯环上两种取代基处于对位，根据rm{E}反应条件可知，该反应为甲苯与浓硝酸发生的硝化反应，根据rm{{C}_{7}{H}_{8}}苯环上两种取代基处于对位，则硝基处于甲基的对位，所以rm{H}为rm{E隆煤F}为rm{H}为rm{F}与rm{G}在一定条件下发生酯化反应，生成rm{H}则rm{D}为rm{H}的结构简式为rm{M}甲基丙烯，故答案为：rm{M}甲基丙烯；rm{(1)A}，其化学名称为rm{2-}甲基丙烯，生成rm{2-}的反应为苯环上的硝基转化为氨基，所以为还原反应；rm{2-}在一定条件下可以发生聚合反应，该聚合反应的化学方程式____故答案为：还原反应；rm{(2)}为其同分异构体中不能与金属钠反应生成氢气，则不含羟基，含有醚键，则连有醚键的两个烃基可分别为甲基和戊基，乙基和丁基，丙基和丙基。甲基只有一种，乙基只有一种，丙基有两种，丁基有rm{(2)}种，戊基有rm{G}种，所以连有醚键的两个烃基可分别为甲基和戊基，有rm{H}种结构，分别为乙基和丁基时有rm{H}种结构，分别为丙基和丙基时有rm{(3)D}种结构，所以共有rm{4}种结构，其中核磁共振氢谱只有两组峰，且峰面积比为rm{8}的是故答案为：rm{8}rm{4}乙烯与溴发生加成反应生成rm{3}rm{8+4+3=15}二溴乙烷，根据信息rm{6:1}可知rm{15}rm{(4)}二溴乙烷发生信息rm{1}的反应生成rm{2-}rm{垄脷}己二醇，rm{1}rm{2-}二溴乙烷发生信息rm{垄脷}的反应生成rm{1}rm{6}己二醇，rm{1}rm{6}己二醇在铜作用下被氧气氧化为rm{1}rm{6-}己二醛，其合成路线为：rm{1}己二醇在铜作用下被氧气氧化为rm{2-}rm{垄脷}己二醛，其合成路线为：故答案为：rm{1}【解析】rm{(1)}rm{2-}甲基丙烯rm{(2)}还原反应rm{(3)15}rm{(4)}27、（1）邻硝基甲苯(或2-硝基甲苯)①⑤

（2）6种

（3）

（4）AB

（5）【分析】【分析】本题考查有机物的合成和有机物的结构和性质的关系，难度不大。【解答】rm{(1)}根据rm{B}的结构简式可知rm{B}的名称为：邻硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}；反应rm{垄脵}是甲苯的取代反应，反应rm{垄脷}是甲基的氧化反应，反应rm{垄脺}是加成反应，反应rm{垄脻}是取代反应，反应rm{垄脼}是氨基和酸的反应，故答案为：邻硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}rm{垄脵垄脻}rm{(2)}rm{B}的芳香族同分异构体rm{J}可以水解，则含有酯基，可发生银镜反应，则要有醛基或甲酸某酯，同时满足rm{1molJ}最多消耗rm{2molNaOH}的的芳香族同分异构体rm{B}可以水解，则含有酯基，可发生银镜反应，则要有醛基或甲酸某酯，同时满足rm{J}最多消耗rm{1molJ}的rm{2molNaOH}有rm{J}有种，rm{J}的另一种芳香族同分异构体可与rm{6}rm{B}的另一种芳香族同分异构体可与rm{NaHCO}rm{B}故答案为：rm{NaHCO}r