2025年人教版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列关于电源电动势的说法，正确的是A.电动势随外电路电阻的增大而增大B.电源两极间的电压就是电动势C.电动势是描述电源把其他形式能转化为电能本领的物理量D.电动势是矢量，有大小也有方向2、竖直放置的螺线管通有如图所示的电流；一质子从螺线管的正上方以水平向右的速度进入该螺线管产生的磁场中，此后质子将()

A.向上偏转B.向下偏转C.向纸外偏转D.向纸内偏转3、半导体中参与导电的电流载体称为载流子．N型半导体的载流子是带负电的电子；P型半导体的载流子是带正电的“空穴”，如图所示，一块厚度为d；宽度为L的长方形半导体样品，置于方向如图所示、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，当半导体样品中通以向右的电流强度为I的恒定电流时，样品上、下底面出现恒定电势差U，且上表面带正电、下表面带负电．设半导体样品中每个载流子带电荷量为q，半导体样品中载流子的密度（单位体积内载流子的个数）用n表示（已知电流I=nqvS，其中v为载流子定向移动的速度，S为导体横截面积），则下列关于样品材料类型的判断和其中载流子密度n大小的表达式正确的是（）

A.是N型半导体，B.是P型半导体，C.是N型半导体，D.是P型半导体，4、如图所示，一个匝数为n的圆形线圈，面积为S，电阻为r．将其两端a、b与阻值为R的电阻相连接，在线圈中存在垂直线圈平面向里的磁场区域，磁感应强度B随时间t均匀增加，当时线圈中产生的感应电流为I1；当时，其他条件不变，线圈中产生的感应电流变为I2．则通过电阻R的电流方向及I1与I2之比分别为。

A.c→d，I1:I2=1:2B.c→d，I1:I2=2:1C.d→c，I1:I2=2:1D.d→c，I1:I2=1:25、下列各图象中图中不属于交流电的是（）A.B.C.D.6、传感器是一种采集信息的重要器件；图为测定压力的电容式传感器，将电容器；灵敏电电流表、电源连接．施加力的作用使电极发生形变，引起电容的变化，导致灵敏电流计指针偏转．在对膜片开始施加恒定的压力到膜片稳定，灵敏电流表指针的偏转情况为（电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏）

A.向右偏到某一刻度后不动B.向左偏到某一刻度后不动C.向右偏到某一刻度后回到零刻度D.向左偏到某一刻度后回到零刻度7、如图所示，将电压表和电流表用（a）和（b）两种测量电路连接，用来测量电阻Rx的阻值，按照（a）图时，电流表示数为4.00mA，电压表示数为2.40V；按照（b）图时；电流表示数为5.00mA，电压表示数为2.30V，比较这两次结果，正确的是。

A.电阻的真实值更接近600Ω，且大于600ΩB.电阻的真实值更接近600Ω，且小于600ΩC.电阻的真实值更接近600Ω，且大于460ΩD.电阻的真实值更接近460Ω，且小于460Ω8、下列核反应方程中，属于β衰变的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象；O为坐标原点，下列判断正确的是（）

A.电动势内阻B.电动势内阻C.电动势内阻D.电动势发生短路时的电流10、如图所示，线圈ABCD匝数n＝10，面积S＝0.4m2，边界MN(与线圈的AB边重合)右侧存在磁感应强度B＝T的匀强磁场，若线圈从图示位置开始绕AB边以ω＝10πrad/s的角速度匀速转动；则以下说法正确的是()

A.线圈产生的是正弦交流电B.线圈在转动过程中产生的最大感应电动势为80VC.线圈转动s时瞬时感应电动势为40VD.线圈产生的感应电动势的有效值为40V11、如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时再通过降压变压器降压给用户供电的示意图，图中变压器均可视为理想变压器，电表均为理想交流电表.设发电厂输出的电压一定，两条输电线总电阻用R0表示，并且电阻不变.变阻器R相当于用户用电器的总电阻.当用电器增加时，相当于R变小；则当用电进入高峰时()

A.电压表V1、V2的读数均不变，电流表A2的读数增大，电流表A1的读数减小B.电压表V3、V4的读数均减小，电流表A2的读数增大，电流表A3的读数增大C.电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变D.线路损耗功率增大12、一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B；C和D后又回到状态A．其中C→D→A为等温过程．该循环过程如图所示；下列说法正确的是__________

A.A→B过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增加B.B→C过程中，气体分子内能减少C.状态A和状态C，气体分子平均动能相同E.气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象围成的面积E.气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象围成的面积13、下列说法正确的是()A.光波在介质中传播的速度与光的频率无关B.雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的C.杨氏双缝干涉实验中，当两缝间的距离以及挡板和屏的距离一定时，红光干涉条纹的相邻条纹间距比蓝光干涉条纹的相邻条纹间距小D.光的偏振特征说明光是横波评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、关于饱和汽与饱和汽压，气体和液体之间的动态平衡是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率__________，一定温度下的饱和汽压与体积__________．15、一瓶600mL的啤酒被喝光之后，用塞子封住瓶内气体，已知空气的摩尔质量M=2.9×10-3kg/mol，阿伏加德罗常数NA=6.0×1023mol-1，按标准状况计算，瓶中空气的质量是___________kg，瓶中约有___________个气体分子（计算结果均保留两位有效数字）现使塞子缓慢向下移动，若瓶内气体压强减小，体积减少，气体一定__________（填“放”或“吸”）热。16、如图，一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，已知状态A的压强为则状态B的压强___________；B到C过程中气体___________（选填“吸热”“放热”或“与外界无热交换”）．

17、如图所示，在水和汽达到动态平衡时，测得水柱长206mm，水银柱长723.3mm。已知大气压为760mmHg，则水的饱和汽压为________mmHg（计算结果保留1位小数）。如把图中的管上提1cm（未脱离水银槽），则管中水银面将________（填“上升”“下降”或“不变”），水的饱和汽压将________（填“变大”“变小”或“不变”）。（水银密度为13.6×103kg/m3）

18、下列关于单摆的认识说法正确的是________E.摆球运动到平衡位置时，合力为零19、如图，一个是振动图像，一个是波动图像，其中是___________是振动图像(选填：“a”或“b”)，图a的物理意义是：___________．20、【小题1】警车向路上的车辆发射频率已知的超声波，同时探测反射波的频率。下列说法正确的是_______。(填入正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分：有选错的得0分)。A．车辆匀速驶向停在路边的警车，警车探测到的反射波频率增高B．车辆匀速驶离停在路边的警车，警车探测到的反射波频率降低C．警车匀速驶向停在路边的汽车，探测到的反射波频率降低D．警车匀速驶离停在路边的汽车，探测到的反射波频率不变【小题2】如图，由透明介质构成的半球壳的内外表面半径分别为R和R。一横截面半径为R的平行光束入射到半球壳内表面，入射方向与半球壳的对称轴平行，所有的入射光线都能从半球壳的外表面射出。已知透明介质的折射率为n=求半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径。不考虑多次反射。21、质量为m1=0.1kg的物块A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右运动,恰遇上质量m2=0.5kg的物块B以0.1m/s的速率向左运动,两物块正碰后,物块B恰好停止,那么碰撞后物块A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)22、如下左图所示，楔形木块A固定在水平放置压力传感器上，A的斜面是光滑的．某同学将质量不同的小钢球从斜面顶端静止释放，记录小钢珠在斜面上运动时压力传感器的示数．重力加速度g="9.8"m/s2.记录实验数据后；根据数据做出F-m图像，如下右图．

（1）由图像知，木块A的质量M=____kg（保留小数点后一位）

（2）若斜面倾角为θ，由图像知，_____（保留小数点后两位）

（3）不同质量的小钢珠在斜面上运动的时间______________（填“相同”或“不相同”）

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)26、实验室中准备了下列器材：

待测干电池(电动势约1.5V；内阻约1.0Ω)；

电流表G(满偏电流1.5mA；内阻10Ω)；

电流表A(量程0～0.60A；内阻约0.10Ω)；

滑动变阻器R1(0～20Ω；2A)

滑动变阻器R2(0～100Ω；1A)；

定值电阻R3＝990Ω，开关S和导线若干。

(1)某同学选用上述器材(滑动变阻器只选用了一个)测定一节干电池的电动势和内阻．为了能较为准确地进行测量和操作方便，实验中选用的滑动变阻器，应是________．(填代号)

(2)请在如图甲所示虚线框中画出该同学的实验电路图______．

(3)如图乙为该同学根据实验数据作出的I1－I2图线(I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数)，由该图线可得，被测干电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.27、某同学将一只量程为100μA的灵敏电流计改装成电流表和两个量程的电压表．改装后的电路图如图甲所示．图中G表示灵敏电流计，Ra、Rb和Rc是三个定值电阻，K是选择开关，可以分别置于a、b；c位置；从而实现多功能测量．

(1)首先根据如图乙所示电路，用半偏法测定灵敏电流计G的内阻．先将R的阻值调至最大，闭合S1，调节R的阻值，使G的指针偏转到满刻度，然后闭合S2，调节R′的阻值，使G的指针___________，此时，就认为电阻箱R′的读数等于G的内电阻值．由于半偏法实验原理不完善导致G的内电阻测量值比真实值偏___________(填“大”或小”)(2)若用半偏法测得G的内电阻为900Ω．①选择开关置于a时，构成量程为0~1mA的电流表，则电阻Ra阻值应为___________Ω；②选择开关置于b时，构成量程为0~1V的电压表，则电阻Rb阻值应为___________Ω；③选择开关置于c时，构成量程为0～3V的电压表，则电阻Rc阻值应为___________Ω；(3)半偏法测量G的内电阻的误差又会导致改装成的电流表、电压表测量结果___________(填“偏大”或“偏小”)评卷人得分六、解答题(共4题，共28分)28、如图所示，一导热性能良好、内壁光滑的汽缸竖直放置，在距汽缸底部处有一与汽缸固定连接的卡环，活塞与汽缸底部之间封闭了一定质量的气体。当气体的温度大气压强时，活塞与汽缸底部之间的距离不计活塞的质量和厚度。现对汽缸加热，使活塞缓慢上升，求封闭气体温度升高到时的压强

29、如图所示，在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根光滑平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L，电阻不计．电阻为R、质量为m的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好．轨道端点MP间接阻值不计．给导体棒ab一个瞬时冲量；使导体棒获得速度v（v平行于MN）．

(1)定性画出此后导体棒ab速度随时间变化v-t的图像；

(2)接(1)，在上述过程中导体棒ab中产生的焦耳热；

(3)通过公式推导验证：当导体棒ab速度为v时，回路磁通量随时间的变化率等于BLv，也等于将一个电子（电量为e）从a沿导体棒ab移到b，电子所受洛伦兹力沿导体棒ab的分力对电子做的功W与电子电量e的比值．30、炎热的夏天，我们在课室打开空调后，由于课室并非是完全密闭的空间，室内空气的质量会发生变化．已知标准状况下(压强为1个标准大气压、温度为0℃)空气的密度为p0；且降温前后，室内外压强始终保持1个标准大气压．欲估算降温前后室内空气质量变化的大小，则。

（1）需要直接测量哪些物理量?

（2）根据这些测量量(分别用字母表示)，写出演算过程及结果．31、如图所示，光滑的圆弧槽的半径为R（R弧MN），A为弧形槽的最低点，小球B放在A点正上方离A点的高度为h，小球C放在M点，同时释放两球，使两球正好在A点相碰，则h应多大？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】电动势反映电源的特性；与外电路的结构无关．故A错误．当电源没有接入电路时，电源两极间的电压等于电源电动势．当电源接入电路时，电源两极间的电压小于电源电动势．故B错误．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小，电动势越大，这种本领越大．故C正确．电动势是标量，有大小，没有方向．故D错误．故选C．

点睛：本题考查对电动势物理意义的理解能力，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．2、D【分析】【详解】

试题分析：利用安培定则判断通电螺线管周围磁场方向；然后根据左手定则判断出带电粒子偏转的方向．

首先根据安培定则判断通电螺线管上边的磁场的方向向下．正电荷向右运动，根据左手定则判断可知：粒子受到通电螺线管磁场的作用力的方向垂直于纸面向里，所以粒子将向纸内偏转．故ABC错误，D正确．3、D【分析】【详解】

试题分析：因为上表面带正电、下表面带负电，电流的方向向右，根据左手定则可判断，是正电荷向右移动，故是是P型半导体；根据可得根据I=nqvS，得选项D正确．

考点：霍尔效应及电流强度的概念．4、A【分析】【详解】

根据楞次定律，磁场方向向里增加，则产生方向向外的感应磁场，则感应电动势为逆时针，电流从c到d，则选项CD错误．由可知变为2倍，则感应电动势变为2倍，电阻不变，电流变为2倍，则选项A正确，B错误．故选A.5、A【分析】【详解】

交流电是指电流的方向发生变化的电流；电流的大小是否变化对其没有影响，而对于周期性变化的电流，即大小与方向都随着时间做周期性变化，因此属于交流电的即为BCD；不属于的是A；

【点睛】

直流电是指电流的方向不发生变化的电流，其大小可以变化，交流电是指电流的方向发生变化的电流，但是它的电流的大小可以不变．6、C【分析】【详解】

当F向上压膜片电极时，板间距离减小，由电容的决定式得到，电容器的电容将增大，又根据电容的定义式电容器两极的电压U不变，故Q将增大，即电容器充电，所以电流将从电流表正接线柱流入，电流计指针向右偏．当充电完毕后，电路中没有电流，电流计的指针回到零刻度．故C正确，ABD错误．7、B【分析】【详解】

电流表示数由4.00mA变为5.00mA，变化了=25%；电压表示数由2.40V变为2.30V，变化了=4%；电流变化明显，说明电压表分流较明显，应采用电流表内接法，即按照（a）图连接．电流表的示数是4.00mA，电压表的示数是2.40V，根据欧姆定律有：

此电阻等于待测电阻与电流表内阻之和，待测电阻阻值小于600Ω．故B正确，ACD错误．

故选B8、A【分析】【详解】

β衰变生成电子，新原子核的质量数不变，而核电荷数增加1个；由此分析可知，A是β衰变，B是核聚变，C是a衰变，D是人工核反应，A正确，BCD错误．二、多选题(共5题，共10分)9、A:D【分析】【详解】

在U-I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，可知电动势E1=E2，内阻r1＞r2，故A正确，BC错误；由U-I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1＜I2，故D正确．所以AD正确，BC错误．10、B:D【分析】【详解】

A．线圈在有界磁场中将产生正弦半波脉动电流；故A错误；

B．电动势最大值

故B正确；

C．线圈转动s、转过角度瞬时感应电动势为

故C错误；

D．在一个周期时间内，只有半个周期产生感应电动势，根据有效值的定义有

可得电动势有效值

故D正确。

故选BD。11、B:C:D【分析】【详解】

因发电厂的输出电压一定，因此可知升压变压器的原线圈的电压不变，即不变，由可知升压变压器的副线圈的电压不变，即电压表的示数不变；进入用电高峰，电阻R降低，假设电压表得电压不变，可知电流表得电流增大，由可知电流表降压变压器得输入端得电流增大，即电流表的示数增大，由可知输入电流增大，即电流表示数增加；由可知降压变压器原线圈的电压降低，即电压表降低，由可知降压变压器的副线圈的电压降低，即降低，故AD错误，BC正确．12、B:C:E【分析】【详解】

A→B过程中，压强不变，体积变大，温度升高，则气体分子的平均速率变大，碰撞力变大，而气体的分子数密度减小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减小，选项A错误；B→C过程中，气体体积不变，压强减小，温度降低，则分子内能减少，选项B正确；状态A和状态C，气体的温度相同，则气体分子平均动能相同，选项C正确；D→A过程气体温度不变，内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，则放出热量，选项D错误；根据W=P∆V可知，从A→B气体对外做功为从B→C气体体积不变，则W2=0;从D→A气体体积减小，外界对气体做功：其值等于曲线下方的面积，则气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象ABCD围成的面积，选项E正确；13、B:D【分析】【详解】

A．光波在介质中传播的速度与光的频率有关；选项A错误；

B．雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的；选项B正确；

C．杨氏双缝干涉实验中，根据可知；当两缝间的距离以及挡板和屏的距离一定时，因红光的波长大于蓝光，则红光干涉条纹的相邻条纹间距比蓝光干涉条纹的相邻条纹间距大，选项C错误；

D．光的偏振特征说明光是横波，选项D正确.三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】由动态平衡的概念可知，汽化与液化的速率相等，一定温度下饱和汽压与体积无关.【解析】相等无关15、略

【分析】【详解】

[1][2]瓶中空气的物质的量为

则瓶中空气的质量

空气分子的个数为

[3]现使塞子缓慢向下移动，外界对气体做功，则

气体温度不变，即

由热力学第一定律

可得

即气体一定放热。【解析】①.②.③.放16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由题图可知，从状态A经过状态B为等温变化，则有

已知

解得

[2]由题图可知，B到C过程中，温度降低，内能减少，即

体积变小，则外界对气体做功，即

由热力学第一定律

可知

即气体放热。【解析】放热17、略

【分析】【详解】

[1]易知水银柱产生的压强为

设水柱产生的压强为p水，则

解得

根据平衡条件可得水的饱和汽压为

[2]把图中的管上提1cm；假设水银面高度不变，则水蒸气的压强不变；体积增大，不符合等温变化规律；假设水银面下降，则水蒸气的压强减小、体积增大，同样不符合等温变化规律。只有当水银面上升时，水蒸气的压强增大、体积减小，才可以符合等温变化规律。

[3]水的饱和汽压只与温度有关，所以把图中的管上提1cm，水的饱和汽压不变。【解析】21.6上升变小18、B:C:D【分析】【详解】

A；伽利略发现了单摆的等时性；惠更斯给出了单摆的周期公式，故A错误；

B、摆钟由广州移至哈尔滨时，重力加速度g变大，摆钟的摆长L不变，由可知；摆钟的周期变小，摆钟变快，要校准摆钟，需要增大摆钟的周期T，可以增大摆钟的摆长L，故B正确；

C、由得在利用单摆测量重力加速度的实验中，在测量摆长时，只量了悬线的长度L当作摆长，而没有加上摆球的半径，导致摆长偏小，故g值偏小，故C正确；

D、摆角从5°改为3°，单摆仍然做简谐运动，由周期公式可知；单摆的周期不变，故D正确；

E；摆球实际做圆周运动（一部分）；经最低点（平衡位置）时，绳子拉力与重力的合力提供向心力，绳子拉力大于重力，故E错误；

故选BCD。

【点睛】

关键是知道摆长应等于悬线长度加上摆球的半径，摆钟由广州移至哈尔滨时，重力加速度g变大，摆钟的摆长L不变，由可知，摆钟的周期变小；摆角从5°改为3°，单摆仍然做简谐运动，由周期公式可知，单摆的周期不变。19、略

【分析】【分析】

振动图像描述的是一个质点在不同时刻离开平衡位置的位移；波的图像描述的是同一时刻各个质点的位移.

【详解】

振动图像描述的是一个质点在不同时刻离开平衡位置的位移，则图像b是振动图像；图a是波的图像；物理意义是同一时刻各个质点的位移(或者相对平衡位置的位移)．

【点睛】

本题要理解振动图象和波动图象各自的物理意义；知道振动图像是“照相机”；波的图像是“录像机”.【解析】b同一时刻各个质点的位移(或者相对平衡位置的位移)20、略

【分析】【小题1】本题考察的是多普勒效应；凡是波源靠近观察者，观察者接收到的频率就会变大，远离观察者，接收到的频率就会变小，故AB正确。

【小题2】分析边缘光线a；如图：

由几何关系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，设为r；在△OBC中；

由勾股定理有：

进而求出

故半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径为【解析】【小题1】AB

【小题2】21、略

【分析】设向右为正方向,由动量守恒定律得代入数据解得负号表示方向向左。【解析】0.2m/s向左22、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）当m=0时，传感器的示数即为木块A的重力，则有：Mg=4.80N，解得：

（2）对小球受力分析；根据平衡条件可知，A对小球的支持力N=mgcosθ；

根据牛顿第三定律可知；小球对A的压力为mgcosθ；

对A受力分析可知；传感器对A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

则传感器的示数为F=Mg+mgcos2θ

则F-m图象的斜率k=gcos2θ；

则有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根据牛顿第二定律得小球下滑的加速度为：a＝gsinθ；则不同质量的小钢珠在斜面上运动情况完全相同，所以运动的时间也相同．

考点：研究加速度与物体质量；受力的关系.

【名师点睛】

本题考查研究加速度与物体质量、受力的关系实验；解题的关键是搞清实验的原理及分别对小球和A受力分析，求出传感器的示数F与m的表达式，注意F-m图象斜率和截距所表示的含义，难度适中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作图题(共3题，共21分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共18分)26、略

【分析】【详解】

第一空.滑动变阻器应起到明确的调节作用，并且还要易于调节，故一般限流接法时，滑动变阻器比内阻约为10倍左右即可，故本题中应选R1；

第二空.本题中表头可与定值电阻串联作为电压表使用，再将滑动变阻顺与电流表A串接在电源两端即可；如下图

第三空第四空.由闭合电路欧姆定律可得：I1（R3+RA）=E-I2r

变形得：

由数学知可得：图象中的k=b=

由图可知：b=k==0.75×10-3；

故解得：E=1.46V，r=0.75Ω【解析】R1图见解析1.460.7527、略

【分析】【分析】

【详解】

解：(1)半偏法测电阻实验步骤：第一步，按原理图连好电路；第二步，先将R的阻值调至最大，闭合S1，调节R的阻值，使的指针偏转到满刻度；第三步，闭合S2，调节的阻值，使的指针半偏，记下电阻箱读数，此时电阻箱的读数等于G的内电阻值；

实际上电阻箱并