2025年华东师大版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版高三物理下册月考试卷782考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列单位中，与力的单位N（牛）等效的是（）A.J/sB.w•SC.J/mD.C/s2、【题文】下列关于物理学史的叙述正确的是（）A.笛卡尔认为力是维持物体运动的原因B.开普勒提出的万有引力定律奠定了天体力学的基础C.伽利略理想斜面实验说明如果没有力的作用物体终将停止运动D.亚里斯多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重的物体比轻的物体下落得快3、关于分子的热运动，下列说法中正确的是(

)

A.大量分子的无规则运动遵从统计规律B.分子间存在的斥力和引力都随分子间距离的增大而增大C.内能是物体中所有分子热运动的平均动能之和D.气体的体积等于气体中所有分子体积的总和4、频率为50Hz的交流电流，其方向每秒改变的次数和一个周期内达到最大值的次数是（）A.25次，1次B.50次，1次C.100次，2次D.200次，2次5、大小、方向随时间做周期变化的电流叫做交变电流，下图不属于交变电流图象是（）A.B.C.D.6、在赤道上方，有一条与磁场方向垂直、长度为2m的通电直导线ab，导线ab中的电流方向由东向西如图所示，则导线ab所受安培力方向为（）A.竖直向下B.水平向西C.竖直向上D.水平向东7、北约对南联盟轰炸时，大量使用了贫铀弹．贫铀密度为钢的2.5倍，设贫铀炸弹与常规炸弹投放速度之比为2：1，它们穿甲过程中所受阻力相同，则形状相同的贫铀弹与常规炸弹穿甲深度之比为（）A.2B.1：1C.10：1D.5：28、如图所示，均匀细杆AB质量为M，A端装有转轴，B端连接细线通过滑轮和质量为m的重物C相连，若杆AB呈水平，细线与水平方向夹角为θ时恰能保持平衡，则杆对轴A的作用力大小，下面表达式中不正确的有（）A.mgB.C.gD.Mg-mgsinθ评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的右上方固定一直导线，导线与磁铁垂直，若给导线通以垂直于纸面向外的电流后，则与未通电相比（）A.磁铁对桌面压力增大B.磁铁对桌面压力减小C.磁铁有向右运动的趋势D.桌面对磁铁无摩擦力10、如图所示，质量为m的小球用一根细线和一根轻弹簧悬挂起来，小球静止时，细线水平，而弹簧与竖直成θ角．现将细线剪断，则下列判断正确的是（）A.剪断细线前，细线中张力为mgcotθB.剪断细线前，弹簧弹力大小为C.剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgsinθD.剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgtanθ11、如图所示，a、b为沿竖直方向电场线上的两点，一带电小球从a点静止释放，沿电场线向上运动，到b点时速度恰好为零，下列说法正确的是（）A.a点的电势比b点的电势高B.a点的电场强度比b点的电场强度大C.带电小球受到的电场力方向始终竖直向上D.带电小球在a点的电势能比在b点的电势能小12、如图所示，水平放置的平行金属板充电后板间形成匀强电场，板间距离为d，一个带负电的液滴带电量大小为q，质量为m，从下板边缘射入电场，沿直线从上板边缘射出，则（）A.液滴做的是类平抛运动B.液滴做的是匀速直线运动C.上下两板的电势差为D.液滴的电势能增加了mgd13、一个质量为m的物体以a=2g的加速度竖直向下运动，则在此物体下降h高度过程中，下列说法正确的是（）A.重力势能减少了mghB.动能增加了2mghC.机械能减小了mghD.机械能增加了mgh14、关于电场线的说法，正确的是（）A.电场线的方向，就是电荷受力的方向B.正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C.电场线越密的地方，同一电荷所受电场力越大D.沿电场线的方向电势逐渐降低15、两个共点力大小分别为4N和7N，以下哪些力单独作用效果可能与它们共同作用效果相同（）A.3NB.4NC.11ND.12N16、下列说法中正确是（）A.悬浮在液体中的微小固体颗粒的运动是无规则的，说明液体分子的运动也是无规则的B.物体中分子热运动动能的总和等于物体的内能C.橡胶无固定熔点，是非晶体E.对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大E.对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、物体从某一高度自由落下，到达地面时的速度与在一半高度时的速度之比是____．18、（2013春•成都校级期中）如图是小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中小方格的边长为L，则小球平抛的初速度为v0=____（用L、g表示）19、已知铜的摩尔质量为M，铜的密度为ρ，阿伏伽德罗常数为NA．由此可知，1个铜原子的质量为____，1个铜原子所占体积为____．20、（2006秋•闵行区期末）图中是DIS实验得出的从斜面下滑一辆小车的v-t图象，由图可知，小车在AB段时间内运动可近似看作____运动，小车开始运动的时刻是____s，小车在AB段的加速度是____m/s2，小车在AB段的位移是____m．21、（2012秋•潮南区校级月考）（1）如图展示了等量异种点电荷的电场线和等势面，从图中我们可以看出，A、B两点的场强大小____，方向____，电势____；C、D两点的场强____，电势____（选填“相同”或“不同”）．

（2）在电场中P点放一个电荷量为4×10-9C的检验电荷，它受到的电场力为2×10-4N，则P点的场强为____N/C．把放在P点的检验电荷的电荷量减为2×10-9，则P点的场强为____N/C，把该点的点电荷移走，P点的场强又为____N/C．22、如图所示，一束单色光从空气入射到棱镜的AB面上，经AB和AC两个面折射后从AC面进入空气。当出射角i′和入射角i相等时，出射光线相对于入射光线偏转的角度为θ．已知棱镜顶角为α，则棱镜对该色光的折射率表达式为______。23、地球半径为R，地面附近的重力加速度为g，物体在离地面高度为h处的重力加速度的表达式是：____．评卷人得分四、判断题(共3题，共6分)24、穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，回路中感应电流就一定为零．____（判断对错）25、矢量的运算遵守平行四边形法则．____．26、根据公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，则线速度也增大一倍．____．评卷人得分五、画图题(共2题，共8分)27、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分六、实验题(共2题，共12分)29、某同学为探究“合力做功与物体动能改变的关系”；设计了如下实验，他的操作步骤是：

A．按如图1摆好实验装置；

B．将质量M=0.20kg的小车拉到打点计时器附近；并按住小车；

C．在总质量m分别为10g；30g、50g的三种钩码中；挑选了一个质量为50g的钩码挂在拉线的挂钩上；

D．接通打点计时器的电源（电源频率为f=50Hz）；然后释放小车，打出一条纸带．

①多次重复实验，从中挑选一条点迹清晰的纸带如图2所示．把打下的第一点记作“0”，然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，用毫米刻度尺测得各计数点到0点距离分别为d1=0.0075m，d2=0.03001m，d3=0.0675m，d4=0.1200m，d5=0.1875m，d6=0.2700m，他把钩码重力（当地重力加速度g=9.8m/s2）作为小车所受合力算出打下“0”点到打下“5”点合力做功．则合力做功W=____J，小车动能的改变量EK=____J（结果保留三位有效数字）．

②此次实验探究的结果，他没能得到“合力对物体做的功等于物体动能的增量”，且误差很大，显然，在实验探究过程中忽视了各种产生误差的因素．请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助分析一下，造成较大误差的主要原因是____；____．（写出两条即可）30、在“探究弹力和弹簧伸长的关系；并测定弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图甲所示．所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒定的拉力．实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度．

（1）有一个同学通过以上实验测量后把6组数据描点在坐标图中；请作出F-L图线．

（2）由此图线可得出该弹簧的原长L0=____cm，劲度系数k=____N/m．

（3）该同学实验时；把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较．

优点在于：____．

缺点在于：____．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】根据物理学公式及各物理量的单位进行推导，即可得出结论．【解析】【解答】解：A、根据公式可知；J/s是功率的单位，故A错误；

B；根据W=Pt可知；W•s是功的单位，故B错误；

C、根据W=Fs可知，F=；属于1N=1J/m，故C正确；

D、根据I=可知；C/s是电流的单位，故D错误．

故选：C2、D【分析】【解析】

试题分析：亚里士多德认为力是维持物体运动的原因；所以A错误；牛顿提出的万有引力定律，所以B错误；伽利略理想斜面实验说明如果没有力的作用物体将一直匀速运动下去，所以C错误；亚里士多德通过观察自然现象，认为重的物体下落快，轻的物体下落慢，所以D正确；

考点：物理学史【解析】【答案】D3、A【分析】解：A

大量分子的无规则运动遵循一定的统计规律；A正确；

B；分子间同时存在引力和斥力；分子引力和分子斥力都随分子间距的增大而减小.

故B错误。

C；物体的内能是物体中所有分子热运动的动能和分子势能的总和；故C错误。

D；气体分子间距很大；气体的体积等于气体分子所能达到的整个空间，故D错误．

故选：A

当物体温度升高时；分子的平均动能增大，并不是每个分子运动都加快，气体分子间距很大，气体的体积大于气体分子体积的总和，温度是对大量分子的平均效果，对少数分子没有意义；分子间同时存在引力和斥力，随着分子间距的增大，两个力都减小，随着分子间距的变化斥力变化比引力快；物体的内能是物体中所有分子热运动的动能和分子势能的总和。

此题考查的是我们对分子动理论的理解，同时需要掌握就是气体的体积，不是所有气体分子的体积之和．【解析】A

4、C【分析】【分析】知道交流电的频率，一个周期内电流方向改变两次，从而求出方向每秒改变的次数．【解析】【解答】解：一个周期内电流方向改变两次．交流电的频率是50Hz；表示电流方向在1s内电流改变100次．交流电在一个周期内达到最大值的次数也是2次．

故选：C5、B【分析】【分析】电流大小和方向都随时间呈周期性变化的电流叫做交变电流．【解析】【解答】解：A；C、D、电流大小和方向都随时间呈周期性变化；故ACD是交变电流；

B；电流的方向始终为正；没变化，故不是交变电流，故B错误；

本题选择错误的，故选：B．6、A【分析】【分析】已知磁场方向、电流方向，根据左手定则判断安培力的方向【解析】【解答】解：赤道处的磁场方向从南向北；电流方向自东向西，根据左手定则，安培力的方向竖直向下．故A正确，B；C、D错误．

故选：A7、C【分析】【分析】炸弹在穿甲过程中，克服阻力做功，由动能定理可以求出炸弹穿入的深度．【解析】【解答】解：以炸弹为研究对象，由动能定理可得：-fd=0-mv2，射入的深度d=

因为阻力相同，则得形状相同的贫铀炸弹与常规炸弹的最大穿甲深度之比为：==×（）2=

故选：C．8、D【分析】【分析】题中杆AB呈水平，处于静止状态，合力为零．对AB杆进行受力分析，因为AB杆处于平衡，受到重力、绳子拉力以及铰链对杆子的作用力处于平衡，根据三力汇交原理，求出轴对杆的作用力大小．由牛顿第三定律得到轴对杆的作用力大小．【解析】【解答】解：AB杆受重力Mg；绳子拉力T以及轴对杆子的作用力F处于平衡；合力为零，如图，根据三力汇交原理，拉力与水平方向的夹角为θ．

根据平衡和对称性得知；F=T．

在竖直方向上有：2Tsinθ=Mg．

又T=mg，则：F=．

根据对称性可得：F=mg

根据平衡条件知：T与Mg的合力与F等大；反向，则由数学知识得：

F==g；故ABC正确，D错误．

本题选错误的，故选：D．二、多选题(共8题，共16分)9、BC【分析】【分析】先以通电导线为研究对象，由左手定则判断出导线受到安培力的方向；然后由牛顿第三定律求出磁铁受到磁场力的方向，最后判断磁铁对桌面的压力如何变化，判断磁铁受到的摩擦力方向【解析】【解答】解：在磁铁外部；磁感线从N极指向S极，长直导线在磁铁的中央右上方，导线所在处磁场斜向左上方；导线电流垂直于纸面向外，由左手定则可知，导线受到的安培力斜向左下方；由牛顿第三定律可知，导线对磁铁的作用力斜向右上方，因此磁铁对桌面的压力减小，小于磁铁的重力，磁铁由向右的运动趋势，磁铁受到向左的摩擦力，故AD错误，BC正确．

故选：BC10、BD【分析】【分析】对小球受力分析，根据平衡求出细线剪断前绳子的拉力和弹簧的弹力，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，从而求出合力的大小．【解析】【解答】解：A、根据共点力的平衡，求得弹簧的弹力F=；绳子的弹力为T=mgtanθ．故A错误，B正确．

C；剪断细线的瞬间；弹簧的弹力不变，小球所受的合力为重力和弹簧弹力的合力，与细线的拉力大小相等，方向相反，即为mgtanθ，故C错误，D正确．

故选：BD．11、BC【分析】【分析】由题意可知，带电小球受两个力：重力和电场力．由静止向上运动，可判断出电场力的方向，通过带电小球初末速度为零可比较出两点的电场强度．沿电场线方向电势逐渐降低．根据电场力做的功，判断电势能的变化．【解析】【解答】解：A、小球开始由静止向上运动，电场力大于重力，且方向竖直向上．但由于小球的电性未知，不能判断电场线的方向，所以不能判断a、b两点电势的高低．故A错误．

BC、由题意可知，电场力方向始终竖直向上，带电小球受两个力：重力和电场力．在a点，电场力大于重力，到b点恰好速度为零，可知先加速后减速，所以b点所受的电场力小于重力．所以a点的电场强度比b点的电场强度大．故B；C正确．

D、由a到b，电场力一直做正功，则电势能减小，则a点的电势能大于b点的电势能．故D错误．

故选：BC．12、BC【分析】【分析】液滴沿直线运动，则其所受的合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，即可判断出电场力方向竖直向上，而且电场力与重力相平衡，由平衡条件和U=Ed求解电势差．【解析】【解答】解：A；液滴进入竖直方向的匀强电场中；所受的电场力方向竖直向上或竖直向下，因为微粒做直线运动，可知，电场力方向必定竖直向上，而且电场力与重力平衡，液滴做匀速直线运动，故A错误B正确；

C、液滴从下极板运动到上极板的过程中，由动能定理有qU-mgd=0⇒U=；故C正确；

D；液滴进入竖直方向的匀强电场中；重力做功-mgd，微粒的重力势能增加，动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能减小了mgd．故D错误；

故选：BC．13、ABD【分析】【分析】根据重力做功判断重力势能的变化，根据合力做功判断动能的变化，根据动能和势能的变化判断机械能的变化．【解析】【解答】解：A；物体重力做功为mgh；所以重力势能减小mgh．故A正确．

B、物体所受的合力为F合=ma=2mg，所以合力做功为W合=F合h=2mgh；则动能增加为2mgh．故B正确．

C；D、物体的机械能等于动能和重力势能之和；动能增加2mgh，重力势能减小mgh，则机械能增加mgh．故C错误，D正确．

故选：ABD．14、CD【分析】【分析】电场线是为了形象的描述电场的强弱和方向而假想的曲线，从正电荷或无穷远出发，终止于无穷远或负电荷，是不闭合的；正电荷受力方向和电场力方向相同，负电荷受力方向和电场线相反．【解析】【解答】解：A；电场线的方向；是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反，故A错误．

B；正电荷如果沿电场线运动必须满足的条件：①电场线是直线；②合外力沿电场线方向；所以正电荷只在电场力的作用下不一定沿电场线运动；故B错误．

C；电场线越密；场强越大，则电荷所受的电场力越大，故C正确．

D；沿电场线的方向电势逐渐降低；故D正确．

故选：CD．15、ABC【分析】【分析】此题考查两个力的合力大小问题。

同一直线上；同方向；两个力的合力大小为二力之和，为最大值；

同一直线上；反方向；两个力的合力大小为二力之差，为最小值；

不在同一直线上，两个力的合力大小居于最大值和最小值之间．【解析】【解答】解：此题考查两个力的合力大小问题；据平行四边形法则可得：

若二力方向相同时，合力大小为F=F1+F2=4N+7N=11N；为最大值；

若二力方向相反时，合力大小为F=F2-F1=7N-4N=3N；为最小值；

故两力的合力大小可能范围为3N≤F≤11N．

从选项中得A；B、C选项作用效果可能与它们共同作用效果相同在此范围内；所以ABC正确．

故选：ABC．16、ACE【分析】【分析】布朗运动是固体小颗粒的运动；发映液体分子的无规则运动；

物体的内能包括分子动能和分子势能；

橡校是非晶体；

热机的效率都无法达到100%；

温度是分子平均动能的标志．【解析】【解答】解：A；悬浮在液体中的微小固体颗粒的运动是无规则的；说明液体分子的运动也是无规则的；故A正确；

B；物体中分子热运动的动能及分子势能之和等于物体的内能；故B错误。

C；橡胶是非晶体；没有固定的熔点；故C正确；

D；热机的效率无法达到100%；故D错误；

D；温度是分子平均动能的标志；温度越高；分子平均动能越大；故E正确；

故选：ACE．三、填空题(共7题，共14分)17、：1【分析】【分析】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据速度位移关系公式v2=2gh列式求解【解析】【解答】解：自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，前一半位移内：①

整个位移上：②

由①②联立解得：

即到达地面时的速度与在一半高度时的速度之比为：1；

故答案为：：118、【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出小球平抛运动的初速度．【解析】【解答】解：在竖直方向上，根据△y=L=gT2得，T=；

则小球初速度．

故答案为：．19、【分析】【分析】根据铜的摩尔质量与阿伏伽德罗常数求出1个铜原子的质量，根据摩尔质量和密度求出摩尔体积，结合阿伏伽德罗常数求出1个铜原子所占的体积．【解析】【解答】解：1个铜原子的质量．

铜的摩尔体积V=，则1个铜原子所占的体积．

故答案为：，．20、匀加速直线0.32.50.1125【分析】【分析】在物体的v-t图象中，斜率大小表示物体的加速度，斜率不变表示物体做匀变速直线运动，图象和横坐标围成的面积表示位移．【解析】【解答】解：由图可知图象AB部分为倾斜的直线；因此物体做初速为零的匀加速直线运动，由图象可知，t=0.3s时物体才有速度；

其加速度为：a=m/s2，在AB段的位移为：s==0.1125m

故答案为：匀加速直线；0.3；2.5；0.112521、相同相同不同不同相同5×1045×1045×104【分析】【分析】根据电场线的疏密判断场强的大小；根据电场线的方向判断电势的高低．顺着电场线电势降低．等量异种点电荷的中垂线是一条等势线．

根据可求出电场强度，若变化电荷量，则该点的电场强度不变，而电场力随之而变．若没有电荷，则该点的电场强度不变．【解析】【解答】解：（1）由图看出；A；B两点处电场线疏密相同，即大小相同，方向相同，则A、B两点的场强相同．电场线从A指向B，A点电势高于B点电势．CD是等量异种点电荷的中垂线上的两点，电势相同，场强不同，D点场强大于C场强．

（2）根据，可求出电场强度为；

当放在P点的检验电荷的电荷量减为2×10-9C，该处的电场强度不变，仍为5×104N/C，若没有电荷时，则该处电场强度仍为5×104N/C；

故答案为：（1）相同；相同，不同，不同，相同．

（2）5×104；5×104；5×104．22、【分析】解：当出射角i′和入射角i相等时；由几何知识，作角A的平分线，角平分线过入射光线的延长线和出射光线的反向延长线的交点；两法线的交点，如图所示。

可知∠1=∠2=∠4=∠3=

而i=∠1+∠4=+

由折射率公式n==

故答案为：

由几何关系可明确在AB边入射时的入射角和折射角；再由折射定律可求得折射率。

本题考查折射定律的应用，要注意根据光路图利用几何关系进行分析，本类问题要多练习如何利用几何关系。【解析】23、【分析】【分析】由地面的万有引力等于重力，再列高空的万有引力等于重力，联合可得高空重力加速度表达式．【解析】【解答】解：地面万有引力等于重力：G=mg；

高空处：G=ma

解得：a=

故答案为：四、判断题(共3题，共6分)24、×【分析】【分析】结合产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化即可正确判定．【解析】【解答】解：产生感应电流的条件是闭合回路的磁通量发生变化；题目中穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，没有说明磁通量是否变化，所以不能判断出没有感应电流产生．所以以上说法是错误的．

故答案为：×25、√【分析】【分析】物理量按有无方向分矢量和标量，矢量的运算遵守平行四边形法则．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．故这句话是正确的．

故答案为：√26、×【分析】【分析】当半径不变时，角速度增大一倍，线速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根据公式v=ωr可知，当半径r不变时；角速度增大一倍，则线速度也增大一倍，故此说法错误．

故答案为：×五、画图题(共2题，共8分)27、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m28、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面