2025年外研版高一物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高一物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、以下所列举出的物理量中属于标量的有（）

A.动能。

B.功。

C.动量。

D.功率。

2、某人在t=0时刻，观察一个正在作匀加速直线运动的物体，现只测出了该物体在第3s内的位移x1及第7s内的位移x2；则下列说法正确的是（）

A.不能求出任一时刻的瞬时速度。

B.能求出任一时刻的瞬时速度。

C.不能求出前6s内的位移。

D.能求该物体加速度。

3、关于天体的运动，下列叙述正确的是()A.地球是静止的，是宇宙的中心B.太阳是宇宙的中心C.地球绕太阳做匀速圆周运动D.九大行星都绕太阳运动，其轨道是椭圆4、【题文】手托着重为30N的物体，以大小为5m／s2的加速度作竖直向下的运动，（g取10m/s2）则手对物体的托力是（）A.15NB.20NC.30ND.45N5、某物体由静止开始以恒定加速度运动，经ts速度达到v，则在这ts内，物体在中间时刻的速度与物体位于中点位置时的速度大小之比为（）A.1：2B.1：C.

：1D.

：16、关于重力下列说法中正确的是（）A.物体重力的大小总是恒定的B.同一地点，物体重力的大小与物体的质量成正比C.物体落向地面时，它受到的重力大小大于它静止时受到的重力大小E.物体重力的大小总是恒定的E.物体重力的大小总是恒定的7、物体AB

的s鈭�t

图象如图所示；由图可知(

)

A.从第4s

起，两物体运动方向相同，且vA>vB

B.两物体由同一位置开始运动，但物体A

比B

迟3s

才开始运动C.在5s

内物体的位移相同，5s

末AB

相遇D.5s

内AB

的平均速度相等8、一个物体从某一高度做自由落体运动，它在第1s

内的位移恰好等于它最后1s

内位移的14

则它开始下落时距地面的高度为(

取g=10m/s2)(

)

A.5m

B.11.25m

C.20m

D.31.25m

评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、某次实验用打点计时器交流电的频率为50Hz，纸带的记录如图所示，图中前几个点模糊，因此从A点开始每打五个点取一个计数点，其中B、点的对应速度vB=____m/s可求得小车的加速度a=____m/s2．由此推得F点的速度vF=____m/s．（保留两位有效数字）

10、如图所示质点在直线A、B、C上作匀变速直线运动，若在A点时的速度是5m/s，经3s到达B点时速度是14m/s，若再经过4s到达C点，则它到达C点时的速度是_m/s，AC之间的平均速度是m/s.11、设地球表面的重力加速度为g0，则在地球表面上空h＝R(R是地球半径)处的重力加速度g＝______g0。若有一卫星处于h＝R的轨道上，则它绕地球旋转的角速度＝______。12、线段OB=AB，A、B两球质量相等，它们绕O点在光滑的水平面上以相同的角速度转动时，如图所示，两段线拉力之比TAB：TOB＝______。13、伽利略在研究力与运动关系时；设计了如图所示的理想实验．下列为相关实验内容：

①减小斜面2的倾角；小球沿斜面1滚下，如果没有摩擦，小球在斜面2上仍能达到释放时的高度．

②将斜面1与斜面2对接；让一个静止的小球沿斜面1滚下，小球将滚上斜面2．

③如果没有摩擦；小球将上升到释放时的高度．

④继续减小斜面2的倾角；直至使它成为水平，小球沿斜面1滚下，如果没有摩擦，小球将沿水平面做匀速运动．

请根据伽利略的设计思想进行排序____（填写相应序号）．伽利略的理想实验把可靠的事实和逻辑推理结合起来，揭示了力是____（选填“改变”；“维持”）物体运动状态的原因．

14、【题文】右图所示，质量m=2kg的物体从10m高处由静止下落，进入沙坑d=0.1m深处静止.取g=10m/s2，物体在沙坑中受到的平均阻力为____N。

15、甲乙叠放在水平面上，现对甲施加水平向右的力F，使它们一起向右匀速运动，则甲对乙摩擦力f1=____，方向____，水平面对乙摩擦力f2=____，方向____．

16、足球守门员将一个以2m/s速度迎面飞来的足球，以10m/s的速度踢回，若守门员踢球的时间为0.1s，则足球这段时间内的平均加速度的大小为____m/s2．评卷人得分三、实验探究题(共8题，共16分)17、用如图1

所示的实验装置做“探究加速度与力；质量关系”的实验。

(1)

下下面列出了一些实验器材：

打点计时器；纸带、刻度尺、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、砂和砂桶。除以上器材外；还需要的两种实验器材是______。

A.秒表B.

天平(

附砝码)

C.直流电源D.

交流电源。

(2)

实验中；需要平衡小车和纸带运动过程中所受的阻力，正确的做法是______。

A.小车放在木板上；把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在不受绳的拉力时沿木板做匀速直线运动。

B.小车放在木板上；挂上砂桶，把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在砂桶的作用下沿木板做匀速直线运动。

C.小车放在木板上；小车后面拴一条纸带，纸带穿过打点计时器。把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在不受绳的拉力时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动。

(3)

实验中；为了保证砂和砂桶所受的重力近似等于使小车做匀加速运动的拉力，砂和砂桶的总质量m

与小车和车上砝码的总质量M

之间应满足的条件是______。

(4)

实验中需要计算小车的加速度。如图2

所示；ABC

为三个相邻的计数点，若相邻计数点之间的时间间隔为TAB

间的距离为x1BC

间的距离为x2

则小车的加速度a=

______。已知T=0.10sx1=5.90cmx2=6.46cm

则a=

______m/s2(

结果保留2

位有效数字)

(5)

某小组在探究“外力一定时，加速度与质量的关系”时，保持砂和砂桶质量不变，改变小车质量M

分别记录小车加速度a

与其质量M

的数据。在分析处理数据时，该组同学产生分歧：甲同学认为根据实验数据可以作出小车加速度a

与其质量M

的图象，如图3鈭�

甲，然后由图象直接得出a

与M

成反比。乙同学认为应该继续验证a

与其质量倒数1M

是否成正比，并作出小车加速度a

与其质量倒数1M

的图象；如图3鈭�

乙所示。你认为______同学(

选填“甲”或“乙”)

的方案更合理。

(6)

另一小组在研究“质量一定时；加速度与力的关系”时，保持小车的质量不变，通过改变砂的质量来改变小车受到的拉力F

根据测得的数据作出a鈭�F

图象，如图4

所示。发现图象不过原点，末端发生了弯曲，出现这种情况可能的原因是______。

A.平衡摩擦力时；木板的倾斜角度过大，且小车质量较大。

B.平衡摩擦力时；木板的倾斜角度过大，且砂和砂桶的质量较大。

C.平衡摩擦力时；木板的倾斜角度过小，且砂和砂桶的质量较大。

D.平衡摩擦力时，木板的倾斜角度过小，且小车质量较大。18、如图为“验证力的平行四边形定则”实验；三个细线套L1L2L3

一端共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计AB

和重物M

上，A

挂于固定点P.

手持B

拉动细线，使结点静止于O

点．

(1)

某次实验中A

的指针位置如图所示；其读数为______N

(2)

下列实验要求中不必要的是______；(

填选项的字母代号)

A.弹簧测力计需要在实验前进行校零。

B.细线套方向应与木板平面平行。

C.需要用托盘天平测量重物M

的质量。

D.弹簧测力计B

始终保持水平．19、某研究小组设计了一种“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案.

如图所示，A

是可固定于水平桌面上任意位置的滑槽(

滑槽末端与桌面相切)B

是质量为m

的滑块(

可视为质点)

．

第一次实验；如图(a)

所示，将滑槽末端与桌面右端M

对齐并固定，让滑块从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P

点，测出滑槽最高点距离桌面的高度hM

距离地面的高度HM

与P

间的水平距离x1

第二次实验，如图(b)

所示；将滑槽沿桌面向左移动一段距离并固定，让滑块B

再次从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P隆盲

点，测出滑槽末端与桌面右端M

的距离LM

与P隆盲

间的水平距离x2

．

(1)

在第二次实验中；滑块在滑槽末端时的速度大小为______.(

用实验中所测物理量的符号表示，已知重力加速度为g)

．

(2)(

多选)

通过上述测量和进一步的计算；可求出滑块与桌面间的动摩擦因数娄脤

下列能引起实验误差的是______

A.h

的测量B.H

的测量C.L

的测量D.x2

的测量。

(3)

若实验中测得h=15cmH=25cmx1=30cmL=10cmx2=20cm

则滑块与桌面间的动摩擦因数娄脤=

______．20、某同学用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”实验。先将小球1从斜槽轨道上某固定点由静止开始滚下；在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把另一小球2放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止，让小球1仍从原固定点由静止开始滚下，且与小球2相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次。A；B、C为三个落点的平均位置，O点是水平轨道末端在记录纸上的竖直投影点。实验中空气阻力的影响很小，可以忽略不计。

（1）在本实验中斜槽轨道______（填选项前的字母）

A．必须光滑B．可以不光滑。

（2）实验中应该选择两个合适的小球进行实验。两个小球的半径______（填“相同”或“不同”）

（3）斜槽末端没有放置被碰小球2时；将小球1从固定点由静止释放。若仅降低斜槽上固定点的位置，那么小球的落地点到O点的距离将______（填“改变”或“不变”），若仅增大小球1的质量，小球仍以相同的速度从斜槽末端飞出，那么小球的落地点到O点的距离将______（填“改变”或“不变”）。

（4）在安装实验装置的过程中；使斜槽轨道末端的切线水平，小球碰撞前与碰撞后的速度就可以用小球飞出的水平距离来表示，其原因的是______

A．小球都是从同一高度飞出；水平位移等于小球飞出时的速度。

B．小球都是从同一高度飞出；水平位移与小球飞出时的速度成正比。

C．小球在空中的运动都是匀变速曲线运动；而且运动的加速度都相同。

（5）本实验必须测量的物理量是______

A．斜槽轨道末端到水平地面的高度H

B．小球1和小球2的质量m1、m2

C．小球1的释放位置到斜槽轨道末端的高度h

D．记录纸上O点到A、B、C各点的距离21、某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．

①图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm；图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量△l为______cm；

②本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是______；（填选项前的字母）

A．逐一增挂钩码；记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重。

B．随意增减钩码；记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重。

③图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量△l与弹力F的关系图线．图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是______．22、在做“验证力的平行四边形定则”的实验时：

（1）下列叙述正确的是______

A．同一次实验过程；结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变动。

B．用两只弹簧测力计拉橡皮条时；应使两细绳之间的夹角总为90°，以便于算出合力的大小。

C．力的夹角越大越好。

D．必须使分力与合力在同一平面内。

（2）如果实验情况如图①所示；其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图②是在白纸上根据实验结果画出的图．

图②中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是______．

（3）本实验采用的科学方法是______

A．理想实验法B．控制变量法C．等效替代法D．建立物理模型法．23、如图所示为用闪光照相法测当地重力加速度g

时，用10

次/

秒的闪光照相机对正在做平抛运动的小球拍摄的照片，背录是每格边长为4.9cm

的正方形格子.

试分析照片，求当地的重力加速度g=

______m/s2

平抛小球的初速度是______m/s

．24、如图甲为“验证机械能守恒定律”的实验装置示意图。

（1）为完成此实验；除了图中所示器材，还必需的器材有______（多选）

A．刻度尺B．秒表C．天平D．交流电源。

（2）实验中；如下哪些操作是正确的______（多选）

A．要用秒表测量时间B．重物的质量应尽可能大些。

C．先接通电源；后释放纸带D．先释放纸带，后接通电源。

（3）如图乙是该实验小组打出的一条点迹清晰的纸带，纸带上的O点是起始点，选取纸带上连续的点A、B、C、D、E、F作为计数点，并测出各计数点到O点的距离依次为27.94cm、32.78cm、38.02cm、43.65cm、49.66cm、56.07cm。已知打点计时器所用的电源是50Hz的交流电，重物的质量为0.5kg，则从计时器打下点O到打下点D的过程中，重物减小的重力势能△Ep=____J；重物增加的动能△Ek=____J，两者不完全相等的原因可能是____。（重力加速度g取9.8m/s2，计算结果保留三位有效数字）评卷人得分四、识图作答题(共1题，共5分)25、图甲表示某植物细胞有丝分裂一个细胞周期中染色体和核DNA分子数量变化曲线，图乙是细胞有丝分裂各期的图象，请据图分析并回答下列问题：（1）甲图中实线A～F表示______的数量变化，虚线a～e表示______的数量变化，乙图中细胞分裂的正确顺序是______。（用字母表示）（2）乙图中的C相当于甲图曲线中的______段（用大写字母表示），乙图D时期的一个细胞核内有染色体______条、染色单体______条、DNA分子______个。（3）乙图作为一个细胞周期还缺少______期的细胞简图，该期特点是________________。评卷人得分五、证明题(共2题，共16分)26、灯距地面的高度为h；身高为l的人以速度υ匀速直线行走，如图所示．

（1）有甲；乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况分别谈了自己的看法；甲同学认为人的头顶的影子将作匀加速直线运动，而乙同学则依据平时看到的自己的影子的运动情况，认为人的头顶的影子将作匀速直线运动，你认为甲、乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况的看法，谁的看法是正确的？

（2）请说明你的判断依据：

（3）求人影的长度随时间的变化率．27、灯距地面的高度为h；身高为l的人以速度υ匀速直线行走，如图所示．

（1）有甲；乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况分别谈了自己的看法；甲同学认为人的头顶的影子将作匀加速直线运动，而乙同学则依据平时看到的自己的影子的运动情况，认为人的头顶的影子将作匀速直线运动，你认为甲、乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况的看法，谁的看法是正确的？

（2）请说明你的判断依据：

（3）求人影的长度随时间的变化率．评卷人得分六、画图题(共2题，共6分)28、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。29、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|B|D【分析】

动量是即有大小又有方向；相加时遵循平行四边形定则的物理量，是矢量，动能；功、功率都只有大小，没有方向的物理量，是标量，所以C正确．

故选ABD．

【解析】【答案】即有大小又有方向；相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力；速度、加速度、位移、动量等都是矢量；

只有大小；没有方向的物理量是标量，如路程；时间、质量等都是标量．

2、B|D【分析】

A、B根据推论，第2.5s末物体的瞬时速度等于第3s内物体的平均速度，可求出第2.5s末的瞬时速度v2.5==x3．由v2.5=v+at2.5可求出初速度v．所以由速度公式v=v+at可求出任一时刻的瞬时速度．故A错误；B正确．

C、由位移公式x=vt+可求出前6s内的位移．故C错误．

D、物体做匀加速直线运动，测出了该物体在第3s内的位移x1及第7s内的位移x2，由x7-x3=4aT2可求出加速度．故D正确．

故选BD

【解析】【答案】物体做匀加速直线运动，测出了该物体在第3s内的位移x1及第7s内的位移x2，由推论△x=4aT2可求出加速度．根据推论；可求出第2.5s末物体的瞬时速度，由速度公式求出初速度，就可以求出任一时刻的瞬时速度和前6s内的位移．

3、D【分析】【分析】基本了解开普勒行星运动定律及一些常识即可作答，十分容易。【解答】A.地球是围绕太阳运动的行星，也不是宇宙的中心，A错误；B.太阳是太阳系的中心，而不是宇宙的中心，B错误；C.地球围绕太阳运动的轨迹是椭圆，速度也非匀速，C错误；D.由开普勒行星运动定律知道行星的运动轨道均为椭圆形，D正确。故选D。【解析】D

4、A|D【分析】【解析】略【解析】【答案】AD5、B【分析】【解答】解：物体在中间时刻的速度为：①

物体在中间位置的瞬时速度为②

①②联立得

故ACD错误；B正确；

故选B．

【分析】根据匀变速直线运动的推论：即可求出中间时刻的速度，根据可求出中间位置的速度，从而解决两个速度之比．6、B【分析】解：A；物体的重力大小在同一地点是恒定的；不同地点可能是变化的，比如在地球上不同的高度或不同的纬度同一物体的重力不同．故A错误．

B；同一地点；重力加速度g是一定的，根据G=mg得知，物体的重力与物体的质量成正比．故B正确．

C；物体落向地面时；它受到的重力等于它静止时所受到的重力故C错误．

D；只有当物体处于平衡状态时；物体的重力才等于它对竖直测力计的拉力，若物体具有竖直方向的加速度，重力与拉力不再相等．故D错误．

故选：B．

物体的重力大小在同一地点是恒定的；不同地点可能是变化的．根据G=mg分析重力与质量的关系．物体的重力不总等于它对竖直测力计的拉力．

物体的重力与地理位置的关系，可以根据万有引力知识和牛顿运动定律理解记忆．【解析】【答案】B7、A【分析】解：A

由图看出，两图线的斜率都大于零，说明两物体都沿正方向运动，运动方向相同.

图线A

的斜率大于图线B

的斜率，说明A

的速度大于B

的速度，即vA>vB.

故A正确．

B；物体A

从原点出发；而B

从正方向上距原点5m

处出发，出发的位置不同.

物体A

比B

迟3s

才开始运动.

故B错误．

C、5s

末两图线相交，说明5s

末两物体到达同一位置相遇.

但两物体5s

内通过的位移不同，A

通过的位移为鈻�xA=10m鈭�0=10m

物体B

通过的位移为鈻�xB=10m鈭�5m=5m.

故C错误．

D；由上知道；5s

内A

通过的位移大于B

的位移，所以5s

内A

的平均速度大于B

的平均速度.

故D错误．

故选：A

位移鈭�

时间的斜率大小等于物体的速度.

由图直接读出物体开始运动的时刻和位置.

两图线的交点表示位移相同；两物体到达同一位置相遇.

纵坐标的变化量等于物体通过的位移，读出位移大小，再比较5s

内平均速度大小关系．

对于位移图象，关键抓住斜率大小等于物体的速度、坐标变化量表示位移来理解其物理意义．【解析】A

8、D【分析】解：根据公式：h=12gt2

得：

第1s

内下落的距离h1=12隆脕10隆脕12m=5m

．

设：物体开始下落时离地面的高度为H

下落时间为t

则有：H=12gt2垄脵

最后1s

之前的下降的高度为H鈭�4h1=12g(t鈭�鈻�t)2垄脷

由垄脵鈭�垄脷

得：4h1=12gt2鈭�12g(t鈭�鈻�t)2

隆脿t=2.5s垄脹

把垄脹

式代入垄脵

得：H=12隆脕10隆脕(2.5)2m=31.25m

．

故选D．

自由落体运动是初速度为零的匀加速运动；加速度的大小为重力加速度，根据自由落体运动规律计算即可．

匀变速运动的常规题目，牢记公式，找准数量关系列方程，注意每次都从抛出点开始计算，这样比较简单．【解析】D

二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】

某点的瞬时速度时只需要找平均速度代替：

B点的对应速度vB==0.25m/s

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2

可以求出加速度的大小a==0.75m/s2．

由：vF=vB+aT得：

vF=0.25+0.75×0.4=0.55m/s

故答案为：0.25；0.75，0.55

【解析】【答案】从A点开始每打五个点取一个计数点；所以每两个点间的时间间隔T为0.1s．

求某点的瞬时速度时只需要找平均速度代替即可，如果找不出的，如：F点的，可用公式v=v+at求解．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小。

10、略

【分析】试题分析：物体运动的加速度因此到达C点的速度AC间的平均速度考点：加速度，平均速度【解析】【答案】（1）26m/s（2）15.5m/s11、略

【分析】试题分析：质量为的物体在地球表面及其附近时受到的重力等于万有引力，即和以上两式联立解得：和人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，地球的万有引力提供向心力，根据牛顿运动定律得解得考点：本题考查了万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系。【解析】【答案】12、略

【分析】得【解析】【答案】3:213、略

【分析】

根据伽利略的设计思想；结合图可知，先斜面1与斜面2对接，接着释放小球之后，再减小斜面2的倾角，小球沿斜面1滚下，最后继续减小斜面2的倾角，故正确的顺序为②③①④；

伽利略的理想实验把可靠的事实和逻辑推理结合起来；揭示了力改变物体运动的状态的原因；

故答案为：②③①④；改变．

【解析】【答案】在伽利略研究力与运动的关系时；先是在斜面实验的基础上，成功地设计了理想斜面实验，开创了物理实验的先河，使物理学进入到一个伟大的时代．理想实验以实际的实验为依据，抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而能够更深刻地揭示了自然规律．

14、略

【分析】【解析】解答：解：在整个运动过程中；对物体受力分析，由动能定理可知。

mg（H+h）-fh=0-0

f==2020N

沙子对铅球的平均阻力为2020N

故答案为：2020．

点评：本题主要是对运动过程的受力分析，正确的选择运动过程，利用动能定理求解【解析】【答案】202015、略

【分析】

对物体甲受力分析，竖直方向受重力和支持力，水平方向受拉力F，故乙对甲的摩擦力f1一定向左，且与F二力平衡，即f1′=F；向左；

根据牛顿第第三定律得知：甲对乙摩擦力f1=f1′=F；方向向右．

再对乙受力分析；竖直方向受重力；压力和支持力；

水平方向受甲对乙向右的摩擦力f1′，由于匀速，故地面对乙的摩擦力f2一定向左；根据平衡条件有。

f2=f1′

故f2=F；向左；

故答案为：f1=F，向右，f2=F；向左。

【解析】【答案】对甲、乙两物体分别受力分析，根据平衡条件就可判断出甲、乙之间的摩擦力f1和乙与地面之间的摩擦力f2．

16、略

【分析】

规定初速度的方向为正方向，则a=负号表示加速度的方向与初速度方向相反，加速度的大小为120m/s2．

故本题答案为：120．

【解析】【答案】根据加速度的定义式a=求出足球的加速度；注意足球的末速度与初速度方向相反．

三、实验探究题(共8题，共16分)17、略

【分析】解：(1)

本实验目的是探究加速度与力；质量关系；用砂桶的重力代表小车受到的合外力，打点计时器可以测时间，不需要秒表，故A错误；

需要用天平测砂桶和小车的质量；故B正确；

打点计时器的工作电源为低压交流电源(6V

以下)

工作频率为50Hz

周期为0.02s

故C错误；D正确；

故选：BD

(2)

平衡摩擦力的方法是用重力沿斜面向下的分力来抵消摩擦力的作用；具体做法是：将小车轻纺(

静止)

在长木板上，挂好纸带(

纸带和打点计时器的限位孔之间有摩擦力)

不挂砂桶，将长木板靠近打点计时器的一端适当垫高，形成斜面，轻推小车，使小车做匀速运动(

纸带上两点的距离相等)

即可，故C正确、AB错误；

故选：C

(3)

砂桶和小车一起运动，根据牛顿第二定律，对砂桶：mg鈭�F=ma

对小车：F=Ma

可得小车受到的拉力F=MmgM+m=11+mM隆脕mg

本实验用砂桶的重力代表小车受到的合外力(

拉力)

只有m<<M

时，才有F隆脰mg

所以砂和砂桶的总质量m

与小车和车上砝码的总质量M

之间应满足的条件是m<<M

(4)

由鈻�x=at2

可知，小车的加速度为：a=x2鈭�x1T2=0.0646鈭�0.05900.12m/s2=0.56m/s2.

故加速度为0.56m/s2

(5)

反比例关系不容易根据图象判定，而正比例关系容易根据图象判定，故应该建立小车加速度a

与小车质量的倒数1M

关系图象；故应选乙方案。

(6)

图象与横轴相交，说明需要用拉力平衡摩擦力，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够；由(3)

可知，小车受到的拉力F=MmgM+m=11+mM隆脕mg

当m<<M

时；即砂桶总重力远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砂桶的总重力，小车的加速度a

与拉力F

成正比，如果砂和小桶的总质量太大，小车受到的拉力明显小于砂桶重力，加速度与砂桶重力(

小车受到的合力)

不成正比，a鈭�F

图象发生弯曲，不再是直线，故B正确；

故答案为：(1)ACD(2)C(3)m<<M(4)x2鈭�x1T20.56m/s2(5)

乙；(6)B

(1)

根据实验原理与实验器材分析答题；

(2)

实验前要把木板的一端垫高以平衡摩擦力；使小车受到的合力等于绳子的拉力；

(3)

当小车质量远大于砂与砂桶质量时可以近似认为小车受到的拉力等于砂与砂桶的重力；

(4)

应用匀变速直线运动的推论：鈻�x=at2

可以求出加速度；

(5)

为方便实验数据处理；作出的图象应为直线，根据题意应用牛顿第二定律分析答题；

(6)

实验前要平衡摩擦力；砂与砂桶的质量应远小于小车的质量，根据图示图象分析答题。

本题考查了实验器材、实验注意事项、实验数据处理、实验误差分析等问题；要掌握实验原理、实验器材与实验注意事项、实验数据的处理方法；常常应用图象法处理实验数据，应用图象法处理实验数据时为方便实验数据处理，要选择合适的物理量使作出的图象为直线。【解析】BDCm<<Mx2鈭�x1T20.56m/s2

乙；B

18、略

【分析】解：垄脵

弹簧测力计读数；每1N

被分成5

格，则1

格就等于0.1N.

所以读数为：2.0N

．

故答案为：2.0

．

垄脷A

弹簧测力计是测出力的大小；所以要准确必须在测之前校零，故A正确；

B；拉线方向必须与木板平面平行；这样才确保力的大小准确性，故B正确；

C；实验中有弹簧秤可以直接测量出重物的重力；不需要天平，故C错误；

D；该题中需要验证弹簧AB

拉力的合力；是否与绳l3

的拉力(

或者说M

重力)

等大反向，B

弹簧不一定非要保持水平，故D错误．

故不必要的步骤应为：CD

故答案为：垄脵2.0垄脷CD

．

垄脵

由图示弹簧测力计确定其分度值；读出其示数；

垄脷

弹簧测力计A

挂于固定点；下端用细线挂一重物.

当弹簧测力计B

一端用细线系于O

点，当向左拉使结点静止于某位置.

弹簧测力计A

和B

的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向.

虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力.

当结点静止于某位置时，弹簧测力计B

的大小与方向就已确定了.

原因是挂重物的细线大小与方向一定，而弹簧测力计A

大小与方向也一定，所以两力的合力必一定．

对于中学中的实验，同学们尽量亲自动手做一下，这样对于实验原理、实验步骤、注意事项、数据处理、误差分析等才有深刻的认识，在该题中考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直．【解析】2.0CD

19、略

【分析】解：(1)

由平抛运动知：设滑块在滑槽末端时的速度大小为v1

由水平方向的匀速直线运动，有：x1=v1t

由竖直方向的自由落体运动H=12gt2

解得：v1=x1g2H

．

(2)

同理滑块第一次测在滑槽末端时的速度大小为：v1=x1g2H

第二次在桌面右端M

点的速度大小为：v2=x2g2H

物体在水平桌面上运动；

由动能定理：鈭�娄脤mgL=12mv22鈭�12mv12

可得：娄脤=x12鈭�x224HL

由表达式可知会引起误差的是选项BCD．

(3)H=25cm=0.25mx1=30cm=0.30mL=10cm=0.10mx2=20cm=0.20m

由(2)

问中的娄脤

的表达式娄脤=x12鈭�x224HL

可求得：娄脤=0.5

．

故答案为：(1)x2g2H(2)BCD(3)0.5

(1)

由平抛运动的知识求得速度的大小．

(2)

凡影响到速度大小的求解的量均会引起实验误差．

(3)

先列出娄脤

的表达式；代入数据计算即可．

该实验有一定的创新性，其实很多复杂的实验其实验原理都是来自我们所学的基本规律，这点要在平时训练中去体会【解析】x2g2HBCD0.5

20、B相同改变不变BBD【分析】解：（1）碰撞是在轨道的末端进行的；且碰撞之后立即平抛了。所以只需测出在碰撞前后的速度，至于斜槽有无摩擦只是碰撞前的速度大小问题，不影响碰撞过程，故选项B符合要求。

（2）①由于是一维碰撞；所以两球的半径相同，否则就不是对心碰撞，验证起来要困难得多。

②为使碰撞后不反弹（反弹后再返回时速度已经减小了）；则要求入射球的质量要大于被碰球的质量，所以选择半径相同的钢球和玻璃球各一个。

（3）由动能定理可以求出从斜槽固定点滑下后到水平轨道末端的速度由高度及动摩擦因数决定，所以固定点变化，则到达末端的速度将改变；由平抛的水平位移公式x=v0t知；水平位移与小球的质量无关，所以位移不变。

（4）碰撞前后的速度用水平位移表示，是因为两球平抛后时间相等，且水平位移与速度成正比，即x=v0t；故选项B正确。

（5）本小题考察操作过程中需要测量的理：A；高度有需测量；因为所有平抛是等时的。B、动量p=mv，所以质量是必测的。C、只要满足小球1的释放位置不变即可，没有必要测该位置的高度。D、三个水平位移是必须测量的，用水平位移来代替水平速度，故选项BD。

故答案为：（1）B；（2）相同；（3）改变；不变；（4）B；（5）BD。

根据图示装置与小球的运动分析答题；根据动量守恒分析答题，根据动量守恒定律求出需要验证的表达式，然后根据表达式分析答题。

本题考查了实验需要测量的量、实验注意事项、实验原理、刻度尺读数、动量守恒表达式，解题时需要知道实验原理，根据动量守恒定律与平抛运动规律求出实验要验证的表达式是正确答题的前提与关键。【解析】B相同改变不变BBD21、略

【分析】解：①由图可知；图乙中示数为：14.65cm，则伸长量△l=14.66cm-7.73cm=6.93cm；

②为了更好的找出弹力与形变量之间的规律；应逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重；故选：A；

③在弹簧的弹性限度范围内；胡克定律是成立的，但若超过弹簧的弹性限度，胡克定律将不再适用；图中出现偏折的原因是因为超过了弹簧的弹性限度；

故答案为：①6.93；②A；③超过弹簧的弹性限度．

①根据弹簧测力计的读数方法可得出对应的读数；再由读数减去原长即为伸长量；

②根据实验准确性要求可明确哪种方法更为规范；

③由弹簧的性质和图象进行分析；则可得出造成图象偏离的原因．

弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差．【解析】6.93；A；超过弹簧的弹性限度22、略

【分析】解：（1）A；为了产生相同的作用效果；则结点的位置必须都拉到同一位置O点．故A正确．

B；本实验中是通过作图得出合力；不是通过计算求解，故两拉力的夹角不一定为90度角．故B错误．

C；拉力的夹角不是越大越好；不要太大，也不要太小．故C错误；

D；为了防止各力产生分力；合力与分力必须在同一平面内．故D正确．

故选：AD．

（2）F是通过作图的方法得到合力的理论值；而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合．

（3）本实验中两种情况得出的合力产生的效果应相同；故采用了等效替代法．故C正确，ABD错误．

故答案为：（1）AD；（2）F’；（3）C

（1）为了产生相同的作用效果；每次结点都必须拉到同一位置O点．拉力和分力在同一平面内，拉力的夹角不要太大，也不要太小．

（2）明确实验原理；了解实验误差的存在，知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别；

（3）明确本实验中采用的科学方法为等效替代法．

本题考查“验证力的平行四边形定则”的实验，解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题，该题是考查基础知识的好题．【解析】AD；F'；C23、略

【分析】解：由题意知；相等时间间隔T=0.1s

根据鈻�y=2L=gT2

得，当地的重力加速度g=2LT2=2隆脕4.9隆脕10鈭�20.01m/s2=9.8m/s2

．

小球平抛运动的初速度v0=5LT=5隆脕4.9隆脕10鈭�20.1m/s=2.45m/s

．

故答案为：9.82.45

．

在竖直方向上；根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出当地的重力加速度，结合水平位移和时间间隔求出平抛小球的初速度．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解，基础题．【解析】9.82.45

24、ADBC2.142.12重物下落要克服阻力做功【分析】解：（1）通过打点计时器计算时间；故不需要秒表，打点计时器应该与交流电源连接，需要刻度尺测量纸带上两点间的距离，不用测量质量，故BC错误，AD正确。

故选：AD。

（2）A；通过打点计时器计算时间；故不需要秒表，故A错误。

B；重物的质量尽量大；以减小阻力的影响，故B正确。

CD；应先接通电源；后释放纸带，故C正确，D错误。

故选：BC

（3）重力势能减小量为：△Ep=mgh=0.5×9.8×0.4365m=2.14J。

重物增加的动能△Ek===2.12J

二者不同的原因是有阻力做功。

故答案为：（1）AD；（2）BC；（3）2.142.12重物下落要克服阻力做功。

（1）（2）解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项。我们要从仪器的使用和长度的测量去考虑器材。

（3）纸带法实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能。明确重物下落要克服阻力做功。

在分析实验时应注意结合实验的规律找出相应的物理规律进行分析！在验证机械能守恒时物体做匀加速直线运动，故满足匀加速直线运动的规律，进行速度的求解。【解析】ADBC2.1