2025年华师大新版选择性必修2物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版选择性必修2物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，矩形线框由静止开始在磁场中运动若边所受磁场力的方向向下，则线框的运动可能是（）.

A.向右运动，线框未全部进入磁场B.向左运动，线框未全部离开磁场C.向右运动，且线框全部进入磁场D.向上运动，且线框上边未离开磁场2、如图所示；是温度自动报警器的工作原理图图中1是电磁铁；2是衔铁、3是触点、4是水银温度计(水银导电)．则下列说法正确的是。

A.温度高于警戒温度时，电铃不报警、指示灯亮B.温度低于警戒温度时，电铃报警、指示灯熄灭C.温度高于警戒温度时，指示灯亮、电铃报警D.温度低于警戒温度时，指示灯亮、电铃不响3、下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）

A.图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，且和磁铁转得一样快B.图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈中产生大量热量，从而冶炼金属C.丙是回旋加速器的示意图，当增大交流电压时，粒子获得的最大动能也会增大D.图丁是微安表的表头，在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理4、如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为原线圈的输入电压随时间变化的图像如图乙所示，为理想二极管，为电阻箱，当电阻箱阻值时；下列说法正确的是（）

A.原线圈的输入电压频率为B.电阻箱两端电压的有效值为C.电阻箱消耗的功率为D.若电阻箱阻值变小，原线圈中的电流变小5、如图所示，理想变压器原、副线圈接有额定电压均为20V的灯泡a和b，当输入的交变电压时；两灯泡均能正常发光。设灯泡不会被烧坏，下列说法正确的是（）

A.原、副线圈匝数比为11：1B.原、副线圈中电流的频率比为11：1C.当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，灯泡b变亮D.当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，变压器输入功率变大6、如图所示为洛伦兹力演示仪的结构简图。励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，磁场强弱由通过励磁线圈的电流来调节，在球形玻璃泡底部有一个可以升降的电子枪，从电子枪灯丝中发出电子的初速度可忽略不计，经过加速电压U（U可调节，且加速间距很小）后，沿水平方向从球形玻璃泡球心的正下方垂直磁场方向向右射入，电子束距离球形玻璃泡底部切线的高度为h（见图），已知球形玻璃泡的半径为R。下列说法正确的是（）

A.仅增大励磁线圈中电流，电子束径迹的半径变大B.仅提高电子枪加速电压，电子束径迹的半径变小C.电子束在玻璃泡内做完整圆周运动的最大半径为R-hD.仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变小7、如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，间距为L的水平U型导体框左端连接一阻值为R的电阻，质量为m，电阻为r的导体棒ab置于导体框上。不计导体框的电阻和导体棒与框间的摩擦。ab以水平向右的初速度开始运动；最终停在导体框上。在此过程中，下列说法正确的是（）

A.导体棒中电流保持不变B.导体棒中感应电流的方向为ab间电势差为C.导体棒克服安培力做的功等于D.导体棒刚开始运动时克服安培力做功的瞬时功率8、如图所示，在光滑绝缘水平面上固定一通电直导线，其右侧有闭合圆形线圈，某时刻线圈获得一个如图所示的初速度若通电直导线足够长，且已知通电直导线周围某处磁场的磁感应强度大小（为常数，为导线中的电流，为到直导线的距离）；则下列说法正确的是（）

A.线圈中将产生交变电流B.线圈中将产生顺时针方向的恒定电流C.线圈最终会停下来并保持静止D.线圈最终会以某一速度做匀速直线运动9、两根足够长的固定平行光滑金属导轨位于同一水平面内，两导轨间的距离为d，导轨上垂直导轨静止放置两根导体棒ab、cd，两导体棒的电阻均为R，质量均为m，回路其余部分的电阻不计。现给ab棒一个平行于导轨的初速度v；不计电磁辐射，则下列说法中正确的是（）

A.ab棒两端的电压恒为B.棒中的最大感应电流为C.cd棒受到的最大安培力为D.感应电流产生焦耳热的最大值为评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、目前无线电力传输已经比较成熟；如图所示为一种非接触式电源供应系统．这种系统基于电磁感应原理可无线传输电力，两个感应线圈可以放置在左右相邻或上下相对的位置，原理示意图如图所示．利用这一原理，可以实现对手机进行无线充电．下列说法正确的是。

A.若A线圈中输入电流，B线圈中就会产生感应电动势B.只有A线圈中输入变化的电流，B线圈中才会产生感应电动势C.A中电流越大，B中感应电动势越大D.A中电流变化越快，B中感应电动势越大11、如图所示，用细线吊一个质量为m的带电绝缘小球，小球处于匀强磁场中，空气阻力不计。小球分别从A点和B点向最低点O运动，当小球两次经过O点时（）

A.小球的动能相同B.细线所受的拉力相同C.小球所受的洛伦兹力相同D.小球的向心加速度大小相同12、如图所示，光滑平行金属导轨位于竖直向上的匀强磁场中，将具有一定电阻的导体棒M、N垂直放在导轨上，导轨电阻与摩擦均不计，用水平恒力F向右拉动导体棒N。运动过程中导体棒M、N始终处于磁场中，且垂直于导轨，导体棒M、N与导轨接触良好；经过一段时间后（）

A.导体棒M的速度趋于恒定值B.导体M的加速度趋于恒定值C.流过导体棒M的电流趋于恒定值D.M、N之间的距离趋于恒定值13、如图所示在光滑绝缘水平桌面上有一正方形导线框，在虚线右侧有匀强磁场区域，磁场方向竖直向下。时导线框的右边恰与磁场边界重合，在水平外力F的作用下由静止开始向右运动，外力F与导线框速度v的关系是（k是常量）。在进入磁场区域的过程中，线框中感应电流i随时间t变化的图像可能正确的有（）

A.B.C.D.14、如图，在水平面内固定有两根相互平行的无限长光滑金属导轨，其间距为L，电阻不计。在虚线l1的左侧存在着竖直向上的匀强磁场，在虚线l2的右侧存在竖直向下的匀强磁场，两部分磁场的磁感应强度均为B。a、b两根电阻均为R的完全相同的金属棒与导轨垂直，分别位于两块磁场中，现突然给a棒一个水平向左的初速度2v0；在两棒达到稳定的过程中下列说法正确的是（）

A.两金属棒组成的系统的动量守恒B.最终两金属棒的速度大小都是v0C.a棒克服安培力做功的功率等于a棒的发热功率D.a棒在达到稳定之前做变减速直线运动15、如图所示；平行板电容器与灯泡串联，接在交流电源上，灯泡正常发光，则下列说法错误的是（）

A.把电介质插入电容器，灯泡一定变亮B.把电容器两极板间距离增大，灯泡一定变亮C.把电容器两极板间距离减小，灯泡一定变亮D.使交流电频率增大，灯泡变暗16、一交流发电机产生的感应电动势图像如图所示，该交流电通过一自耦变压器对一电阻供电，不计发电机内阻．下列说法正确的是（）

A.电压表的示数为B.发电机线圈中电流方向每秒钟改变10次C.时发电机线圈平面与磁场方向平行D.自耦变压器滑片P向上滑动时，电阻R两端电压增大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、从发电站输出的功率为某一定值P，输电线的总电阻为R保持不变；分别用110V

和11kV两种电压输电．忽略变压器损失的电能，则这两种情况下输电线上由电阻造成的电压损失之比为____________，输电线上由电阻造成的功率损失之比为___________．18、涡流大小的决定因素：磁场变化越______（越______），导体的横截面积S越______，导体材料的电阻率越______，形成的涡流就越大。19、一个面积为S的矩形线圈在匀强磁场中以某一边为轴做匀速转动，磁场方向与轴垂直，线圈中感应电动势e与时间t的关系如图所示，则磁感应强度B=_______，在t=时刻，线圈平面与磁感线的夹角等于_____。

20、非电学量转换为电学量的意义：把非电学量转换为电学量，可以很方便地进行测量、_____、处理和____21、______于磁场B的方向放置的长为l的通电导线，当通过的电流为I时，所受安培力为F＝______22、用洛伦兹力演示仪观察电子在磁场中的运动径迹。下图是洛伦（前后各一个）兹力演示仪的结构示意图。请判断下列分析是否正确。

（1）图中电子枪向左发射电子，形成图中的电子径迹，励磁线圈应通以顺时针方向的电流；______

（2）仅增大励磁线圈中的电流，电子束径迹的半径变大；_______

（3）仅使电子枪加速电压增加到原来的2倍，电子束径迹的半径将增加到原来的2倍。______23、由r＝和T＝可得T＝带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期与轨道半径和运动速度______．24、某型号的回旋加速器的工作原理图如图甲所示，图乙为俯视图．回旋加速器的核心部分为D形盒，D形盒置于真空容器中，整个装置放在电磁铁两极之间的磁场中，磁场可以认为是匀强磁场，且与D形盒盒面垂直．两盒间狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．带电从粒子源A处进入加速电场的初速度不计，从静止开始加速到出口处所需的时间为t（带电粒子达到最大速度在磁场中完成半个圆周后被导引出来），已知磁场的磁感应强度大小为B，加速器接一高频交流电源，其电压为U，可以使带电粒子每次经过狭缝都能被加速，不考虑相对论效应和重力作用，D形盒半径R＝_______，D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为______________．

25、20世纪80年代初，科学家发明了硅太阳能电池，如果在太空设立太阳能卫星电站，可发电，且不受昼夜气候的影响。利用微波——电能转换装置，将电能转换成微波向地面发送，卫星电站的最佳位置在离地的赤道上空，微波定向性很好，飞机通过微波区不会发生意外，但微波对飞鸟是致命的，可在地面站附近装上保护网或驱逐音响，不让飞鸟通过.预计在21世纪初地球上空将建起卫星电站。（地球半径）

（1）太阳能电池将实现_______转换。

A．光能——微波B．光能——热能C．光能——电能D．电能——微波。

（2）在高空的卫星电站的速度约为__________。

A．B．C．D．

（3）微波指__________。

A．超声波B．次声波C．电磁波D．机械波。

（4）飞机可以安全无恙是因为飞机外壳对微波的__________作用。

A．反射B．折射C．衍射D．干涉。

（5）微波对飞鸟是致命的，这是因为微波的___________。

A．电离作用B．穿透作用C．生物电作用D．产生强涡流评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)26、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

27、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

28、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

29、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、解答题(共2题，共12分)30、如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一象限内存在着重直纸面向外、大小为0.01T的匀强磁场区域I，在第三象限内存在另一垂直纸面向外的匀强磁场区域II，在第四象限内存在着沿x轴负方向的匀强电场。一质子由坐标为的P点以某一初速度v0进入磁场，速度方向与y轴负方向成角，质子沿垂直x轴方向进入第四象限的电场，经坐标为的Q点第一次进入第三象限内的磁场区域II，已知L=0.1m，质子比荷求：

（1）粒子的初速度v0大小；

（2）匀强电场的电场强度E的大小；

（3）若粒子从电场进入磁场区域II时做圆周运动的半径r=0.5L，求粒子从开始进入电场到第二次进入电场的时间间隔

31、如图所示，宽度为L的固定光滑轨道分为左右两部分，EF左侧为导线制成的倾斜轨道，倾角θ=30°，轨道顶端连接一阻值为R的定值电阻，倾斜轨道处于磁感应强度为B0，方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中，导轨电阻不计。EF右侧为水平而内的绝缘轨道，两部分轨道用小圆弧连接。一质量为m，长度略大于L的金属棒，电阻也为R，从倾斜轨道上某处无初速度释放，在到达水平面前已经达到稳定速度，此后无碰撞地进入水平轨道。与原来静止在水平轨道上的“]”型导线框abcd碰撞，并粘合为一个正方形线框，“]”型导线框的边长、材料和粗细与导体棒完全相同。线框右侧有相邻的两个边长也为L的正方形磁场区域Ⅰ、Ⅱ，磁感应强度大小相等但未知，方向相反（如图）。线框完全穿过Ⅰ磁场后，恰好静止（线框四边与Ⅱ磁场边界线重合）。已知重力加速度g；求：

（1）金属棒在离开倾斜轨道时的速度

（2）导体棒与线框碰撞过程损失的机械能

（3）线框穿越磁场边界线MN、PQ过程中产生的热量之比

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

AB．据题，cd边受到的磁场力的方向与cd边垂直且向下，根据左手定则判断出cd边中感应电流的方向为c→d，即感应电流为顺时针方向，再由楞次定律可知，abcd的运动需要穿过线框的磁通量向里减小；故向左平动未全部离开磁场满足条件；而向右运动线框未全部进入磁场前是磁通量向里增大，不满足条件；故A错误，B正确。

C．线框向右运动且全部进入磁场后，磁通量不变，不能产生感应电流，cd边就不会受安培力；故C错误。

D．线框向上运动且上边未离开磁场，穿过线框的磁通量不变，不能产生感应电流，cd边就不会受安培力；故D错误。

故选B。2、D【分析】【分析】

【详解】

AC；温度低于警戒温度时；水银柱下降，控制电路处于开路状态，电磁铁没有电流通过，电磁铁没有磁性，此时指示灯通过常闭触点与工作电路接通，通路状态指示灯亮，电路不报警．故A错误，C错误；

BD、温度高于警戒温度时，水银柱上升，控制电路处于接通状态，电磁铁中有电流通过，电磁铁有磁性，此时电铃通过常闭触点与工作电路接通，电路报警，此时通路状态指示灯的电路中没有电流，灯不亮．故B错误，D正确．3、D【分析】【详解】

A．根据电磁驱动原理；图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，线圈比磁铁转得慢，A错误；

B．图乙是真空冶炼炉；当炉外线圈通入高频交流电时，铁块中产生产生涡流，铁块中产生大量热量，从而冶炼金属，B错误；

C．根据

解得

丙是回旋加速器的示意图；粒子获得的最大动能与电压无关，当增大交流电压时，粒子获得的最大动能不会增大，C错误；

D．图丁是微安表的表头；在运输时要把两个正；负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．由图乙可知交流电周期为则频率为

故A错误；

B．原线圈电压为

副线圈电压为

二极管具有单向导电性，则电阻R两端电压为U，则

得

故B错误；

C．电阻箱消耗的功率为

故C正确；

D．若电阻箱阻值变小，由于原线圈电压和匝数不变，则副线圈电压不变，电阻箱两端电压不变，根据欧姆定律

副线圈电流变大，根据

可知；原线圈电流变大，故D错误。

故选C。5、D【分析】【详解】

A．两灯均正常发光，则原线圈输入的电压为

副线圈电压

根据理想变压器变压比

故A错误；

B．变压器不改变交流电的频率；即频率比为1：1，故B错误；

C．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，滑动变阻器接入电路中的有效阻值减小，副线圈电流变大，根据可知原线圈电流变大，灯泡a分担的电压变大，原线圈输入的电压变小，所以灯泡b亮度变暗；故C错误；

D．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，滑动变阻器接入电路中的有效阻值减小，副线圈电流变大，根据可知原线圈电流变大，输入电压不变，则变压器输入功率变大，故D正确。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．仅增大励磁线圈中电流，磁感应强度增大，根据半径公式磁感应强度增大，半径减小，所以A错误；

B．仅提高电子枪加速电压，由

可知电子的速度增大，根据半径公式半径增大，所以B错误；

C．电子束在玻璃泡内做完整圆周运动的最大半径为所以C错误；

D．仅增大励磁线圈中电流，磁感应强度增大，根据周期公式磁感应强度增大，周期减小，所以D正确；

故选D。7、C【分析】【详解】

A．导体棒切割磁感线产生的电动势为

分析可知导体棒向右运动时会受到水平向左的安培力使导体棒减速；故导体棒切割磁感线产生的电动势越来越小，即导体棒中电流一直在减小，A错误；

B．导体棒相当于电源，根据右手定则可知导体棒中感应电流的方向为导体棒开始运动时，ab间电势差为路端电压，即

后随着导体棒速度减小，产生的感应电动势减小，ab间电势差逐渐变小；B错误；

C．导体棒最终停在导体框上，根据功能关系可知导体棒克服安培力做的功等于导体棒动能的减少量，即为C正确；

D．导体棒刚开始运动时电路中的感应电流为

此时克服安培力做功的瞬时功率为

D错误。

故选C。8、D【分析】【详解】

AB．通电直导线周围的磁场离导线越远磁场越小，由右手螺旋定则可知，导线右侧的磁场方向向下且不变，线圈向右运动，磁通量减小，由于磁场方向不变，且线圈磁通量减小，则圈中感应电流方向不变，则楞次定律可知，感应电流方向为顺时针方向，则能量守恒可知，线圈的速度减小，且磁场通电直导线周围某处磁场的磁感应强度大小则感应电流大小变化，故AB错误；

CD．当环在该平面上以速度v0沿图示方向运动时；产生的感应电流，出现安培阻力，从而阻碍其运动，由于安培阻力与速度方向不共线，使线圈在垂直导线方向做减速运动，当垂直导线方向的速度减为零，只剩沿导线方向的速度，然后磁通量不变，无感应电流，水平方向合力为零，故为匀速直线运动，故C错误，D正确。

故选D。9、C【分析】【分析】

【详解】

A．ab棒切割磁感线，产生感应电流，在安培力的作用下做减速运动，所以ab棒两端的电压逐渐减小。A错误；

BCD．两棒组成的系统动量守恒，最终以相同的速度匀速运动，所以初始时刻电路中的电流最大，有

cd棒受到的最大安培力为

两棒动量守恒有

根据能量守恒得感应电流产生焦耳热的最大值为

BD错误；C正确。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)10、B:D【分析】【分析】

根据法拉第电磁感应定律与感应电流产生的条件即可解答．

【详解】

A项：根据感应电流产生的条件；若A线圈中输入恒定的电流，则A产生恒定的磁场，B中的磁通量不发生变化，则B线圈中就会不产生感应电动势，但在图A输入过程中，A线圈中的电流从无到有，因此B线圈中会产生感应电动势，然而不是总会有的，故A错误；

B项：若A线圈中输入变化的电流，根据法拉第电磁感应定律：可得；则B线圈中就会产生感应电动势，故B正确；

C、D项：根据法拉第电磁感应定律：可得；A线圈中电流变化越快，A线圈中电流产生的磁场变化越快，B线圈中感应电动势越大．故C错误；D正确．

故应选：BD．

【点睛】

该题的情景设置虽然新颖，与日常的生活联系也密切，但抓住问题的本质，使用电磁感应的规律即可正确解答．11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．带电绝缘小球受到的洛伦兹力与小球的速度方向时刻垂直，则洛伦兹力对小球不做功，只改变速度方向，不改变速度大小，只有重力做功，故当小球两次经过O点时速度大小相等；动能相同，故A正确；

BC．小球分别从A点和B点向最低点O运动，两次经过O点时速度方向相反，由左手定则可知小球两次经过O点时洛伦兹力方向相反；则细线所受的拉力不同，故BC错误；

D．由

可知小球的向心加速度大小相同；故D正确。

故选AD。12、B:C【分析】【详解】

某时刻回路中电动势

回路中的电流

安培力大小

导体棒的加速度

开始分析可知，速度在增大，安培力在增大，增大，减小；

当时，恒定；则电动势恒定，电流恒定，安培力恒定，两棒匀加速运动，速度一直在增大，且位移差在逐渐增大，故AD错误，BC正确。

故选BC。13、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．当导体框以速度v进入磁场时，产生的感应电流大小为

cd边受到安培力，大小为

对于导体框根据牛顿第二定律可得

又因为

整理可得

若则线框的加速度为一定值，速度均匀增加，电流均匀增加，故A正确，B错误；

C．若则线框的加速度随速度的增加而减小，电流增加的越来越慢，故C正确；

D．若则线框的加速度随速度的增加而增加，电流增加的越来越快，故D正确。

故选ACD。14、B:D【分析】【详解】

a棒向左运动时，回路中产生顺时针方向的感应电流，a棒受到向右的安培力，b棒受到向右的安培力，所以两金属棒组成的系统合外力不为零，系统的动量不守恒，故A错误；a受向右的安培力做减速运动，由于速度减小，感应电动势减小，回路中感应电流减小，安培力减小，当安培力减到零时，达到稳定状态，此时回路的感应电流为零，两棒产生的感应电动势等大反向，则两棒的速度大小相同，方向相同；此过程中，由于两棒所受安培力相同，安培力的冲量相同，则两棒的动量变化相同，速度变化相同，即2v0-v=v，解得v=v0，可知BD正确。在两棒达到稳定的过程中，a棒的动能转化为b棒的动能和回路的焦耳热，而b棒动能的增加量等于安培力对b棒做功，所以a棒克服安培力做功的功率等于安培力对b棒做功功率与两棒总发热功率之和。故C错误。15、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由公式。

可知介质板插入电容器中；电容增大，由公式。

可知容抗减小；灯泡将变亮，故A正确，不符合题意；

B．由公式。

可知把电容器极板间距增大；电容减小，由公式。

可知容抗增大；灯泡将变暗，故B错误，符合题意；

C．由公式。

可知把电容器两极板间距离减小；电容增大，由公式。

可知容抗减小；灯泡将变亮，故C正确，不符合题意；

D．增大交变电流的频率；容抗减小，灯泡将变亮，故D错误，符合题意。

故选BD。16、B:C【分析】【详解】

A．电动势有效值为

则电压表的示数为故A错误；

B．由图可知周期为一个周期电流方向改变两次，则发电机线圈中电流方向每秒钟改变10次，故B正确；

C．时；电动势最大，此时磁通量变化率最大，磁通量为零，则发电机线圈平面与磁场方向平行，故C正确；

D．自耦变压器滑片P向上滑动时，原线圈匝数增大，根据

可知电阻R两端电压减小；故D错误。

故选BC。三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

根据电流I=P/U，线路上损失的电压U线=IR=

110V输电线电压损失U线1=PR/U1

11KV输电线电压损失U线2=PR/U2

故U线1：U线2=U2：U1=100:1；

输电线上的功率损失P线=I2R=

110V输电线的功率损失P线1=

11KV输电线的功率损失P线2=

故P线1：P线2==10000:1．【解析】100:110000:118、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】快大大小19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图象知周期为T；所以。

根据。

解得。

[2]图象可知，线圈平行于磁场开始转动，当在时，线圈转过的角度为则磁感强度方向与线圈平面夹角为【解析】30°20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】传输控制21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.垂直②.IlB22、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据左手定则可以判断；磁场方向垂直纸面向里，根据安培定则可知，励磁线圈应通以顺时针方向的电流，故正确。

（2）[2]仅增大励磁线圈中的电流，产生的磁场增大

电子束径迹的半径变小；故错误。

（3）[3]仅使电子枪加速电压增加到原来的2倍

可知，半径变为原来倍，故错误。【解析】正确错误错误23、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】无关24、略

【分析】【详解】

[1]．设粒子从静止开始加速到出口处运动了n圈，质子在出口处的速度为v，则

质子圆周运动的周期

质子运动的总时间t=nT

联立解得

[2]．设质子第1次经过狭缝被加速后的速度为v1

由动能定理得

由牛顿第二定律有

联立解得：

同理，粒子经2次加速后做圆周运动的半径：

粒子经3次加速后做圆周运动的半径：

可知D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为：【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]太阳能电池是把光能转化为电能的装置；故选C；

（2）[2]据v=

第一宇宙速度v1=7.9km/s，设卫星电站速度为v2，则v2=v1=7.97.3（km/s）

故选B。

（3）[3]运用电磁波谱知识可知；微波是电磁波的一部分，故选C。

（4）[4]微波波长较短；易于反射，故选A。

（5）[5]微波的频率很高，这样的电磁波在生物体内可引起涡流，由于卫星电站功