2025年人教A新版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版高二物理上册阶段测试试卷458考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下列说法正确的是（）A.温度升高时物体内的每个分子的运动速率一定增大B.同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现C.物体吸热内能一定增大D.不断改进工艺，热机的效率可能达到100%2、光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列选项说法正确的是（）A.观看“3D电影”所戴的眼镜镜片为偏振片B.光学镜头上的增透膜是利用光的全反射现象C.树叶上的小水珠看起来特别亮，这是光的干涉现象D.太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹，这是光的衍射现象3、在温哥华冬奥会上，来自我国黑龙江省的选手李妮娜在自由式滑雪比赛中获得银牌。她在比赛过程中的运动轨迹如图所示，其中a

为运动起点，b

为ac

间的最低点；c

为腾空跃起的最高点，d

是腾空后的落地点，最后停在e

点。空气阻力可以忽略，雪地与滑雪板之间的摩擦力不可忽略。

试比较李妮娜在b

点时受到的弹力N

与重力G

的大小关系(

)

A.N>G

B.N<G

C.N=G

D.无法判断4、如图，当滑动变阻器滑动触头向左移时，灯泡L1L2L3

的亮度将(

)

A.都变亮B.都变暗C.L1L2

变亮，L3

变暗D.L1L3

变亮，L2

变暗5、在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点P，P点与q1的距离为r，把一个电量为q2的实验电荷放在P点；它受的静电力为F，则P点电场强度的大小等于（）

A.

B.

C.

D.

6、如图所示；一带正电的金属球Q先缓慢的靠近导体A；B，然后接触再分开，Q、A、B都与外界绝缘，对这一过程，下列说法正确的是（）

A.当Q靠近A；B时；A端出现负电荷，B出现正电荷。

B.当Q接触A；B然后移开；B都带上正电荷，因为Q的正电荷转移了一部分到B上来。

C.若将Q靠近A；B时；用手接触B，B上的正电荷会移到大地，从而使B不带电。

D.对于A；B；与Q还没接触之前，电荷的代数和为0，接触之后电荷代数和不为0

7、甲、乙两车在同一地点同时做直线运动，其v鈭�t

图象如图所示；则(

)

A.它们的初速度均为零B.甲的加速度大于乙的加速度C.0隆芦t1

时间内，甲的速度大于乙的速度D.0隆芦t1

时间内，甲的位移大于乙的位移8、关于点电荷，下列说法正确的是(

)

A.点电荷是理想化模型，实际不存在B.体积很大的带电体一定不能看作是点电荷C.只有带电荷量很小的带电体才可以看作是点电荷D.只有体积很小的带电体才可以看作是点电荷9、如图所示，AB

是相同的白炽灯，L

是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈.

下面说法正确的是(

)

A.闭合开关S

时，B

灯比A

灯先亮，最后一样亮B.闭合开关S

时，AB

灯同时亮，且达到正常C.闭合开关S

时，A

灯比B

灯先亮，最后一样亮D.断开开关S

时，A

灯慢慢熄灭，B

灯立即熄灭评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、如图所示,在磁感应强度为的匀强磁场中，导体棒AB的在金属框架上以的速度向右滑动，已知导体棒长为电阻为其他电阻不计，则导体棒端点上的电压大小是V,电压高的点是______（A或B）。。13、某同学用图甲所示装置通过半径相同的AB

两球的碰撞来寻找碰撞中的不变量；图中PQ

是斜槽，QR

为水平槽，实验时先使A

球从斜槽上某一固定位置C

由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复上述操作10

次，得到10

个落点痕迹，再把B

球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A

球仍从位置C

由静止开始滚下，和B

球碰撞后，AB

球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10

次，图中O

是水平槽末端口在记录纸上的垂直投影点，P

为未放被碰小球B

时A

球的平均落点，M

为与B

球碰后A

球的平均落点，N

为被碰球B

的平均落点.

若B

球落点痕迹如图乙所示，其中米尺水平放置，且平行于OP

米尺的零点与O

点对齐.

注意：

(1)

实验的条件：MA

______MB

(2)

碰撞后B

球的水平射程应为______cm

．

(3)

在以下选项中；哪些是本次实验必须进行的测量？

答：______(

填选项号)

．

A.水平槽上未放B

球时；测量A

球落点位置到O

点的距离。

B.A

球与B

球碰撞后；测量A

球落点位置到O

点的距离。

C.测量A

球或B

球的直径。

D.测量A

球和B

球的质量。

E.测量G

点相对于水平槽面的高度。

(4)

写出验证动量守恒定律的表达式______．14、分子间的引力和斥力的大小与物体分子间的距离有关，在分子间的距离等于r时，分子处于平衡状态．当分子间的距离r＜r时，分子力表现为____；当分子间的距离r＞r时，分子力表现为____．（填“引力”或“斥力”）15、如图；用“碰撞试验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．

①试验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通过仅测量______（填选项前的序号）；间接地解决这个问题。

A．小球开始释放高度h

B．小球抛出点距地面的高度H

C．小球做平抛运动的射程。

②图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP，然后，把被碰小球m2静止于轨道的水平部分，再将入射小球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相撞，并多次重复．椐图可得两小球质量的关系为______

接下来要完成的必要步骤是______（填选项的符号）

A．用天平测量两个小球的质量m1、m2

B．测量小球m1开始释放高度h

C．测量抛出点距地面的高度h

D．分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M；N

E．测量平抛射程OM；ON

③若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______用②中测量的量表示）

若碰撞是弹性碰撞．那么还应满足的表达式为______（用②中测量的量表示）．16、边长为a

的正方形，处于有界磁场如图所示，一束电子以水平速度射入磁场后，分别从A

处和C

处射出，则vAvC=

__________；所经历的时间之比tAtC=

___________。

17、产生感应电流的条件(1)

闭合电路;

(2)

____发生变化.

18、光照射到金属上时，一个光子只能将其全部能量传递给一个电子，一个电子一次只能获取一个光子的能量，成为光电子，因此极限频率是由______(

选填“金属”或“照射光”)

决定的.

如图所示，当用光照射光电管时，毫安表的指针发生偏转，若再将滑动变阻器的滑片P

向右移动，毫安表的读数不可能______(

选填“变大”、“变小”或“不变”)

．评卷人得分四、判断题(共1题，共9分)19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、解答题(共2题，共20分)20、某同学利用多用电表测量一个未知电阻的阻值；由于第一次选择的欧姆挡不够合适，又改换另一欧姆挡测量，第二次测量时电表指针所指的位置如图中的虚线所示，下面列出这两次测量中的有关操作：

A；将两根表笔短接；并调零．

B；将两根表笔分别跟被测电阻的两端接触；观察指针的位置．

C；记下电阻值．

D；将多用电表面板上旋钮旋到R×100挡．

E；将多用电表面板上旋钮旋到R×10挡．

F；将多用电表面板上旋钮旋到交流5000V挡．

（1）根据上述有关操作；换挡位后必须要进行的一项操作是______；（用操作项目前面字母表示）

（2）第二次测量时；由电表读出该电阻的阻值是______Ω．

21、如图所示，R1=14Ω，R2=9Ω；当开关处于位置1时，电流表读数=0.2A；当开关处于位置2时；

电流表读数=0.3A；求：

（1）电源的电动势E和内电阻r．

（2）当开关处于位置1；电流表读数=0.2A时，电源内阻消耗和输出的功率各为多少？

评卷人得分六、综合题(共4题，共28分)22、如图放在光滑水平面上的小车质量为M，它两端各有弹性挡板P和Q，有一质量为m的物体放于车上（M＞m），车内表面与物体间有摩擦，现使它们同时获得等大反向的初速度v0；求：

（1）车和物体最终的速度；

（2）全过程系统摩擦产生的热量．23、【物理隆陋

选修3鈭�4

】(1)

一列简谐横波沿x

轴正方向传播，在x

=12m

处的质元的振动图线如图1

所示，在x

=18m

处的质元的振动图线如图2

所示。下列说法正确的是____(

填正确答案标号。)

A.该波的周期为12s

B.x

=12m

处的质元在平衡位置向上振动时，x

=18m

处的质元在波峰C.在0隆芦4s

内x

=12m

处和x

=18m

处的质元通过的路程均为6cm

D.该波的波长可能为8m

E.该波的传播速度可能为2m/s

(2)

如图所示，横截面(

纸面)

为螖ABC

的三棱镜置于空气中，顶角鈭�

A

=60鈭�

纸面内一细光束以入射角i

射入AB

面，直接到达AC

面并射出，光束在通过三棱镜时出射光与入射光的夹角为娄脮

(

偏向角)

改变入射角i

，当i

=

i

0

时，从AC

面射出的光束的折射角也为i

0

理论计算表明在此条件下偏向角有最小值娄脮

0=30鈭�

求三棱镜的折射率n

。24、其中第(1)

题鈭�

第(4)

题，每题只有一个选项符合题意，把符合题意的选项序号填入相应的空格中即可]

(1)

一个电荷只在电场力作用下从电场中的A

点移到B

点过程中，电场力做了2脳10鈭�6J

的正功，那么()

A.

电荷在B

处时具有2脳10鈭�6J

的动能B.

电荷的动能减少了2脳10鈭�6J

C.

电荷在B

处时具有2脳10鈭�6J

的电势能D.

电荷的电势能减少了2脳10鈭�6J

(2)

图中B

表示磁感强度，I

表示通电长直导线中的电流，F

表示磁场对导线的作用力。它们三者的方向间的关系，正确的是()

(3)[3

分]

以下几种方法中，不能改变电容器电容的是()

A.

增大两板的正对面积B.

增大两板间的距离C.

增大两板间的电压D.

更换电介质(4)

在如图所示的电路中，电源的内电阻r=1娄赂

外电路电阻R=9娄赂

闭合开关后，电流表的示数I=0.3A

电流表的内阻不计。电源的电动势E

等于()

A.1VB.2V

C.3VD.5V

(5)

用伏安法测量甲、乙、丙三个用不同材料制成的电阻时，得到了它们的I鈭�U

关系图线，如图所示.

由图线可知，在实验过程中，阻值保持不变的电阻是______；阻值随着电压的增大而不断增大的电阻是______(

选填：甲、乙、丙)

(6)

如图所示，平行板电容器两极板间电压为U

两板正着开有小孔S1S2

，S2

右侧存在一上下无界、宽度为d

的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁场右边界与电容器极板平行.

整个装置处于真空中，现从S1

处引入一个初速度为零、质量为m

电荷量为e

的电子，电子经电场加速后从S2

孔进入磁场，且刚好未能从磁场右边界射出，不计电子重力，求：(1)

电子经电场进入磁场时的速度大小v

(2)

匀强磁场的磁感应强度的大小B.

25、如图所示；一质量为2m的带电液滴，在大小为E，方向竖直向上的匀强电场中处于静止状态，求：

（1）这个液滴带什么电？电荷量为多少？

（2）当场强的大小突然变为原来的一半，方向保持不变时，液滴向什么方向运动？其加速度为多少？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【解答】A；温度是分子的平均动能的标志；是大量分子的运动的规律，温度升高，分子的平均动能增大，分子的平均速率增大，不是每个分子的运动速率一定增大．故A错误；B、同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现，故B正确；

C、由热力学定义定律得：△U=W+Q，吸收热量Q＞0，对外做功W＜0，但是不知道W与Q大小关系；所以内能可能改变，可能不变，故C错误；

D；根据热力学第二定律；不断改进工艺，热机的效率也不可能达到100%．故D错误．

故选：B

【分析】热现象的微观理论认为，构成物体的各个分子的运动都是无规则的、带有偶然性的，但大量分子的运动却有一定的规律；同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现，如金刚石和石墨；由热力学定义定律△U=W+Q求解；热机的效率不可能达到100%．2、A【分析】解：A；“3D电影”是立体电影；是光的偏振设计的，故需要佩戴眼镜镜片，故A正确；

B；镜头上的增透膜；是运用振动情况相反，相互减弱，从而减少光的反射，是光的薄膜干涉现象，故B错误；

C；树叶上的小水珠看起来特别亮；这是光的全反射现象，故C错误；

D；太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹；这是光的薄膜干涉现象，故D错误；

故选：A

立体电影是利用光的偏振设计的；镜头上的增透膜是利用光的薄膜干涉；太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹也是薄膜干涉现象．

本题考查了光的偏转、全反射、光的干涉等，关键是熟悉各种现象，基础题目．【解析】【答案】A3、A【分析】解：b

点可以认为是圆周运动的最低点，根据牛顿第二定律可以得到：N鈭�G=mv2R

故N>G

故A正确，BCD错误；

故选：A

b

点可以认为是圆周运动的最低点；根据牛顿第二定律和圆周运动的规律进行分析。

本题考查牛顿第二定律在圆周运动中的应用，关键是正确进行受力分析，知道圆周运动中指向圆心方向的合外力提供向心力。【解析】A

4、C【分析】【分析】当滑动变阻器的滑动触头P

向左移动时，变阻器有效电阻变小，故整个电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知干路电流增大，在回归局部，根据部分电路欧姆定律进行求解。对于电路中动态分析问题，往往按“局部隆煤隆煤整体隆煤隆煤局部”的思路进行分析..常见题型，比较容易。【解答】当滑动变阻器的滑动触头P

向左移动时，变阻器有效电阻变小，故整个电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知干路电流增大，故灯泡L1

变亮；并联电路的电压U虏垄=E鈭�IRL1

故并联电路电压变小，灯泡L3

变暗；

干路电流变大；而通过灯泡L3

的电流变小，故通过灯泡L2

的电流增大，灯泡L2

变亮；故ABD错误，C正确。

故选C。【解析】C

5、B|C【分析】

A、B电量为q2的实验电荷在P点所受的电静电力为F，根据电场强度的定义式得到：P点电场强度的大小E=．故A错误；B正确．

C、D电量为q1的点电荷场源电荷，在P点产生的电场强度的大小为E=k．故C正确；D错误．

故选BC

【解析】【答案】电量为q1的点电荷场源电荷，在P点产生的电场强度的大小根据公式E=k可以确定．电量为q2的实验电荷在P点所受的电静电力为F，根据电场强度的定义式E=也可以确定P点电场强度的大小．

6、A|D【分析】

A；当Q靠近A、B时；由于感应起电，同种电荷相斥，异种电荷相吸，则A端出现负电荷，B出现正电荷，故A正确；

B；当Q接触A、B然后移开；A、B都带上正电荷，因为导体AB上的电子转移到Q上一部分，故B错误；

C；若将Q靠近A、B时；用手接触B，B上的正电荷被大地的电子中和，从而使B不带电，故C错误；

D；对于A、B；与Q还没接触之前，由于电子从一部分转移到另一部分，则电荷的代数和为0；接触之后，电子转移到Q球上，则电荷代数和不为0，故D正确；

故选AD

【解析】【答案】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况；从而可以判断导体带电的情况．当接触后导体AB与球带同种电，带电的本质是电子的转移．

7、B【分析】甲物体做初速度为零的匀加速运动，乙物体做初速度不为零的匀加速运动，图甲的斜率比乙大，所以甲的加速度大，在0

隆芦

t

1

时间内vt

图象与时间轴所夹的面积表示位移；显然乙的位移大．

【解析】B

8、A【分析】解：A

当电荷的大小在研究的问题中可以忽略不计时；可以简化为点电荷；点电荷是理想化模型，实际不存在；故A正确；

B；对于体积很大的带电体；当其大小在研究的问题中可以忽略不计时，可以简化为点电荷，故B错误；

C；电荷量很小的带电体的体积不能忽略不计时；不能简化为点电荷，故C错误；

D；只有当带电体的大小在研究的问题中可以忽略不计时；带电体才可以简化为点电荷；与带电体的绝对大小无关，只与相对大小有关，故D错误；

故选：A

．

点电荷是用来代替电荷的点；当带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时；带电体可看作点电荷．

本题考查了点电荷的定义和条件，可以与质点、点光源等概念相类比，基础题．【解析】A

9、A【分析】解：A

开关K

闭合的瞬间；电源的电压同时加到两支路的两端，A

灯立即发光.

由于线圈的自感阻碍，B

灯后发光，由于线圈的电阻可以忽略，灯B

逐渐变亮，过会儿才与A

灯一样亮，故A正确BC错误；

D；断开开关K

的瞬间；线圈与两灯一起构成一个自感回路，过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，两灯逐渐同时慢慢熄灭，故D错误．

故选：A

开关K

闭合的瞬间；电源的电压同时加到两支路的两端，A

灯立即发光.

由于线圈的阻碍，B

灯后发光，由于线圈的电阻可以忽略，灯B

逐渐变亮．

断开开关K

的瞬间；线圈与两灯一起构成一个自感回路，由于线圈的自感作用，两灯逐渐同时熄灭．

对于自感线圈，当电流变化时产生自感电动势，相当于电源，当电路稳定时，相当于导线，将所并联的电路短路.

即可根据电感的性质分析电路中灯泡亮度的变化情况．【解析】A

二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】试题分析：由右手定则可判断AB中的感应电流为由A流向B，在电源内部电流从负极流向正极，B为正极，B点的电压高。AB切割磁感线产生的感应电动势E=BLV=1V，导体棒端点AB的电压为路端电压，R1、R2并联的总电阻即外电路的总电阻为10Ω，内阻为10Ω，所以路端电压为电动势的一半0.5V。考点：本题考查E=BLV、路端电压。【解析】【答案】0.5VB点13、略

【分析】解：(1)

为防止两球碰撞后入射球反弹；入射球的质量应大于被碰球的质量，即MA

大于MB

．

(2)

由图乙所示可知；取所有落点中靠近中间的点读数，即可取一个最小的圆的圆心，约为64.7cm

(3)

两球离开轨道后做平抛运动；它们在控制的运动时间t

相等，如果碰撞过程动量守恒，则：MAv0=MAv1+MBv2

两边同时乘以t

得：MAv0t=MAv1t+MBv2t

则：MAOP=MAOM+MBON

实验需要测量小球的水平位移；小球的质量，故选ABD．

(4)

由(2)

可知；需要验证的表达式为：MAOP=MAOM+MBON

．

故答案为：(1)

大于；(2)64.7(3)ABD(4)MAOP=MAOM+MBON

．

根据通过实验的原理确定需要测量的物理量；小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间相同，水平位移与出速度成正比，可以用水平位移代替小球的初速度，根据动量守恒定律求出需要验证的表达式．

掌握两球平抛的水平射程和水平速度之间的关系，是解决本题的关键，注意理解动量守恒定律的条件．【解析】大于；64.7ABDMAOP=MAOM+MBON

14、略

【分析】

分子间存在相互作用的引力和斥力，在分子间的距离等于r时；分子处于平衡状态．

当分子间的距离r＜r时；此时分子间的距离很小，作用力表现为斥力；

当分子间的距离r＞r时；此时分子间的距离稍大，作用力表现为引力；

如果分子间的距离很远时；分子间的作用力就会很小，小到忽略不计；

故答案为：斥力；引力．

【解析】【答案】分子间的相互作用力和分子间的距离有关．分子间的距离变化时；相互作用力就会随着变化，分子间的作用力随分子间距离的增大而减小，斥力变化的更快；当分子间的距离很小时分子间的作用力表现为斥力，分子间的作用力稍大时分子间的作用力表现为引力．根据上述知识来分析．

15、略

【分析】解：①验证动量守恒定律实验中；即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，根据平抛运动规律，若落地高度不变，则运动时间不变，因此可以用水平射程大小来体现速度速度大小，故需要测量水平射程，故AB错误，C正确．

②碰撞过程中动量、能量均守恒，因此有：m1v0=m1v1+m2v2

因此有：因此要使入射小球m1碰后不被反弹，应该满足m1＞m2．

实验时，先让入射球ml多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球ml从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰；并多次重复．测量平均落点的位置，找到平抛运动的水平位移，因此步骤中D；E是必须的，而且D要在E之前．至于用天平秤质量先后均可以．

故选：ADE．

③根据平抛运动可知；落地高度相同，则运动时间相同，设落地时间为t，则：

v0=

而动量守恒的表达式是：m1v0=m1v1+m2v2

若两球相碰前后的动量守恒，则需要验证表达式m1•OM+m2•ON=m1•OP即可．

若为弹性碰撞；则碰撞前后系统动能相同，则有：

将即满足关系式：m1•OM2+m2•ON2=m1OP2．

故答案为：①C，②m1＞m2，ADE，③m1•OM+m2•ON=m1OP，m1•OM2+m2•ON2=m1OP2

①验证动量守恒定律实验中；质量可测而瞬时速度较难．因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度．

②过程中小球释放高度不需要；小球抛出高度也不要求．最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒．

③根据碰撞前后动量守恒可以写成表达式；若碰撞为弹性碰撞，则碰撞前后动能相同．

该题考查用“碰撞试验器”验证动量守恒定律，该实验中，虽然小球做平抛运动，但是却没有用到速和时间，而是用位移x来代替速度v，成为是解决问题的关键．此题难度中等，属于中档题．【解析】C；m1＞m2；ADE；m1•OM+m2•ON=m1•OP；m1•OM2+m2•ON2=m1OP216、1：2，2：1【分析】本题为带电粒子在磁场中运动的基本问题，只需根据题意明确粒子的运动半径及圆心即可顺利求解。由几何关系可知从两孔射出的粒子的运动半径，则由洛仑兹力充当向心力可得出粒子的速度关系；由周期公式及转过的角度可求得时间之比；由向心力公式可求得加速度之比。解：电子从C

点射出，A

为圆心，Rc=L

圆心角，由得运动时间为四分之一周期，即：，电子从A

点射出，OA

中点为圆心，；圆心角娄脠d=娄脨

所以，，由于运动的周期与速度无关；是相等的；

故vAvC=12tAtC=21

【解析】1221

17、磁通量【分析】【分析】产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，或闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动。感应电流产生的条件细分有两点：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化。【解答】产生感应电流的条件：(1)

闭合电路；(2)

磁通量发生变化。故答案为：磁通量。【解析】磁通量18、略

【分析】解：极限频率娄脙=WhW

是金属的逸出功，所以极限频率是由金属的逸出功决定的.

如图光电管加上正向电压，当用光照射光电管时，光电流可能增大，也可能达到饱和电流，将滑动变阻器的滑片P

向右移动，毫安表的读数可能变大，也可能不变，不可能变小．

故答案为：金属；变小．

极限频率是由金属决定的.

如图光电管加上正向电压；当用光照射光电管时，光电流可能增大，也可能达到饱和电流，将滑动变阻器的滑片P

向右移动，毫安表的读数可能变大，也可能不变．

考查光电效应方程的应用，注意极限频率的含义，掌握饱和电流与什么因素有关．【解析】金属；变小四、判断题(共1题，共9分)19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．五、解答题(共2题，共20分)20、略

【分析】

（1）由图可知；第一次测量时指针偏转较小，故说明所选倍率过小，故应选择大倍率，换挡位后应注意进行欧姆调零，即必须要进行的一项操作步骤A；

（2）由图可知；正确的示数应为18，故电阻的阻值应为：18×100=1800Ω；

故答案为：

（1）A；（2）1800

【解析】【答案】根据多用表的使用方法可得出实验的步骤；根据指针的示数可以得出应采用的档位；从而得出正确的阻值．欧姆表的读数应是指针指示值与倍率的乘积．

21、略

【分析】

（1）当开关处于位置1时有：E=I1（R1+r）=0.2（14+r）（1）

当开关处于位置2时有：E=I2（R2+r）=0.3（9+r）（2）

联列（1）、（2）可以求得：E=3Vr=1Ω

（2）Pr=I12r=0.22×1WPr=0.04W

P出=IE-Pr=（0.2×6-0.04）WP出=0.56W

故答案为：E=3V，r=1Ω；Pr=0.04W，P出=0.56W

【解析】【答案】根据闭合电路欧姆定律E=I（R+r），已知两种情况下R，I，列出两个方程，联立组成方程组，可求出E和r；根据功率公式可求出电源内部消耗功率和输出功率．

六、综合题(共4题，共28分)22、略

【分析】

（1）物块在小车上滑行结束；它们具有相同的速度v，根据动量守恒定律求得它们的共同速度；

（2）在这一过程中；物块和小车组成的系统所减少的机械能全部转化为内能．

该题考查动量守恒定律和能量的转化与守恒，虽然过程看似复杂，但解答时只要写出两个公式即可．属于基础题目．【解析】解：（1）物块在小车上滑行结束；它们具有相同的速度v，根据动量守恒定律，有：

mv0=（M+m）v．

所以：v=

（2）在这一过程中；物块和小车组成的系统所减少的机械能全部转化为内能，因此有：

答：（1）车和物体最终的速度是

（2）全过程系统所产生的热量为．23、（1）ABD（2）解：设光束在AB面的折射角为α，由折射定律：①设光束在AC面的入射角为β，由折射定律：②由几何关系：α+β=60°③

④

联立解得：【分析】(1)

【分析】首先明确两种图象的意义，获取相关信息，如波长、周期和振幅；利用波速、波长和周期的关系求波速；利用质点的振动情况，判断波的传播方向。首先明确两个图象的区别和联系，据图求出波长、周期是解题的前提，灵活应用波的传播方向与质点的振动关系是解题的核心。【解答】A.由图可知；该波的周期为12s

故A正确；

B.由图可知；t=3s

时刻，x=12m

处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m

处的质元在波峰，故B正确；

C.据图2

知t=2s

时；在x=18m

处的质元的位移为零，正通过平衡位置向上运动，在t=4s

时刻，在x=18m

处的质元的位移大于2cm

所以在0隆芦4s

内x=18m

处的质元通过的路程小于6cm

故C错误；

D.由两图比较可知，x=12m

处比x=18m

处的质元早振动9s

即34T

所以两点之间的距离为：x=(n+34)娄脣(n=0,1,2,3)

所以：娄脣=4x4n+3=4隆脕64n+3m(n=1,2,3)

n=0

时，波长最大，为：4隆脕63m=8m

故D正确；E.波的速度：v=娄脣T=244n+312=24n+3m/s(n=0,1,2?)

n=0

时，最大速度：v=23m/s

故E错误。故选ABD。(2)

本题是几何光学问题；作出光路图是解答的基础，关键能灵活运用数学知识求出折射角，并能掌握折射定律。

画出光路图，根据折射定律对AB

面和AC

面分别列式，再结合几何关系求解即可。【解析】(1)ABD

(2)

解：设光束在AB

面的折射角为娄脕

由折射定律：n=sin(i0)sin(娄脕)垄脵

设光束在AC

面的入射角为娄脗

由折射定律：n=sin(i0)sin(娄脗)垄脷

由几何关系：娄脕+娄脗=60鈭�垄脹

娄脮0=(i0鈭�娄脕)+(i0鈭�娄脗)垄脺

联立解得：n=2

24、(1)D

(2)A

(3)C

(4)C

(5)

乙丙

(6)

解：

(1)

电子在平行板电容器两极板间加速加速过程，由动能定理有：eU=12mv2

解得：v=2eUm

(2)

电子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹恰与磁场右边界相切

由几何关系得轨迹半径为：r=d

由牛顿第二定律有：evB=mv2r

联立以上各式解得：B=1d2mUe【分析】(1)

【分析】电荷只在电场力作用下从电场中的A

点移到B

点，电场力做了2隆脕10鈭�6J

的功，电荷的电势能减小2隆脕10鈭�6J

根据动能定理得知，动能增加了2隆脕10鈭�6J

本题考查对电场力做功与电势能变化关系的理解，要熟练运用动能定理分析动能的变化，注意合力做功与动能变化有关，而电场力做功与电势能变化有关。【解答】AB.

电荷只在电场力作用下；电场力做了2隆脕10鈭�6J

的正功，合力做功即为2隆脕10鈭�6J

根据动能定理得知，动能增加了2隆脕10鈭�6J

故AB错误；

CD.

电场力做了2隆脕10鈭�6J

的正功，根据功能关系得知，电荷的电势能减小2隆脕10鈭�6J

故C错误，D正确。故选D。(2)

【分析】根据图示电流、磁场、力的方向，应用左手定则分析答题。本题考查了左手定则的应用，掌握左手定则并灵活应用，即可正确解题。【解答】A.由左手定则可知，电流所受安培力竖直向上，磁感强度、电流、安培力三者间的方向关系正确，故A正确；B.根据图示由左手定