2025年人教五四新版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版选择性必修2物理下册月考试卷442考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图，理想变压器的输入电压恒定，原副线圈匝数之比为2：1，副线圈的电阻阻值均为R；电流表为理想电流表，则闭合开关后（）

A.原、副线圈电流的比值变大B.副线圈输出电压变大C.副线圈输出电压频率变大D.电流表的示数变大2、如图所示；L是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为零。A和B是两个完全相同的小灯泡（）

A.当开关S由断开变为闭合时，A灯的亮度始终不变B.当开关S由断开变为闭合时，B灯由亮变为更明亮C.当开关S由闭合变为断开时，A灯由亮逐渐变暗，直至熄灭D.当开关S由闭合变为断开时，B灯突然变亮，后逐渐变暗，直至熄灭3、如图所示,某小型发电站发电机输出的交变电压为500V,输出的电功率为50kW,用电阻为3Ω的输电线向远处输电,要求输电线上损失的功率为输电功率的0.6%,则发电站要安装一升压变压器,到达用户再用降压变压器变为220V供用户使用(两个变压器均为理想变压器)．对整个输电过程,下列说法正确的是()

A.升压变压器的匝数比为1:100B.输电线上的电流为100AC.输电线上损失的功率为300WD.降压变压器的输入电压为4700V4、如图是一个火警报警装置的逻辑电路图，Rt是热敏电阻，低温时电阻值很大，高温时电阻值很小，R是阻值较小的可调电阻；以下说法中正确的是（）

A.要使电铃平时不响，而发生火灾时由于高温响起，图中虚线内应接入“非门”元件B.要使电铃平时不响，而发生火灾时由于高温响起，图中虚线内应接入“与门”元件C.要使电铃平时不响，而发生火灾时由于高温响起，图中虚线内应接入“或门”元件D.为提高电路的灵敏度，图中的电阻R应调的小一些5、如图甲所示是磁电式电流表的结构，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，线圈匝数为n，面积为S，线圈a、b两边导线长均为l，所在处的磁感应强度大小均为B，当线圈中通电流I时，a、b边所受安培力F方向加图乙所示。则（）

A.该辐向磁场是匀强磁场B.穿过线圈的磁通量为C.转动过程中安培力F大小总为D.线圈a边导线电流方向垂直纸面向外6、通电的等腰梯形导线框abcd与无限长通电直导线MN在同一平面内，电流方向如图所示，ab边与MN平行．下列关于通电直导线MN的磁场对线框作用的()

A.线框所受安培力的合力为零B.线框有两条边所受的安培力方向相同C.线框有两条边所受的安培力大小相同D.线框在安培力作用下一定有向右的运动趋势7、埃及的古夫（Khufu）金字塔内有一条狭窄通道；尽头处被一块镶有两个铜制把手的石块堵住，如图所示。考古学家曾利用一台机器人来探测石块后面隐藏的秘密，该机器人上配备的探测设备有：（甲）超声波回声探测器；（乙）导电性传感器、（丙）可穿透石块的雷达。机器人沿着通道到达石块前，进行了以下探测工作：

（1）两个铜把手在石块背面是否彼此连接；

（2）石块是否能够移动；

（3）在石块后面是否还有其他物体；

（4）石块的厚度。

针对上述各项探测工作，下表中哪一选项内所选的探测设备最合适（）。选项。

探测工作ABCD（1）乙丙乙甲（2）丙乙甲乙（3）乙甲丙乙（4）甲丙甲丙

A.AB.BC.CD.D8、如图所示，空间存在垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁场区域宽度为2L，以磁场左边界为坐标原点建立x轴。一边长为L的正方形金属线框abcd，在外力作用下以速度v匀速穿过匀强磁场。从线框cd边刚进磁场开始计时，线框中产生的感应电流i、线框ab边两端的电压线框所受安培力F。穿过线圈的磁通量随位移x的变化图像正确的是（）

A.B.C.D.9、如图所示，矩形金属线圈abed与理想变压器的原线圈组成闭合电路，灯泡L1、L2完全相同，当变压器原线圈中的抽头P置于最上端时，原、副线圈的匝数比为n：1．矩形线圈abcd在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，且磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈面积为S，转动的角速度为ω，匝数为N；线圈电阻不计。则下列说法正确的是（）

A.若减小矩形线圈abcd的转速，灯L1会变亮B.在图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势最大C.当抽头P置于最上端时，在线圈abcd转动的过程中，电压表示数为D.若仅将线圈abcd的转轴平移至ad边处，且转速不变，则电压表示数也不变评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示，U形光滑金属导轨水平放置在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨间距为L，在导轨右端连接有一个阻值为R的定值电阻．有一根长为L的导体棒ab与固定在O点的绝缘轻弹簧相连后垂直放置在导轨上，弹簧原长时导体棒ab在图中的虚线位置．现施外力将弹簧压缩一定的距离后松开，导体棒ab在导轨上往复运动最后停在虚线处．已知弹簧初始被压缩时储存的弹性势能为Ep，在运动过程中导体棒ab与导轨始终接触良好，导体棒ab的电阻r=R；导轨电阻不计，则下列说法中正确的是（）

A.导体棒ab在运动过程中能产生交变电流B.定值电阻产生的总热量为弹性势能EP的一半C.导体棒ab向右运动时安培力做负功，向左运动时做正功D.导体棒ab全程克服安培力做的功等于回路中产生的焦耳热11、某个小水电站发电机的输出功率为100kW，发电机的电压为250V，通过升压变压器向远处输电，输电线的总电阻为8Ω，在用户端用降压变压器把电压降为220V，要求在输电线上损失的功率控制为5kW，则（）A.输电线上通过的电流为25AB.升压变压器输出的电压为40kVC.升压变压器原、副线圈的匝数比为1∶16D.降压变压器原、副线圈的匝数比为190∶1112、如图区域内存在磁感应强度大小为的匀强磁场，方向垂直于纸面向里，和是两平行边界，区域宽度为d。许多质量为电荷量为的粒子以相同速率，沿纸面内各个方向，由边界上的点射入磁场，入射速度大小为不考虑粒子间相互影响；不计粒子重力，磁场区域足够长，则（）

A.粒子在磁场区域中运动的最长时间为B.粒子在磁场区域中运动的最长时间为C.粒子在磁场区域中运动的最短时间为D.粒子在磁场区域中运动的最短时间为13、如图所示，在竖直平面内，由绝缘材料制成的竖直平行轨道CD、FG与半圆轨道DPG平滑相接，CD段粗糙，其余部分都光滑，圆弧轨道半径为R，圆心为O，P为圆弧最低点，整个轨道处于水平向右的匀强电场中，电场强度为E。PDC段还存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。有一金属圆环M，带有正电荷q，质量套在轨道FG上，圆环与CD轨道间的动摩擦因数μ＝0.2。如果圆环从距G点高为10R处由静止释放；则下列说法正确的是（）

A.圆环在CD轨道上不能到达相同高度处B.圆环第一次运动到P点（未进入磁场区域）时对轨道的压力为21mgC.圆环在整个运动过程中克服摩擦力所做的功为8mgRD.圆环最终会静止在P点14、如图所示，平行纸面向下的匀强电场与垂直纸面向外的匀强磁场相互正交，一带电小球刚好能在其中做竖直面内的匀速圆周运动．若已知小球做圆周运动的半径为r；电场强度大小为E，磁感应强度大小为B，重力加速度大小为g，则下列判断中正确的是（）

A.小球一定带负电荷B.小球一定沿顺时针方向转动C.小球做圆周运动的线速度大小为D.小球在做圆周运动的过程中，电场力始终不做功15、如图（a）所示，两根间距为L、足够长的光滑平行金属导轨竖直放置并固定，顶端接有阻值为R的电阻，垂直导轨平面存在变化规律如图（b）所示的匀强磁场，t=0时磁场方向垂直纸面向里。在t=0到t=2t0的时间内，金属棒水平固定在距导轨顶端L处；t=2t0时；释放金属棒。整个过程中金属棒与导轨接触良好，导轨与金属棒的电阻不计，则（）

A.在时，金属棒受到安培力的大小为B.在t=t0时，金属棒中电流的大小为C.在时，金属棒受到安培力的方向竖直向上D.在t=3t0时，金属棒中电流的方向向右16、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1：10，接线柱a、b接在电压为的正弦交流电源上，R1为定值电阻，其阻值为100Ω，R2为用半导体热敏材料制成的传感器。下列说法中正确的是（）

A.时，a、b两点间电压的瞬时值为5VB.时，电压表的读数为100VC.在1min内电阻R1上产生的热量为6000JD.当R2的温度升高时，电压表示数不变，电流表示数变大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、如图，两平行放置的长直导线a和b中载有电流强度相等、方向相反的电流。则b右侧O点处的磁感应强度方向为_________；在O点右侧再放置一根与a、b平行共面且通有与导线a同向电流的直导线c后，导线a受到的磁场力大小将__________（选填“变大”、“变小”或“无法确定”）。18、如图甲所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道间距l=0.20m，电阻R=1.0Ω；有一导体杆静止地放在轨道上，与两轨道垂直，杆及轨道的电阻皆可忽略不计，整个装置处于磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道向下。现用一外力F沿轨道方向拉杆，使之做匀加速运动，测得力F与时间t的关系如图乙所示。杆的质量m=______kg，杆的加速度a=_________m/s2。

19、将一条形磁铁插入一闭合的螺线管线圈。第一次插入用0.2秒，第二次插入用1秒。两次螺线管线圈中磁通量的变化相同，则两次线圈中产生的感应电动势之比为_______，电流强度之比为_______。20、传感器的定义：能够感受诸如力、温度、光、声、化学成分等被测量，并能把它们按照一定的规律转换为便于传送和处理的可用信号输出。通常是电压、电流等______，或转换为电路的_______21、如图所示是小明设计的一种自动测定水箱内水位的装置，R是一种滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从水位表指针所指的刻度就可知道水箱内水位的高低，从图中可知：水位表是由________改装而成．当水面上升时，滑片________（填向上移动或者向下移动），滑动变阻器连入电路电阻________，电流________，水量表示数________．22、原线圈中电场的能量转变成______的能量，变化的磁场几乎全部穿过了副线圈，在副线圈中产生了感应电流，磁场的能量转化成了______的能量。评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)27、为了消防安全；一些生产车间会使用温控报警系统。该系统核心元件可采用热敏电阻来控制。某实验兴趣小组想自制简易温控报警系统。

（1）该实验小组的同学首先对该热敏电阻的温度特性进行研究；可能用到以下实验器材：

A．热敏电阻RT（常温下的阻值约为30Ω）

B．烧杯；热水、温度计。

C．电流表（量程0～0.6A，内阻r1=5Ω）

D．电压表（量程0～6V；内阻约15kΩ）

E．滑动变阻器（最大阻值为10Ω；额定电流2A）

F．滑动变阻器（最大阻值为500Ω；额定电流0.5A）

G．电源（电动势6V；额定电流2A，内阻不计）

H．开关一个；导线若干。

（2）要求通过热敏电阻的电流从零开始增大为使测量尽量准确，则滑动变阻器应选择______；（填器材前的字母标号）

（3）请你按照实验要求用笔画线代替导线在实物图甲中完成余下导线的连接______；

（4）在探明该热敏电阻特性的基础上；接着该实验小组利用其自制简易温控报警系统。如图丙所示，当1；2两端所加电压降低至1V时，温控控制开关自动启动报警系统，请利用下列器材设计一个简单电路，给1、2两端提供电压，要求当温度升高至约50℃时启动报警系统。提供的器材如下：

直流电源E（电动势3V；内阻不计）；

定值电阻：R1=10Ω，R2=40Ω，R3=80Ω；

开关S及导线若干；

则定值电阻应该选择：______；（填写字母符号）

（5）请在在虚线框内完成电路原理图______。（不考虑开关S对所设计电路的影响）

28、有一个教学用的可拆变压器，如图所示，它有两个外观基本相同的线圈A和B；线圈外部还可以绕线．

（1）某同学用多用电表的欧姆挡测量了A、B线圈的电阻值，发现B线圈电阻约为A线圈电阻的3倍，则可推断___线圈的匝数多（选填“A”或“B”）；

（2）如果把它看作理想变压器，现要测量A、B线圈的匝数；提供的器材有：一根足够长的绝缘导线；一只多用电表和一只低压交流电源（输出电压的有效值不变）．

现采用如下方法进行测量：

①将绝缘导线一端与A线圈上方接线柱相连，顺着原来的绕制方向在变压器的铁心上再绕制n匝线圈；

②将绝缘导线的另一端和A线圈下方接线柱分别与低压交流电源两端相连接；

③用多用电表的交流电压挡先后测量低压交流电源两端的电压U0和B线圈的输出电压U；

请在上述基础上，补充一个实验步骤，完成A、B线圈匝数的测量（需要测量的物理量请用字母表示，并说明其含义），再写出测量A、B线圈的匝数和的表达式．

④___________________；

nA=_________，nB=__________．29、小明捡到了一根金属丝；用多用电表测得其电阻约为4Ω。他想用伏安法测出金属丝较为准确的电阻，再根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。小明决定按图甲示电路图连接电路，他找到了以下器材：

A．直流电源：电动势约3V；内阻很小；

B．电流表A1：量程0～0.6A；内阻0.01Ω；

C．电流表A2：量程0～3.0A；内阻0.05Ω；

D．电压表V：量程0～3V，内阻3kΩ；

E．滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；

F．滑动变阻器R2：最大阻值1000Ω；

G．开关；导线等。

（1）在可供选择的器材中，应该选用的电流表是___________（填“A1”或“A2”），应该选用的滑动变阻器是___________（填“R1”或“R2”）。

（2）用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图乙所示，读出金属丝的直径d为________mm。

（3）用米尺测量金属丝的长度l=0.628m，伏安法测得电阻丝的电阻Rx=4.0Ω，则这种金属材料的电阻率ρ为________Ω·m。（保留二位有效数字）

（4）如图丙中虚线框内存在一沿水平方向、且垂直于纸面向里的匀强磁场，小明想用捡到的这根金属丝测量其磁感应强度的大小。所用器材已在图丙中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框（用这根金属丝弯折而成的）；其底边水平；两侧边竖直且三边等长。此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线。实验步骤如下：

①调节滑动变阻器的滑片；使变阻器接入电路的阻值最大，闭合开关S；

②在托盘中加入适量细沙，使得D处于平衡状态；

③记录下此时电压表的读数U，用天平称出细沙质量m；

④调节滑片，重复②和③，得到多组m、U的数据；

⑤将m、U的数据填入表中，再绘制成图像，如图丁所示，发现图像可以很好地拟合成一条直线。直线的斜率为k，则磁感应强度的大小B=_______。（用金属丝的直径d、电阻率ρ和重力加速度g以及直线的斜率k等符号表示）

30、为节能减排；保护环境，公共场所使用声；光控照明系统，声、光控开关需要同时满足光线较暗、有活动声音时才打开的工作要求（电源及电流表内阻不计），其示意图如图甲所示。

（1）声控开关和光控开关的连接方式为___________（填“串联”或“并联”）。

（2）其中光控开关的结构如图乙所示，现用多用电表测量电磁继电器的等效电阻，将多用电表的选择开关置于“”挡，再将红，黑表笔___________，调零后，测量的示数如图丁所示，则电磁继电器的等效电阻为___________光敏电阻的阻值随照度（照度可以反映光的强弱，光越强，照度越大，单位为lx）的变化关系如图丙所示，由图丙可知随光照强度的增加，光敏电阻的阻值___________。

（3）已知光控开关的电源电动势为电阻箱的阻值为若设计要求当流过电磁继电器的电流为时，光控开关闭合，则此时的照度约为___________lx。为了节约用电，需要降低光照度值，应该把电阻箱的阻值调___________。评卷人得分六、解答题(共1题，共9分)31、如图所示，MN和PQ是两根互相平行竖直放置的光滑金属导轨，宽度为L，已知导轨足够长，且处于垂直导轨平面向里的匀强磁场中，磁感应强度为B，ab是一根不但与导轨垂直而且始终与导轨接触良好的金属杆，金属杆的质量为m，长度也为L，电阻为R，其余部分电阻不计。起初将开关S断开，让ab由静止开始自由下落高度h后，再将S闭合。已知重力加速度为g；不计空气阻力。

（1）开关S闭合前瞬间，导体棒两端的电势差是多大？a、b两点哪一点的电势高？

（2）若先闭合开关S再让金属杆由静止下落；则金属杆能达到的最大速度是多大；

（3）请定性画出从开关S闭合后金属杆的速度随时间变化可能的图像。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

A．由于原副线圈匝数比没有变化；则原；副线圈电流的比值不变，A错误；

B．因为理想变压器的输入电压恒定；原副线圈匝数之比为2：1不变，则副线圈输出电压不变，B错误；

C．变压器不改变交流电的频率；C错误；

D．副线圈输出电压不变，闭合开关后，负载减小，则副线圈的电流变大，根据

则原线圈的电流变大；电流表的示数变大，D正确。

故选D。2、D【分析】【分析】

【详解】

AB．当开关S由断开变为闭合时；电路接通，由于电感的自感，阻碍电流的流过，则相当于A；B串联，两灯均立即变亮，接着电感的自感效应减弱，电感中电流逐渐变大，B灯电流逐渐减小，最后电感将B灯短路，B灯熄灭，由于A灯分压变大，所以A灯变亮，故AB错误；

CD．当开关S由闭合变为断开时；电路断开，A灯立即熄灭，电感由于自感效应，相当于电源并与B灯构成回路，则B灯突然变亮，并逐渐变暗直至熄灭，故C错误；D正确。

故选D。3、C【分析】【详解】

ABC、输电线上的损失功率为由可得：输电线上电流I＝10A，升压变压器副线圈电压为升压变压器的匝数比为故AB错误，C正确；

D、输电线损失电压为降压变压器的输入电压为故D错误．4、A【分析】【分析】

【详解】

ABC．发生火灾时由于高温，Rt热敏电阻阻值变小，X点的电势较低；要使电铃报警，则图中虚线内应输出高电平，故虚线内应接入“非门”元件，A正确，BC错误；

D．若R较大，由于它的分压作用，R两端的电压不太高，则外界温度不太高时，就能使P、X之间电压降到低电压输入，电铃就能发声。因此R较大；反应较灵敏，D错误。

故选A。5、C【分析】【详解】

A.匀强磁场的磁感线处处平行；而辐向磁场的磁感线不平行，所以不是匀强磁场，故A错误；

B.由题图乙根据对称性可知；穿过线圈的磁通量为零，故B错误；

C.根据安培力公式可得转动过程中安培力大小为

故C正确；

D.根据左手定则可知线圈a边导线电流方向为垂直纸面向里；故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

直导线中的电流方向由N到M，根据安培定则，导线右侧区域磁感应强度方向向内，根据左手定则，ab边受向左的安培力，cd边受到向右的安培力，ad边受到斜向左下方的安培力，bc受到左上方安培力，四个边所受的安培力的合力不为零，其中bc边和ad边所受的安培力大小相同，故AB错误，C正确；离MN越远的位置，磁感应强度越小，故根据安培力公式F=BIL，cd边受到的安培力小于ab边、bc边和ad边受到的安培力的矢量和，则线框在安培力作用下一定有向左的运动趋势，故D错误．7、C【分析】【详解】

研究两个铜把手在石块背面是否彼此连接；可以用导电性传感器测试（乙），因铜导电而石块不导电，若两个铜把手连接，能形成通路，加上电源就能通电；即导电表示两个把手相连，不导电表示两个把手没有连接。

研究石块是否能够移动；可以用超声波回声探测器（甲），探测石块与边缘是否有空袭。

研究在石块后面是否还有其他物体可以用可穿透石块的雷达（丙）分析。

测量石块的厚度可以用超声波回声探测器（甲）；利用前后表面反射波的路程差获得。

故选C。8、D【分析】【详解】

线圈向右移动0-L进入磁场时产生的电动势E=BLv

电流

方向为逆时针

安培力

方向向左；磁通量

逐渐变大；

线圈向右移动L-2L完全进入磁场时产生的电动势E=BLv

电流为零；

安培力为零；磁通量

不变；

当线圈向右移动2L-3L出离磁场时产生的电动E=BLv

电流

方向为顺时针；

安培力

方向向左；磁通量

逐渐变小；

综上所述只有图像D正确，故选D。9、C【分析】【详解】

A．若减小矩形线圈abcd的转速，电流的频率变小，副线圈输出电压变减小，电容器C的容抗变大，与电容器C串联的灯泡L1变暗；故A错误；

B．图示位置为中性面位置；此时感应电动势为零，故B错误；

C．在线圈abcd转动的过程中；线圈中产生的感应电动势的最大值。

由。

得理想变压器原线圈电压的有效值为。

副线圈电压表示数为。

故C正确；

D．若仅将线圈abcd的转轴平移至ad边处；且转速不变，变压器原线圈输入电压变大，副线圈输出电压也变大，电压表示数变大，故D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)10、A:B:D【分析】【详解】

A．导体棒ab在运动过程中；因不断则往复运动，切割磁感线则能产生交变电流，选项A正确；

B．整个过程中弹簧的弹性势能转化为整个电阻上的焦耳热，因r=R，则定值电阻产生的总热量为弹性势能EP的一半；选项B正确；

C．导体棒ab运动时安培力方向始终与运动方向相反；即总是做负功，选项C错误；

D．导体棒ab全程克服安培力做的功等于回路中产生的焦耳热；选项D正确．

【点睛】

此题关键是知道电磁感应现象中的能量转化关系；系统总的机械能，也就是开始的弹性势能最终转化为整个电路的电能；电磁感应的过程就是克服安培力做功的过程，最后产生的电能转化成焦耳热.11、A:C:D【分析】【详解】

A．由可知输电线上的电流为

故A正确；

B．升压变压器的输出电压

故B错误；

C．升压变压器原、副线圈的匝数比为

故C正确；

D．降压变压器的输入电压

因此降压变压器的原副线圈匝数比为

故D正确。

故选ACD。12、A:D【分析】【详解】

粒子在磁场中做圆周运动时洛伦兹力提供向心力

解得

周期为

AB．如图。

由几何关系可知，当粒子在O点的速度方向垂直CD边界时，粒子轨迹恰好与MN相切，此时轨迹对应的圆心角最大，为粒子恰好在磁场中运动半个周期，粒子运动时间最长，最长时间为

A正确；B错误；

CD．粒子在磁场区域中运动的时间最短时轨迹如图。

由几何关系可知故粒子在磁场中运动的最短时间为

C错误；D正确。

故选AD。13、A:B:C【分析】【详解】

A．圆环从G运动到D的过程中，电场力要做负功，在CD轨道上运动时摩擦力要做负功，而洛伦兹力不做功，所以圆环在CD轨道上不能到达相同高度处；故A正确。

B．根据题意

得

从开始到圆环第一次运动到P点的过程，由动能定理得

在P点，由向心力公式有

解得

由牛顿第三定律知圆环对轨道的压力为故B正确。

CD．圆环最终会在右边G上方的某点到D处振动，对从开始到D的过程，由动能定理得

解得在整个运动过程中克服摩擦力所做的功为

故C正确；D错误。

故选ABC。14、A:C【分析】【详解】

A；带电小球在重力场、匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动；可知，带电小球受到的重力和电场力是一对平衡力，重力竖直向下，所以电场力竖直向上，与电场方向相反，故小球一定带负电荷，故A正确；

B；磁场方向向外；洛伦兹力的方向始终指向圆心，由左手定则可判断小球的旋转方向为逆时针（四指所指的方向与带负电的粒子的运动方向相反），故B错误；

C、由电场力和重力大小相等，得：mg=qE，带电小球在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动的半径为：联立得：故C正确；

D；小球在做圆周运动的过程中；电场力要做功，洛伦兹力始终不做功，故D错误；

故选AC．

【点睛】带电小球在复合场中做匀速圆周运动，可判断出电场力和重力为平衡力，从而判断电场力的方向，结合电场的方向便可知粒子的电性．根据洛伦兹力的方向，利用左手定则可判断小球的旋转方向；结合重力与电场力平衡以及带电小球在洛伦兹力的作用下的运动半径公式，可求出线速度；洛伦兹力不做功，而电场力要做功．15、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由图可知在0~t0时间段内产生的感应电动势为

根据闭合电路欧姆定律有此时间段的电流为

在时磁感应强度为此时安培力为

故A错误；B正确；

C．由图可知在时；磁场方向垂直纸面向外并逐渐增大，根据楞次定律可知产生顺时针方向的电流，再由左手定则可知金属棒受到的安培力方向竖直向上，故C正确；

D．由图可知在时；磁场方向垂直纸面向外，金属棒向下掉的过程中磁通量增加，根据楞次定律可知金属棒中的感应电流方向向左，故D错误。

故选BC。16、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．把代入电压表达式得a、b两点间电压的瞬时值为

A错误；

B．交流为正弦交流电，电压有效值为

由可得变压器次级电压为

电压表读数为有效值；则电压读数为100V不变，B正确；

C．1min内电阻R1上产生的热量为

C正确；

D．变压器次级电压由变压器匝数比决定，与负载无关，电压表示数不变，当R2的温度升高时；电阻减小，副线圈电流变大，则电流表示数变大，D正确。

故选BCD。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由右手定则可知，该磁场方向为垂直纸面向外。因c中通过的电流大小未知，故无法确定导线a受到的磁场力大小。【解析】垂直纸面向外无法确定18、略

【分析】【详解】

[1][2]导体杆在轨道上做初速度为零的匀加速直线运动，杆切割磁感线产生的感应电动势为E=Blv=Blat

闭合回路中的感应电流为

由安培力公式和牛顿第二定律得F-BIl=ma

联立可得

由题图乙图象上取两点t1=0，F1=1N；t2=30s，F2=4N

代入解得a=10m/s2m=0.1kg【解析】0.1kg10m/s219、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势：

两次螺线管线圈中磁通量的变化相同；因此感应电动势与时间成反比。

[2]根据欧姆定律。

可得；电流强度与电动势成正比。

【解析】5：15：120、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电学量通断21、略

【分析】【详解】

[1]．从图中可知：水位表是由电流表改装而成．

[2][3][4][5]．当水面上升时，滑片向下移动，滑动变阻器连入电路电阻变小，电流变大，水量表示数变大．【解析】电流表向下移变小变大变大22、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.磁场②.电场四、作图题(共4题，共32分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】26、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共32分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

（2）[1]电源电动势为6V；热敏电阻常温下的阻值约为30Ω，故电流最大约为0.2A，为了让电流从零开始增大应采用分压接法，故滑动变阻器应选择总阻值较小的E；

（3）[2]本实验中采用滑动变阻器分压接法；同时因电流表内阻已知，故电流表采用内接法，完成电路图如图所示：

（4）[3]串联电阻两端电压与电阻阻值成正比，电源电动势E=3V，当温度升高至约50℃时，由图线知，此时光敏电阻为则串联电阻分压