2025年北师大版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版必修3物理上册阶段测试试卷993考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，MOP＝60°.在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时O点的磁感应强度大小为B1.若将N处长直导线移至P处，则O点的磁感应强度大小为B2，那么B1与B2之比为（）

A.1:2B.2:C.2D.2:12、下列四个物理量的单位中，不属于能量单位的是A.焦耳B.瓦特C.千瓦•时D.伏特•库仑3、如图，在等边三角形abc的a点和b点分别放置垂直于三角形平面的无限长直导线，两导线通电电流相等，a点的导线电流向里，b点的导线电流向外。已知两通电导线在c点形成的磁感应强度大小为B。已知无限长直导线在某点形成的磁感应强度可表示为其中k为比例系数，I为电流强度，r为该点到导线距离，则O点的磁感应强度为（）

A.大小为2B，方向垂直ab向下B.大小为2B，方向垂直ab向上C.大小为4B，方向垂直ab向上D.大小为4B，方向垂直ab向下4、如图甲所示，圆形区域ABCD处在平行于纸面的匀强电场中，圆心为O，半径为R=0.1m。P为圆弧上的一个点，PO连线逆时针转动，θ为PO连线从AO位置开始旋转的角度，P点电势随θ变化如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.匀强电场的场强大小为10V/mB.匀强电场的场强方向垂直AC连线向上C.一电子从A点沿圆弧运动到C点，电势能减小2eVD.一电子从B点沿圆弧逆时针运动到D点，电场力先做负功后做正功5、下列各组物理量中前者为矢量、后者为标量的是A.位移和速度B.速率和电流C.电动势和电势D.加速度和电势差6、在某电荷量为Q的负点电荷形成的电场中有一点A，将一电荷量为q的正试探电荷从无限远处被移到A点，该过程中电场力做的功为W。以无限远处为电势零点，则A点的电势为（）A.B.C.D.7、如图，△abc中bc=4cm，∠acb＝30°．匀强电场的电场线平行于△abc所在平面，且a、b、c点的电势分别为3V；-1V、3V．下列说法中正确的是（）

A.电场强度的方向沿ac方向B.电场强度的大小为2V/cmC.电子从a点移动到b点，电势能减少了4eVD.电子从c点移动到b点，电场力做功为4eV8、如图甲所示，某多级直线加速器由n个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，各金属圆筒依序接在交变电源的两极M、N上，序号为C的金属圆板中央有一个质子源，质子逸出的速度不计，M、N两极加上如图乙所示的电压一段时间后加速器稳定输出质子流。已知质子质量为m、电荷量为e；质子通过圆筒间隙的时间不计，且忽略相对论效应，则（）

A.质子在各圆筒中做匀加速直线运动B.质子进入第n个圆筒瞬间速度为C.各金属筒的长度之比为1:D.质子在各圆筒中的运动时间之比为1:评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b；c三点的位置如图所示；三点的电势分别为10V、17V、26V。下列说法正确的是（）

A.电场强度的大小为2V/cmB.坐标原点处的电势为1VC.电子在a点的电势能比在b点的低7eVD.电子从b点运动到c点，电场力做功为9eV10、如图所示，CD为上下两匀强磁场的理想边界，初始时，两匀强磁场的磁感应强度均为B0，方向相反。金属圆环的直径与两磁场的边界CD重合，AB与CD垂直且过圆心。下列说法正确的是（）

A.同时以相同变化率增大上下磁场，线圈内无感应电流B.沿AB把左侧金属圆环折90°，线圈的磁通量是初始时的一半C.沿AB把左侧金属圆环折90°，只增大上部磁场磁感应强度，线圈无感应电流D.沿CD把下侧金属圆环折90°，只增大上部磁场磁感应强度，线圈有感应电流11、如图所示，A、B为平行板电容器的两个金属极板，C为静电计；开始时闭合开关S。静电计张开一定角度。不考虑静电计引起的电荷量变化，则下列说法正确的是（）

A.保持开关S闭合，将两极板间距减小，板间场强减小B.保持开关S闭合，将R的滑片向左移动，静电计指针张开角度不变C.断开开关S后，紧贴下极板插入金属板，静电计指针张开角度减小D.断开开关S后，将两极板间距增大，板间电压增大12、细线拉着一质量为m的带电小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动，该区域内存在水平方向的匀强电场（图中未画出），小球所受电场力水平向右，大小是其重力的倍，圆周上A点在圆心的正上方，小球过A点时的速度大小为方向水平向左，除受重力、电场力及细线的拉力外小球不受其他力的作用，重力加速度为g，在小球做圆周运动的过程中（）

A.小球最小速率为B.小球速率最小时其电势能最大C.若小球过A点时细线断开，之后小球电势能最大时速率为D.若小球过A点时细线断开，之后小球电势能最大时速率为13、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离；则（）

A.带点油滴将沿竖直方向向上运动B.P点的电势将降低C.带点油滴的电势能将增大D.电容器的电容减小，极板带电量减小14、如图所示的电路；闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）

A.电流表读数变大，电压表读数变小B.小灯泡L变亮C.电源的总功率先变大后变小D.电容器C上电荷量变小15、如图所示，直线A、B分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图线，设两个电源的内阻分别为ra和rb．若将一定值电阻R0分别接到a、b两电源上，通过R0的电流分别为Ia和Ib，则（）

A.ra>rbB.Ia>IbC.R0接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低D.R0接到b电源上，电源的输出功率较小，电源的效率较低16、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻(阻值随光照强度的增大而减小)．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是()

A.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I、U均不变B.若仅增大B板间距离，则电容器所带电荷量减少C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值变大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、如图所示，直线A为电源的路端电压U与电流I的关系图像，直线B是电阻R的两端电压与其中电流I的图像.用该电源与电阻R组成闭合电路，则电源的输出功率为_______，电源内部生热损失的电功率为_______，电源的效率为_______.

18、圆弧中的电流产生的磁感应强度与其半径成反比，直线电流在其延长线上的磁感应强度为零，则图中a、b两点的磁感应强度的大小关系为________，a处磁感应强度的方向为________。19、某地地磁场的磁感应强度的水平分量是3.0×l0-5T，竖直分量是4.0×10-5T，则地磁场磁感应强度的大小为_______T，在水平面上，面积为5m2的范围内，地磁场的磁通量为_______Wb。20、直线电流的磁场。

安培定则：如图甲所示，用________握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，________所指的方向就是磁感线环绕的方向。直线电流周围的磁感线分布情况如图乙所示。

21、密立根实验：电子电荷的精确测定是由密立根通过著名的“油滴实验”做出的，目前公认的电子电荷的值为e=______（保留两位有效数字）。22、如图所示，MN板间存在匀强电场，场强方向竖直向上。电场上A、B两点相距10cm，AB连线与电场方向夹角A点和M板相距2cm，则AB两点间的电势差____V，若M板接地（电势为0），A点电势____V。

23、（1）当用多用电表的欧姆挡粗测Rx的阻值时，发现指针偏转角度太大了，应使选择开关拨到___________（填“”和“”）倍率挡，重新欧姆调零后再测，此时多用电表指针位置如图（a），其读数为___________

（2）在图（b）中游标卡尺的读数为___________mm，螺旋测微器的读数为___________mm。

24、某同学用欧姆挡测电阻时；实验步骤如下：

A．将功能选择开关置×100挡：

B．将红黑表笔短接；调节欧姆调零旋钮，使指针指向左边零处：

C．接入被测电阻；读数；

D．将功能选择开关置OFF档。

上述实验步骤中，错误的操作是______（填字母代号）。若操作无误，指针位置如图所指，被测电阻的阻值是______Ω。

评卷人得分四、实验题(共4题，共24分)25、测定某合金电阻率的实验器材如下：待测电阻（阻值约为8）、学生电源（3V）、开关、导线、电流表A（量程0～0.6A，内阻约0.1）、电压表V（量程0～3V，内阻约3k）、滑动变阻器（最大阻值10）；刻度尺、螺旋测微器。

（1）利用螺旋测微器测量合金丝的直径d。某次测量时，螺旋测微器的示数如下图所示，则该次测量值_______mm。

（2）用伏安法测量电阻时；电流表和电压表的连接方法有以下两种方式，其中。

①甲图测量结果_________（选填“＞”；“＝”或“＜”）；

②乙图测量结果_________（选填“＞”；“＝”或“＜”）。

（3）为使金属丝两端电压调节范围尽量大，并使测量结果尽量准确，以下电路应选用_______

A.B.C.D.

（4）当合金丝两端电压为U时，通过合金丝的电流为I；测得合金丝的长度为L，直径为d，请根据这些物理量写出求该合金电阻率的表达式＝_________。26、某实验小组的同学欲测量某金属丝的电阻率。

(1)实验中需用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，则金属丝直径的测量值d=_____mm。

(2)请根据实验电路将实物图连线_______________。

(3)实验中电流表选择0-0.6A量程，电压表选择0-3V量程，指针位置分别如图所示，则电流表的读数是_____A，电压表的读数是_____V。

(4)该实验中金属丝电阻的测量值与真实值相比R测_____R真（填“＞”、“＜”或“=”）。27、某实验小组使用多用电表和螺旋测微器测量一长度为电阻丝的电阻率，该电阻丝的电阻值约为材料未知。实验过程如下：

（1）用螺旋测微器测量该电阻丝的直径，示数如图（a）所示。该电阻丝的直径为______mm。

（2）对多用电表进行机械调零。

（3）将多用电表的选择开关旋至______倍率的电阻挡（填“”“”“”或“”）。

（4）将黑；红表笔短接；调节欧姆调零旋钮，使指针指在电阻挡零刻度线。

（5）将黑、红表笔并接在待测电阻丝两端，多用电表的示数如图（b）所示。该电阻丝的电阻值为______

（6）测量完成之后；将表笔从插孔拔出，并将选择开关旋到“OFF”位置。

（7）计算该电阻丝电阻率为______。（用题中所给的符号写出表达式即可，不用计算数值）28、某实验小组的同学要测定某种电池（电动势约为3V；内阻约为2.5Ω）的电动势和内阻的准确值，实验部分原理图如图甲所示可供选择的器材如下：

A．待测电池（电动势约为3V；内阻约为2.5Ω）

B．直流电压表（量程0~3V；内阻约为3kΩ）

C．直流电流表（量程0~150mA；内阻为4Ω）

D．定值电阻R0=2.0Ω

E．定值电阻R1=1.0Ω

F．定值电阻R2=8.0Ω

G．滑动变阻器R（最大阻值为50Ω）

H．导线和开关。

请完成下列问题：

(1)需要扩大电流表量程，所以应选择定值电阻____________（填“R1”或“R2”）；

(2)选择合适的实验器材，把实验原理图在虚线框内补充完成，把器材符号标在电路图上；()

(3)他们已经将实验中所测得的实验数据描点，并作出了U-I图象，如图乙所示。则电池的电动势为E=____________V，内阻为r=____________Ω。（均保留三位有效数字）评卷人得分五、解答题(共1题，共9分)29、如图所示，真空中两个相同的小球带有等量同种电荷，质量均为0.1g，分别用10cm长的绝缘轻线悬挂于绝缘天花板的一点，当平衡时B球偏离竖直方向A竖直悬挂且与绝缘墙壁接触（重力加速度为）。求：

(1)每个小球的带电量；

(2)竖直墙壁对A球的弹力大小；

(3)两条细线的拉力大小。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

由磁场的叠加可知每根导线在O点产生的磁感强度大小；移动之后距O点的距离不变，故磁感强度大小不变，则由矢量合成的方向可得出移动之后的合磁感强度；即可求得比值．

【详解】

依题意，移动之前每根导线在O点产生的磁感强度为方向竖直向下；则当N移至P点时，在P处的通电导线在O点的磁场方向垂直于PO斜向左上方与OM夹角为600角，则O点合磁感强度大小为：B2=2××cos60°=则B1与B2之比为2：1．故选D．

【点睛】

磁感强度为矢量，在求合磁感强度时应先分别求得各导线O点的磁感强度再由矢量的合成方法-平行四边形求得总的磁感强度．2、B【分析】【分析】

【详解】

焦耳是能量的单位，故A错．瓦特是功率单位，故B对．千瓦•时是电流做功功的单位，是能量单位，故C错．伏特•库仑代表带电粒子经过一定电势差后能量的改变，故是能量单位，故D错．故选B．3、D【分析】【分析】

【详解】

如图所示，两通电导线分别在c点形成的磁感应强度大小相等，两磁场方向夹角为由题知c点的磁感应强度大小为B，根据几何关系知每根导线在c点形成的磯感应强度大小也为B。已知ac=2ao，由

可知每根导线在O点形成的磁感应强度大小为2B，方向均垂直于ab边向下，则O点的磁感应强度大小为4B，方向垂直ab向下。

故选D。

4、C【分析】【详解】

AB．当θ=时，设P点位于M点处，此时可得φM=1V

当θ=时，设P点位于N点处，此时可得φN=5V

如图所示。

由于M、N两点分别是圆弧上电势的最低点、最高点，则过两点的等势面与圆相切，又因为电场线与等势面垂直，且指向电势降低的方向，可知电场方向从N指向M，可得场强大小为E==V/m=20V/m

故AB错误；

C．由图乙可知，C点的电势为φC=4V

电子从A点沿圆弧运动到C点，电势能的变化量为△Ep=EpC-EpA=-e(φC-φA)=-2eV

即电势能减小2eV；故C正确；

D．从B点沿圆弧逆时针到D点，电势先升高后降低，则电子沿该路径运动时，由Ep=qφ可知；电子的电势能先减小后增大，所以电场力先做正功后做负功，故D错误。

故选C。5、D【分析】【分析】

【详解】

A.位移和速度都是矢量；故A错误．

B.速率是速度的大小；是标量．电流虽然有方向，但电流运算时不遵守矢量运算法则平行四边形定则，所以电流是标量，故B错误．

C.电动势和电势都是标量；故C错误．

D.加速度是矢量，电势差是标量，故D正确．6、D【分析】【详解】

由于电场力做功等于电势能的减少量，规定无穷远处电势能为零，则

则A点的电势能为根据电势定义，该点电势为

故选D。7、B【分析】【分析】

电场力做功量度电势能的变化．匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线；而等势线与电场线垂直；由题意知ac连线为一条等势线，根据电场线与等势线的特点可确定电场线的方向，再根据公式U=Ed求出电场强度.

【详解】

因ac为等势面，则场强方向垂直于ac指向b点，选项A错误；电场强度的大小为选项B正确；a点电势高于b点，则电子从a点移动到b点，电势能增加，选项C错误；电子从c点移动到b点；电场力做功为[3V-(-1V)](-e)=-4eV，选项D错误；故选B.

【点睛】

题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要求学生明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面．知道公式U=Ed应用时d为沿着电场线方向的距离8、C【分析】【详解】

A．金属圆筒中电场为零；质子不受电场力，做匀速运动，故A错误；

B．质子进入第n个圆筒时，经过n次加速，根据动能定理

解得

故B错误；

D．只有质子在每个圆筒中匀速运动时间为时；才能保证每次在缝隙中被电场加速，故D错误；

C．第n个圆筒长度

则各金属筒的长度之比为1:故C正确。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)9、B:D【分析】【详解】

B．如图所示，设ac之间电势差与Ob两点间的电势差相等，即

可得

故B正确；

A．电场沿着x轴方向电场分量

电场沿着y轴方向电场分量

因此电场强度

故A错误；

C．电子在a点具有的电势能

电子在b点具有的电势能

因此

电子在a点的电势能比在b点的高7eV；故C错误；

D．电子从b点运动到c点，电场力做功为

所以电子从b点运动到c点，电场力做功为9故D正确。

故选BD。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．初始时圆环内磁通量为零；同时以相同变化率增大磁场，磁通量依然为零，磁通量不变，线圈内无感应电流，A正确；

B．沿把左侧金属圆环折磁通量也为零，B错误；

C．沿把左侧金属圆环折只增大上部磁场，磁通量向里变大，有感应电流，C错误；

D．沿把下侧金属圆环折磁通量向里，磁感应强度增大，磁通量增加，有感应电流，D正确。

故选AD。11、B:C:D【分析】【详解】

A．保持开关S闭合，两极板间电势差不变，将两极板间距减小，由可知；板间场强增大，故A错误；

B．保持开关闭合；变阻器仅仅充当导线功能，电容器两极板间的电势差不变，滑动触头滑动不会影响静电计指针张角，静电计指针张开角度不变，故B正确；

C．断开开关S后，电容器带电量Q不变，紧贴下极板插入金属板，相当于极板之间的距离d减小，根据可知，电容增大，根据可知；两极板间电势差减小，静电计指针张开角度减小，故C正确；

D．断开开关S后，电容器带电量Q不变，将两极板间距d增大，根据可知，电容减小，根据可知；两极板间电势差增大，故D正确。

故选BCD。12、A:C【分析】【详解】

A．如图，当小球到达B点时小球的速度最大，到达C点时速度最小，BC连线与竖直方向夹角为

可知

由A到C由动能定理

解得

选项A正确；

B．电场方向沿水平方向；则电势最高点和最低点应该在水平直径的两端，则C点不是电势能最大的位置，选项B错误；

CD．若小球过A点时细线断开，之后小球电势能最大时水平速度减为零，则此时的时间

竖直方向做自由落体，则此时的速率为

选项C正确；D错误。

故选AC。13、B:C:D【分析】【详解】

A．将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据得知板间场强减小；油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动。故A错误。

B．场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低。故B正确。

C．由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，根据可知；油滴的电势能将增加。故C正确。

D．根据Q=UC，由于电势差不变，电容器的电容可知电容减小，故带电量减小，故D正确。

故选：BCD。14、A:B:D【分析】【详解】

当滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器的有效电阻减小，电路总电阻减小，电流I增大，内电压增大，外电压U减小。所以电流表读数变大，电压表读数变小，灯泡变亮，电源总功率

变大。因为滑动变阻器电压为外电压减去灯泡电压，所以滑动变阻器电压减小，即电容器电压减小，根据

知，电容器C上电荷量变小；故ABD正确，C错误。

故选ABD。15、A:B:C【分析】【详解】

A．由图象可知，图象A斜率的绝对值大于图象B斜率的绝对值，因此ra＞rb；故A正确；

B．在同一坐标系内作出电阻R0的U-I图象，如图1所示，由图象可知Ia＞Ib，故B正确；

CD．R0接到电源上，如图1所示，Ia＞Ib，Ua＞Ub，由P=UI可知，Pa＞Pb，电源的效率

由于ra＞rb，所以ηa＜ηb，故C正确，D错误；16、A:B【分析】【详解】

A．滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变；故A正确；

B．若仅增大A、B板间距离，由知电容减小，板间电压不变，则由电容的定义式可知电容器所带电荷量减少；故B正确；

CD．若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，则电容器板间电压减小，电容不变，由知电容器所带电荷量减少，根据闭合电路欧姆定律得U＝E－Ir可得不变，故CD错误．三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【详解】

[1]由图象可知电源的电动势短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流为2A，电源的输出功率即为电阻上消耗的功率：

[2]电源的总功率为：总

电源内部生热损失的电功率为：热总

[3]所以电源的效率为：【解析】4W2W66.7%18、略

【分析】【详解】

圆弧中的电流产生的磁感应强度与其半径成反比，可知产生的磁感应强度，而直线电流在其延长线上的磁感应强度为零，所以a点的磁感应强度为：，通过右手定则可判断合磁感应强度方向垂直纸面向外；b处的磁感应强度为：，通过右手定则可判断合磁感应强度方向垂直纸面向里；所以，a点的磁感应强度垂直纸面向外【解析】小于垂直纸面向上19、略

【分析】【详解】

[1]根据题意，依据平行四边形法则，有：

[2]当线框平面与磁感线平行时；没有磁感线穿过线框，穿过线框的磁通量为0；

在水平面上，地磁场的竖直分量穿过线框，则磁通量为：【解析】5.0×10-5T2.0×10-420、略

【解析】①.右手②.弯曲的四指21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】1.6×10－19C22、略

【分析】【详解】

[1]AB两点间的电势差为

[2]A点的电势等于A点与M点的电势差，故【解析】10-423、略

【分析】【详解】

（1）[1]指针偏角太大；说明待测电阻阻值较小，应该换小倍率挡，即选择开关应该置于“×1”倍率挡；

[2]多用电表读数为指针所指刻度与倍率的乘积，故图中读数为

（2）[3]游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以图中的读数为

[4]螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，所以图中的读数为【解析】15.0##1529.80.76024、略

【分析】【详解】

[1]A．使用欧姆表时；先将功能选择开关置×100挡：故A正确；

B．将红黑表笔短接；调节欧姆调零旋钮，使指针指向右边零处；故B错误；

C．接入被测电阻；读数；故C正确。

D．测量结束后；将功能选择开关置OFF档。故D正确。

故选B。

[2]由图可知该电阻阻值为

【点睛】

掌握欧姆表的使用方法和步骤，欧姆表的零刻度在最右侧。【解析】