2025年人教版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于电磁场的电磁波，下列说法正确的是（）A.在电场周围一定会产生的磁场B.电磁场由发生区域向远处的传播就是电磁波C.电磁波是一种物质，只能在真空中传播D.在真空中电磁波的传播速度小于光速2、某滑沙场有两个坡度不同的滑道AB和AD均可看作斜面），甲、乙两名旅游者分别乘两个完全相同的滑沙橇从A点由静止开始分别沿AB和AD滑下，最后都停在水平沙面BC上，如图所示．设滑沙橇和沙面间的动摩擦因数处处相同，斜面与水平面连接处均可认为是圆滑的，滑沙者保持一定姿势坐在滑沙撬上不动．则下列说法中正确的是（）A.甲滑行的总路程一定等于乙滑行的总路程B.甲在B点的动能一定等于乙在D点的动能C.甲在B点的速率一定人于乙在D点的速率D.甲全部滑行的水平位移一定与乙全部滑行的水平位移不相等3、质量为m的物体，在距地面h高处以g的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中正确的是（）A.物体重力势能减少mghB.物体的机械能减少mghC.物体的动能增加mghD.重力做功mgh4、关于α粒子散射实验；下列说法中正确的是（）

A.绝大多数α粒子穿过金属箔后；发生了较大的偏转。

B.α粒子在接近原子核的过程中；动能减少，电势能减少。

C.α粒子在离开原子核的过程中；动能增大，电势能增大。

D.少数α粒子穿过金属箔后发生了较大的偏转。

5、【题文】如图所示；一半球状物体在粗糙的水平面上，一只甲虫（可视为质点）从半球面的最高点开始缓慢往下爬行，在爬行过程中()

A.球面对甲虫的支持力变大B.球面对甲虫的摩擦力变大C.球面对甲虫的作用力不变D.地面对半球体的摩擦力变大6、一质点沿直线Ox飞行做加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=3t+2t2（m）．则该质点在t=2s时的瞬时速度为（）A.7m/sB.10m/sC.11m/sD.15m/s7、在人类对物质运动规律的认识过程中，许多物理学家大胆猜想、勇于质疑，取得了辉煌的成就，下列有关科学家及他们的贡献描述中正确的是（）A.伽利略探究物体下落规律的过程使用的科学方法是：问题→猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论B.卡文迪许在牛顿发现万有引力定律后，进行了“月-地检验”，将天体间的力和地球上物体的重力统一起来C.开普勒潜心研究第谷的天文观测数据，提出行星绕太阳做匀速圆周运动D.奥斯特由环形电流和条形磁铁磁场的相似性，提出分子电流假说，解释了磁现象电本质8、一块手机电池的背面印有如图所示的一些参数，另外在手机使用说明书上还查到了部分参数：通话时功率0.6W、待机时间100h等，如果数据是真实的，则该电池最多能供通话的时间是（）A.3hB.6hC.12hD.18h评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、一质点在x轴上运动；各个时刻的位置坐标如下表：

。t/s012345x/m04-6-21-5则此质点开始运动后，第____秒内位移最大，大小是____m，方向是____．10、一根长0.2m的直导线，垂直于匀强磁场的磁场方向放置，通以3A的电流时受到的安培力是6×10-2N，磁感应强度B=____T；当导线的长度减为原来的一半时，磁感应强度B=____T．11、如图所示，某空间存在垂直于纸面向里的匀强磁场，分布在半径为a的圆柱形区域内，两个材料、粗细（远小于线圈半径）均相同的单匝线圈，半径分别为r1和r2，且r1＞a＞r2，线圈的圆心都处于磁场的中心轴线上．若磁场的磁感应强度B随时间均匀减弱，已知则在任一时刻大小两个线圈中的感应电动势之比为____；磁场由B均匀减到零的过程中，通过大小两个线圈导线横截面的电量之比为____．

12、质量M的平板车，上面站一个质量为m的人，车以v0的速度在光滑水面上向右前进，如图所示。当人相对于地以v向后水平跳出，则人跳车前后车的动量变化方向是_______，车速变化的大小为_______。13、【题文】质量m="100"g的小球，自5m高处自由落下，与水平地面相碰后能弹回4m高．若小球下落和上升过程都不计空气阻力，小球与地面作用时间t="0.2"s，g="10"m/s2．求小球对地面的平均冲击力的大小14、在研究电磁感应现象的实验中所用器材如图所示．它们是①电流表；②直流电源；③带铁芯的线圈A；④线圈B；⑤开关；⑥滑动变阻器（用来控制电流大小以改变磁场强弱）．

（1）试按实验的要求完成实物图上的连线．开关闭合，移动滑动变阻器，指针____（“会”或者“不会”）发生偏转．

（2）若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上，而在开关刚刚闭合时电流表指针右偏，则开关闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，电流表指针将____（填“左偏”“右偏”或“不偏”）．15、一台起重机将质量为1.0×104kg的货物在2s的时间内匀速提升5m，不计额外功，起重机在这2s内做的功为____J，起重机在这2s内的平均输出功率为____W．货物克服重力做功____J．（g取10m/s2）16、（2011春•山西期中）如图所示．曲轴上挂一个弹簧振子，转动摇把，曲轴可带动弹簧振子上下振动．开始时不转动摇把，让振子自由振动，测得其频率为2Hz．现匀速转动摇把，转速为240r/min．

（1）当振子稳定振动时，它的振动周期是____

（2）转速等于____时，弹簧振子的振幅最大．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)17、普通验电器能直接检测物体带有何种性质的电荷．____．（判断对错）18、任意两条电场线都不相交．____．（判断对错）19、物体的位移为零时，路程也一定为零．____．（判断对错）20、两个力的合力总是大于原来每一个力．____（判断对错）21、没有施力物体的力有可能存在．____（判断对错）22、某时刻一个分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判断对错）23、一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关____（判断对错）评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)24、（2014秋•河南校级月考）作下列物体的受力示意图．

（1）如图1；物块与传送带一起减速运动，画出物块的受力图；

（2）如图2；A；B竖直上抛，不计空气阻力，画出B的受力图；

（3）如图3，斜面固定，所有接触面均光滑，PQ一起加速下滑，画出Q的受力图．25、物体A沿光滑斜面上匀速下滑；作出力的示意图．

26、一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜。画出光路图，并求光线从棱镜射出的点的位置(不考虑光线沿原路返回的情况)。评卷人得分五、识图作答题(共1题，共2分)27、图乙表示甲中植物细胞内气体交换情况，图丙表示光照强度与光合速率的关系，图丁表示夏季晴朗的一天，某种绿色植物在24小时内O2吸收和释放速率的变化示意图（单位：mg/h），A、B点对应时刻分别为6点和19点。（1）图丙A、B和C三点中______________点对应图乙状态。（2）图丙中限制A～C段光合速率的主要环境因素是______________。若提高温度，曲线的C点的变化是______________（上移；下移；不动；无法确定）。（3）图乙a、b和c结构中，产生CO2的结构是______________（填字母），消耗CO2的结构是______________（填字母）。（4）图丁中测得该植物一昼夜的O2净释放量为300mg，假设该植物在24小时内呼吸速率不变，则该植物一天通过光合作用产生的O2总量是___________mg。图中阴影部分所表示的O2释放量______________（大于、等于、小于）300mg。评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)28、如图所示，两根足够长的光滑金属导轨MN、PQ间距为l=0.5m，其电阻不计，两导轨及其构成的平面均与水平面成30°角．完全相同的两金属棒ab、cd分别垂直导轨放置，每棒两端都与导轨始终有良好接触，已知两棒的质量均为0.02kg，电阻均为R=0.1Ω，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.2T，棒ab在平行于导轨向上的力F作用下，沿导轨向上匀速运动，而棒cd恰好能保持静止．取g=10m/s2；问：

（1）通过cd棒的电流I是多少；方向如何？

（2）棒ab受到的力F多大？

（3）棒cd每产生Q=0.1J的热量，力F做的功W是多少？29、如图所示；质量m=1kg的小物体从倾角θ=37°的光滑斜面上A点静止开始下滑，经过B点后进入粗糙水平面（经过B点时速度大小不变而方向变为水平）．AB=3m．试求：

（1）小物体从A点开始运动到停止的时间t=2.2s；则小物体与地面间的动摩擦因数μ多大？

（2）若在小物体上始终施加一个水平向左的恒力F，发现当F=F时，小物体恰能从A点静止出发，沿ABC到达水平面上的C点停止，BC=7.6m．求F的大小．

（3）某同学根据（2）问的结果，得到如下判断：“当F≥F时；小物体一定能从A点静止出发，沿ABC到达C点．”这一观点是否有疏漏，若有，请对F的范围予以补充．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

30、在研究摩擦力的实验中，将铁块放在足够长水平长木板上，如图甲所示．缓慢用力沿水平方向向左拉木板，弹簧测力计示数从零开始逐渐增大直至不变．并用坐标纸绘制出，弹簧测力计示数F随时间的变化图象，如图乙所示．（已知铁块质量为m=3.2kg，可看成质点，重力加速度g=10m/s2；sin37°=0.60，cos37°=0.80）

（1）求铁块与长木板间的动摩擦因数；

（2）如图丙，将该长木板固定在倾角为θ=37°的斜面上，静止在木板底端的铁块受到水平向右恒力F1=96.0N作用，开始沿长木板向上运动，经t1=0.4s时撤去恒力F1；求铁块离开木板底端的最大距离．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】麦克斯韦电磁场理论的核心思想是：变化的磁场可以激发涡旋电场，变化的电场可以激发涡旋磁场；电场和磁场不是彼此孤立的，它们相互联系、相互激发组成一个统一的电磁场；从而形成电磁波；电磁波可以真空中传播；传播速度等于光速．【解析】【解答】解：A；变化的电场可以激发涡旋磁场；恒定的电场不会产生磁场，故A错误；

B；电磁场由发生区域向远处的传播即形成了电磁波；故B正确；

C；电磁波本身是种物质；具有能量，可以在真空中传播，也可以在其他介质中传播；故C错误；

D；任何电磁波在真空中的传播速度均为光速；故D错误；

故选：B．2、C【分析】【分析】根据动能定理求出物体停止时距离A的水平距离，比较出水平距离的大小关系，从而得出运动路程的大小．根据动能定理定理比较B、D的动能大小，即可比较速率大小．【解析】【解答】解：A、对全过程运用动能定理得，mgh-μmgcosθs1-μmgs2=0，而整个过程水平位移s水平=cosθ•s1+s2，整理得，mgh-μmgs水平=0．知沿两轨道滑行水平位移相等．根据几何关系知甲滑行的总路程一定大于乙滑行的总路程．故AD错误．

B、设斜面的倾角为θ，根据动能定理得，mgh-μmgcosθ•s=mv2-0；scosθ是斜面的水平距离．因为AB段的水平距离小，则甲沿AB段到达B点的速率大，由于甲乙两人的质量大小未知，故无法比较动能的大小．故B错误，C正确．

故选：C．3、D【分析】【分析】物体距地面一定高度以的加速度由静止竖直下落到地面，则说明物体下落受到一定阻力．那么重力势能的变化是由重力做功多少决定的，而动能定理变化由合力做功决定的，那么机械能是否守恒是由只有重力做功决定的．【解析】【解答】解：A；物体在下落过程中；重力做正功为mgh，则重力势能减小也为mgh．故A错误；

B、物体除重力做功，阻力做负功，导致机械能减少．由阻力做功为-，得机械能减少为；故B错误；

C、物体的合力为，则合力做功为，所以物体的动能增加为；故C错误；

D；物体在下落过程中；重力做正功为mgh，故D正确；

故选：D4、D【分析】

A、D、α粒子散射实验中，用准直的α射线轰击厚度为微米的金箔，发现绝大多数的α粒子都照直穿过薄金箔，偏转很小，但有少数α粒子发生角度比汤姆逊模型所预言的大得多的偏转，大约有的α粒子偏转角大于90°；甚至观察到偏转角等于150°的散射，称大角散射，更无法用汤姆生模型说明，故A错误，D正确；

B；α粒子在接近原子核的过程中；由于要克服电场力做功，故动能减少，电势能增加，故B错误；

C；α粒子在离开原子核的过程中；静电力做正功，动能增大，电势能减小，故C错误；

故选D．

【解析】【答案】明确α粒子散射实验现象的内容以及造成这种现象的原因；正确利用物体受力和运动的关系判断．

5、B|C【分析】【解析】略【解析】【答案】BC6、C【分析】【分析】根据匀变速直线遇到你的位移时间公式得出初速度和加速度，结合速度时间公式求出t=2s时的瞬时速度．【解析】【解答】解：根据x=得质点的初速度v0=3m/s，加速度a=4m/s2；

则2s时的瞬时速度为：v2=v0+at=3+4×2m/s=11m/s．

故选：C．7、A【分析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】【解答】解：A；伽利略探究物体下落规律的过程使用的科学方法是：问题→猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论．故A正确．

B；牛顿发现万有引力定律后；进行了“月-地检验”，将天体间的力和地球上物体的重力统一起来，故B错误．

C；开普勒潜心研究第谷的天文观测数据；提出行星绕太阳做椭圆运动，故C错误．

D；安培由环形电流和条形磁铁磁场的相似性；提出分子电流假说，解释了磁现象的电本质，故D错误．

故选：A．8、A【分析】【分析】由图中所提供的“3.6V，500mA•h”，根据功和电功率的有关知识，可求通话时间．【解析】【解答】解：由图中所提供的电池的容量为“3.6V；500mA•h”；

则通话时间t=

故选：A二、填空题(共8题，共16分)9、210沿x轴负方向【分析】【分析】位移等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置．位移等于末位置坐标减去初位置坐标．【解析】【解答】解：第1s内位移x1=4-0m=4m，第2s内位移x2=-6-4m=-10m，第3s内位移x3=-2-（-6）m=4m，第4s内位移x4=1-（-2）m=3m，第5s内位移x5=-5-1m=-6m；负号表示方向．可知第2s内位移最大，大小为10m，方向沿x轴负方向．

故答案为：2，10，沿x轴负方向．10、0.10.1【分析】【分析】（1）B⊥L；根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B．

（2）磁场的磁感应强度只与磁场本身有关．【解析】【解答】解：磁场的磁感应强度为：B===0.1T；

磁场的磁感应强度只与磁场本身有关；当导线的长度减为原来的一半时，磁感应强度B仍为0.1T；

故答案为：0.1，0.1．11、略

【分析】

根据法拉第电磁感应定律得：

E===ks

大线圈中的感应电动势E1=kπa2

小线圈中的感应电动势E2=kπr22

所以大小两个线圈中的感应电动势之比为：=

根据电阻定律R=ρ得：

由于两个线圈材料；粗细均相同；

所以大小两个线圈中的电阻之比为：=

电量q=It=t

所以磁场由B均匀减到零的过程中；通过大小两个线圈导线横截面的电量之比为：

==

故答案为：．

【解析】【答案】根据法拉第电磁感应定律求出线圈中感应电动势．

根据电量与电流的关系求出电量的表达式；再进行之比．

利用电阻定律求出两线圈的电阻之比．

12、略

【分析】【解析】试题分析：设跳出前小车运动的方向为正方向，则解得故动量变化方向为正方向，即方向，车速变化考点：考查了动量守恒的应用【解析】【答案】V0方向，m（v+v0）/M13、略

【分析】【解析】落地时的速度大小为反弹速度大小为根据动量定理有解得F=

故答案为：小球对地面的平均冲击力的大小为【解析】【答案】6+2√5N14、会左偏【分析】【分析】由感应电流的条件：闭合电路的磁通量变化，即可判定是否偏转；根据题意确定磁通量变化与电流表指针偏转方向间的关系，然后根据滑片的移动方向判断穿过线圈的磁通量如何变化，进一步判断电流表指针如何偏转．【解析】【解答】解：（1）开关闭合；移动滑动变阻器，导致线圈A中的磁通量变化，从而使得穿过线圈B的磁通量变化，则产生感应电动势，形成感应电流，则指针会偏转；

（2）在开关刚刚闭合时电流表指针右偏；导致穿过线圈B的磁通量增大；

由电路图可知；闭合电键，滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，电流产生的磁场减弱，穿过线圈B的磁通量减小，则感应电流与刚闭合时反向，电流计指针将向左偏转；

故答案为：（1）会，（2）左偏．15、5×1052.5×1055×105【分析】【分析】由共点力的平衡可得出拉力大小；由功的公式可求得起重机所做的功；由功率的公式可求得平均输出功率．【解析】【解答】解：因物体匀速上升，故拉力等于重力；故F=mg=1.0×104×10=1.0×105

由W=FL可得：

起重机所做的功W=FL=1.0×105×5=5.0×105J

由功率公式P=可得：

起重机的功率P==2.5×105W；

货物克服重力做功W=mgh=1.0×104×10×5=5×105J

故答案为：5×105；2.5×105；5×105．16、0.25s120r/min【分析】【分析】若不转动摇把，弹簧振子做自由振动，周期等于固有周期．摇把匀速转动时，通过曲轴对弹簧振子施加驱动力，使弹簧振子做受迫振动，其振动周期等于驱动力的周期．当驱动力的周期等于弹簧振作的固有周期时，弹簧振子发生共振，振幅最大．【解析】【解答】解：摇把的转速为n=240r/min=4r/s，它的周期T=s=0.25s；f=4Hz，转动摇把时，弹簧振子做受迫振动；振动周期等于驱动力的周期，当振子稳定振动时，它的振动周期是0.25s；弹簧振子的固有频率为2Hz，当驱动力频率是2Hz时，提供驱动力的摇把转速为2r/s=120r/min；振子发生共振，振幅最大．

故答案为：0.25s；120r/min．三、判断题(共7题，共14分)17、×【分析】【分析】验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的．【解析】【解答】解：验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的；故验电器张开的角度越大，说明带电体所带的电荷越多，不能直接判断电荷的正负，只可以定性表物体带电量的多少．

故答案为：×18、√【分析】【分析】掌握电场线特点是解本题的关键，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合．【解析】【解答】解：电场中任意两条电场线不会相交；否则相交的地方的电场线的方向有两个．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，当物体做单向直线运动时，路程等于位移的大小．【解析】【解答】解：物体的位移为零时；其路程不一定为零．比如绕操场一圈，路程不为零，但位移等于零．所以以上说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】解答此题时；要从力的大小和方向两个方面来考虑，在分析各选项时千万不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间；【解析】【解答】解：当两个力方向相同时；合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故错误；

故答案为：×．21、×【分析】【分析】从力的概念，力作用的相互性，一个对另一个物体施加力的作用有两种形式：一是物体直接接触作用，二是物体之间的间接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物体对物体的作用；力不能脱离物体而存在；因此有力必然涉及两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体，施力物体对受力物体施力的同时也受到受力物体对它的作用力，也就是说，物体间力的作用是相互的，没有施力物体的力有不可能存在．

故答案为：×22、√【分析】【分析】分子在永不停息的做无规则热运动，物体内部个别分子的速度具有怎样的数值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整体来看，在一定的条件下，物体分子的速度分布也遵从一定的统计规律．【解析】【解答】解：对于大量分子；其运动有一定的统计规律，但对于个别分子，其运动的速度完全是偶然的；

故答案为：√23、√【分析】【分析】一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大．【解析】【解答】解：物态的内能与物体的物质的量；温度、体积以及物态有关．对一定质量的理想气体；物质的量一定，物态一定，而气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关．

故答案为：√四、作图题(共3题，共18分)24、略

【分析】【分析】对物体进行受力分析，明确弹力产生的条件，再按照重力、弹力、摩擦力的顺序进行分析，再作出对应的受力分析图即可．【解析】【解答】解：（1）物体与传送带一起减速运动；由于物体有相对于传送带向后的运动趋势，故物体受到的摩擦力向前；

（2）AB竖直上抛过程；由于加速度均为重力加速度，故相互间没有挤压，没有弹力；故B只受重力；

（3）对整体分析可知；整体向下的加速度a=gsinθ，则对Q分析可知，Q只受重力和支持力，不受弹簧的弹力；

故答案为：

25、略

【分析】【分析】每一个力都有施力物体，按照受力的顺序对A进行受力分析．【解析】【解答】解：A受重力、支持力、推力F处于平衡，受力如图所示．

答：受力如图所示．26、略

【分析】设入射角为i，折射角为r，由折射定律得由已知条件及①式得r=30°如果入射光线在法线的右侧，光路图如图(1)所示。设出射点为F，由几何。系可得③即出射点在AB边上离A点的位置。如果入射光线在法线的左侧，光路图如图(2)所示。设折射光线与AB的交点为D。由几何关系可知，在D点的入射角=60°。④设全反射的临界角为则⑤由⑤和已知条件得⑥因此，光在D点全反射。设此光线的出射点为E，由几何关系得⑦⑧联立③⑦⑧式得即出射点在BC边上离B点的位置。【解析】【答案】（1）光线射入棱镜位置如下图所示出射点在AB边上离A点的位置。（2）光线射入棱镜位置如下图所示出射点在BC边上离B点的位置。五、识图作答题(共1题，共2分)27、（1）C（2）光照强度无法确定（3）cb（4）588大于【分析】【分析】

本题考查光合作用的过程和场所，光合作用合成量、有氧呼吸消耗量、净光合作用量之间的关系，影响光合作用的生态因素，旨在考查学生分析题图获取信息的能力，理解所学知识的要点，把握知识的内在联系形成知识网络并结合题图信息，通过分析、比较、综合等方法解答问题的能力。甲图：表示藻类植物光下进行光合作用。

乙图：a表示类囊体、b表示叶绿体基质、c表示线粒体，其中①表示吸收氧气进行有氧呼吸、②表示吸收二氧化碳进行光合作用，该图表示光合速率大于呼吸速率。

丙图：A点表示只有呼吸作用；AB段表示光合速率小于呼吸速率；B点表示光合速率和呼吸速率相等即光补偿点；BC段表示光合速率大于呼吸速率。

丁图：图丁表示夏季晴朗的一天，某种绿色植物在24小时内O2吸收和释放速率的变化示意图（单位：mg/h）。A、B点对应时刻分别为6点和19点。0-5只进行呼吸作用、5-6呼吸作用大于光合作用、6-19光合作用大于呼吸作用、19-20呼吸作用大于光合作用和20-24（或20-5）进行呼吸作用。图中阴影部分所表示的O2白天光合作用释放量。【解答】（1）图乙中①表示吸收氧气进行有氧呼吸；②表示吸收二氧化碳进行光合作用；该图表示光合速率大于呼吸速率，可以对应图丙中的C点。

（2）图丙中曲线表示在一定范围内；光合速率随光照强度的增加而增加，但超过一定的范围（光饱和点）后，光合速率不再增加，说明在AC上限制光合作用强度的因素是光照强度；题中没有说明丙曲线形成时的温度是否是最适温度，若提高温度曲线的变化将无法确定。

（3）图乙a、b和c结构中，产生CO2的结构c线粒体，消耗CO2的结构是b叶绿体基质。

（4）该植物一昼夜的O2净释放量为300mg=白天光合作用量-一昼夜呼吸作用量，图中阴影部分所表示的O2白天光合作用释放量大于300mg；图乙中阴影部分所表示的O2释放量表示白天（AB段）光合作用积累量，故该值大于300mg。呼吸速率为12，故24小时呼吸量为288，实际光合量=净光合量+呼吸量=300+288=588mg。图中阴影部分所表示的是白天净光合作用量，夜晚不进行光合作用，但是进行呼吸作用消耗氧气，因此该植物一昼夜的O2净释放量为300mg是阴影部分面积减去夜晚呼吸作用的消耗量，所以阴影部分所表示的O2释放量大于300mg。

【解析】（1）C（2）光照强度无法确定（3）cb（4）588大于六、解答题(共3题，共6分)28、略

【分析】【分析】（1）对cd研究：cd保持静止；受力平衡．分析cd受力，由平衡条件求出安培力，即能求出电流的大小．由右手定则判断电流的方向．

（2）再对棒ab研究，棒ab沿导轨向上匀速运动；由平衡条件求出F．

（3）由功能关系求得力F做的功．【解析】【解答】解：（1）棒cd受到的安培力为：Fcd=BIl①

棒cd在共点力作用下平衡，则有：Fcd=mgsin30°②

由①②式代入数据；解得：I=1A，方向由右手定则可知由d到c．

（2）棒ab与棒cd受到的安培力大小相等，有：Fab=Fcd

对棒ab由共点力平衡有：F=mgsin30°+IlB

代入数据解得：F=0.2N

（3）设在时间t内棒cd产生Q=0.1J热量，由焦耳定律可知：Q=I2Rt

设ab棒匀速运动的速度大小为v；则产生的感应电动势为：E=Blv

由闭合电路欧姆定律知：I=

在时间t内，棒ab沿导轨的位移为：x=vt

力F