2025年人教版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于功和能，下列说法正确的是（）A.功有正负，因此功是矢量B.力和位移是做功的两个要素，只要有力、有位移，就一定有功C.能量的单位是焦耳D.功的单位是瓦特2、如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡先后分别与电源1和电源2单独连接时，则下列说法正确的是（）A.电源1和电源2的内阻之比是11：7B.电源1和电源2的电动势之比是3：5C.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是3：5D.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：23、对于点电荷Q产生的电场，下列说法正确的是（）A.电场强度的定义式成立，即E=，式中q就是产生电场的点电荷B.在真空中，电场强度的表达式为E=，式中Q就是产生电场的电荷C.在真空中，电场强度的表达式E=，式中q是检验电荷D.上述说法都不对4、如图为可调电容器结构图；下述有关说法错误的是（）

A.动片完全旋出时电容最小，完全旋入时电容最大B.利用该电容器可制作测量角度的电容式传感器C.为增大该电容器的电容，可在动片与定片之间充入某种非导电物质作为电介质D.可调电容器的定片必须接电源的正极，动片必须接电源的负极5、下列关于电场强度的两个表达式E=和E=k的叙述中，正确的是（）A.E=是电场强度的定义式，F是放入电场中的电荷所受的力，q是产生电场的电荷的电荷量B.E=是电场强度的定义式，F是放入电场中的电荷所受的力，q是放入电场中的电荷的电荷量C.E=k是点电荷场强的计算公式，Q是放入电场的电荷量，它适用于匀强电场D.点电荷Q产生的电场中，各点的场强方向一定是背向点电荷Q6、如图所示，Sl、S2为两个振动情况完全相同的波源，两列波的波长都为λ，它们在介质中产生干涉现象，Sl、S2在空间中共形成了5个振动加强的区域，如图中实线所示．P是振动加强区域中的一点，从图中可看出（）A.P点到两波源的距离差等于1.5λB.S1的传播速度大于S2的传播速度C.P点此时刻振动最强，过半个周期后，振动变为最弱D.当一列波的波峰传到P点时，另一列波的波峰也一定传到P点7、如图为物体做匀变速直线运动的v-t图象；关于0～4s内物体运动情况的描述错误的是（）

A.物体先向负方向运动，2s后向正方向运动B.2s前物体位于出发点负方向上，2s后位于出发点正方向上C.在2s时物体距出发点最远D.物体的加速度一直是正方向8、已知万有引力恒量G；则还已知下面哪一选项的数据，可以计算地球的质量（）

A.已知地球绕太阳运行的周期及地球中心到太阳中心的距离。

B.已知月球绕地球运行的周期及月球中心到地球中心的距离。

C.已知人造地球卫星在地面附近绕行的速度和运行周期。

D.已知地球同步卫星离地面的高度。

9、“轨道康复者”是“垃圾”卫星的数据，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”轨道半径为同步卫星轨道半径的其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是（）A.“轨道康复者”的加速度是同步卫星加速度的5倍B.“轨道康复者”的线速度是同步卫星速度的倍C.站在地球赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动D.“轨道康复者”可在高轨道上加速，以对接并拯救轨道上的卫星评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)10、频率为5×1014Hz单色光通过双缝S1和S2投射到屏上，并且S1和S2振动方向相同．屏上的点P到S1与P到S2的路程差为9×10-7m，光在真空中的波长为____m，点P处形成____条纹．11、太阳内部持续不断地发生着4个质子H聚变为1个氦核He的热核反应，核反应方程是：4H→He+2X．已知质子、氦核、X的质量分别为m1、m2、m3，真空中的光速为C．方程中的X表示____，核反应中释放的核能△E=____．12、（2013秋•上高县校级月考）（1）下列说法正确的是____

A．卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型。

B．宏观物体的物质波波长非常小；极易观察到它的波动性。

C．β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的。

D．爱因斯坦在对光电效应的研究中；提出了光子说。

E．对于任何一种金属都存在一个“最大波长”；入射光的波长必须大于这个波长，才能产生光电效应。

F．根据玻尔理论可知；氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电子的运动加速度增大。

（2）质量为M=6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量为3kg，停在B的左端．质量为1kg的小球用长为0.8m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞，碰撞时间极短，且无机械能损失，物块与小球可视为质点，不计空气阻力．已知A、B间的动摩擦因数μ=0.1，A离开B时的速度是B的2倍，g取10m/s2．求木板多长？13、某研究性小组利用如图（a）所示的装置研究一定质量气体的压强与温度的关系．他们在试管中封闭了一定质量的气体；通过压强传感器和温度传感器测得试管内气体的压强和温度．

（1）采取了正确的操作后，他们针对同一部分气体在三个不同体积的情况下记录了相关数据，计算机绘出的p-t图象分别如图（b）中的①、②、③所示，其中p1为已知量，则图线①的函数表达式为____；

（2）图线①、②、③在图（c）中表示为____

14、一矿井深125m；在井口每隔一段时间释放一个小球，当第6个小球刚从井口开始下落时第1个球恰好到达井底．则：

（1）相邻的两个小球下落的时间间隔是____s；

（2）这时第3个小球跟第5个小球相距____m．（g取10m/s2）15、（2014•河北区三模）如图所示，阳光与水平面的夹角为θ．现修建一个截面为梯形的鱼塘，欲使它在贮满水的情况下阳光可以照射到整个底部，己知水的折射率为n，则鱼塘右侧坡面的倾角的余弦cosa应满足的条件是cosa≥____．16、（2013春•镜湖区校级期末）如图所示，在方向垂直向里，磁感应强度为B的匀强磁场区域中有一个由均匀导线制成的单匝矩形线框abcd，线框以恒定的速度v沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框dc边始终与磁场右边界平行，线框边长ad=l，cd=2l．线框导线的总电阻为R．则线框离开磁场的过程中，流过线框截面的电量为____；ab间的电压为____；线框中的电流在ad边产生的热量为____．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)17、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）18、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）19、电荷所受的洛伦兹力方向不一定与磁场方向垂直____．（判断对错）20、物体只要是运动的，其合外力就一定不为零．____（判断对错）21、（2010•驻马店模拟）氢原子的能级图如图所示，欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子，该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判断对错）22、向心力的方向始终指向圆心，所以向心力的方向始终不变．____（判断对错）评卷人得分四、推断题(共4题，共36分)23、【化学rm{隆陋}选修rm{5}有机化学基础】醇酸树脂合成技术成熟、原料易得、涂膜的综合性能良好，是涂料用合成树脂中用量最大、用途最广的品种之一，新型环保醇酸树脂的合成路线如图所示：rm{(1)E}的化学名称是：，rm{D}中官能团的名称是：。rm{(2)垄脵}的反应类型是：____。rm{(3)}下列说法正确的是：____rm{(}填字母编号rm{)}rm{a.}化合物rm{A}的核磁共振氢谱有rm{3}组峰rm{b.}油脂、蔗糖、麦芽糖酸性水解都能得到rm{2}种物质rm{c.}检验rm{B}中所含官能团时，所加试剂为过量氢氧化钠溶液、硝酸银溶液rm{d.1molC}与足量的银氨溶液反应能生成rm{4mol}银rm{e.1molE}与足量的金属钠反应产生rm{33.6LH_{2}}rm{(4)}写出rm{C隆煤D}的化学方程式：____。rm{(5)}在rm{Cu}作催化剂，rm{F(C_{8}H_{10}O_{2})}与rm{O_{2}}可生成rm{C}则rm{F}的同分异构体中，符合下列条件的芳香族化合物的结构简式有：____。rm{a.}遇rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应rm{b.}发生消去反应后生成的化合物核磁共振氢谱有rm{5}组峰rm{(6)}已知rm{RCH_{2}=CH_{2}}rm{RCHClCH=CH_{2}}参照上述合成路线，以rm{2-}丙醇为原料rm{(}无机试剂任选rm{)}设计制备rm{OHC-CH_{2}-CHO}的合成路线。24、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}化合物rm{M}是二苯乙炔类液晶材料的一种，最简单的二苯乙炔类化合物是以互为同系物的单取代芳烃rm{A}rm{G}为原料合成rm{M}的一种路线rm{(}部分反应条件略去rm{)}如下：

回答下列问题：rm{(1)A}的结构简式为________。rm{(2)D}中含有的官能团是________，分子中最多有________个碳原子共平面。rm{(3)垄脵}的反应类型是________，rm{垄脺}的反应类型是________。rm{(4)垄脻}的化学方程式为________。rm{(5)B}的同分异构体中能同时满足如下条件：rm{垄脵}苯环上有两个取代基，rm{垄脷}能发生银镜反应，共有________种rm{(}不考虑立体异构rm{)}其中核磁共振氢谱为rm{5}组峰，且峰面积比为rm{6}rm{2}rm{2}rm{1}rm{1}的是________rm{(}写结构简式rm{)}rm{(6)}参照上述合成路线，设计一条由苯乙烯和甲苯为起始原料制备的合成路线：________。25、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}下图所示为一个有机合成反应的流程图：请根据图示回答下列问题：rm{(1)C}物质官能团结构简式：_______________，名称是______rm{(2)}写出中间产物rm{A}rm{B}的结构简式。rm{A}________________，rm{B}________________。rm{(3)}在图中rm{垄脵}至rm{垄脽}的反应中属于取代反应的是________。rm{(}填序号rm{)}rm{(4)}写出第rm{垄脼}步反应化学方程式：___________________________rm{(5)}写出rm{C}的同分异构体rm{X}rm{垄隆.}苯环上有两个侧链；rm{垄垄.1molX}与足量rm{NaHCO_{3}}溶液反应产生rm{1molCO_{2}}气体。写出符合上述两条件的rm{X}的所有结构简式____________________________。26、某冶金厂的矿渣含有较多的rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}rm{SiO_{2}}现欲进行综合利用以提取氧化铝；氧化镁、氧化铁作为工业原料，其设计的工艺流程如下：

已知：氧化镁与水反应生成氢氧化镁；硅酸的酸性比氢氧化铝强。饱和氯化铵溶液的rm{pH}约为rm{5}氢氧化镁开始沉淀至沉淀完全的rm{pH}范围：rm{9.0隆芦12.0}氢氧化铁开始沉淀至沉淀完全的rm{pH}范围：rm{2.7隆芦4.0}rm{(1)}写出过程rm{II}中氧化铝发生反应的化学方程式：_____________。rm{(2)}过程Ⅲ的名称是________产品乙的俗名是___________。rm{(3)}过程rm{V}中所用适量的rm{B}是一种气体，rm{B}是______rm{(}填化学式rm{)}过程rm{V}中所发生的反应的离子方程式为____________________。rm{(4)}残渣甲用饱和氯化铵溶液能部分溶解的原因是_____________rm{(}结合平衡表达式，用化学平衡理论解释rm{)}rm{(5)}取适量溶液丙，加入过量盐酸并过滤除去沉淀，再用惰性电极电解滤液，一段时间后，在阴极区有沉淀生成，最后沉淀消失。电解时生成沉淀的化学方程式为___________________。评卷人得分五、解答题(共2题，共8分)27、如图所示，“13”形状的各处连通且粗细相同的细玻璃管竖直放置在水平地面上，只有G端开口，与大气相通，水银面刚好与C平齐．AB=CD=L，BD=DE=，FG=．管内用水银封闭有两部分理想气体，气体1长度为L气体2长度为．现在仅对气体1缓慢加热，直到使BD管中的水银恰好降到D点，若已知大气压强P0=76cmHg，环境温度始终为t0=27℃；L=76cm，求此时（计算结果保留三位有效数字）

①气体2的压强为多少厘米汞柱？

②气体1的温度需加热到多少摄氏度？28、如图所示，（a）图是（b）图中A点的振动图象，而（b）图是A点振动了0.5s时的波动图象．

求（1）这列波的波长和频率分别是多少？

（2）这列波的波速是多少？

评卷人得分六、识图作答题(共1题，共2分)29、铁皮石斛为药用草本植物，喜生活在阴湿环境。图1为叶肉细胞内光合作用的某反应过程；图2为某科研小组测定其在光照和黑暗交替条件下的CO2吸收速率：

（1）图1所示的结构为___________，其上分布的色素易溶于___________，据此可提取绿叶中的色素。（2）图1所示的反应过程将水分解，最终产生O2和物质A，同时将光能转化为_________，其中物质A是___________。（3）据图2分析，铁皮石斛不同于一般植物的特点是在暗处_______（填“能”或“不能”）吸收CO2。在暗处____（填“能”或“不能”）将CO2转化为糖类等有机物，原因是______________________。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】功是能量转化的量度，做功的过程就是能量转化的过程；力和位移是做功的两个要素，只要在力的方向上有位移，就一定有功功是标量，它的单位是焦耳．【解析】【解答】解：A；功虽然有正负；但是它注意大小没有方向，不使用平行四边形定则合成．所以功是标量．故A错误。

B；力和位移是做功的两个要素；只要在力的方向上有位移，就一定有功，故B错误。

D；功和能量的单位是焦耳．故C正确；D错误．

故选：C2、A【分析】【分析】根据电源的外特性曲线U-I图线，可求出电动势和内阻；根据灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率与灯泡电阻．【解析】【解答】解：A、根据电源U-I图线，r1=Ω，r2=Ω，则r1：r2=11：7；故A正确．

B、E1=E2=10V；故B错误；

C；D、灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态。

则有：U1=3v，I1=5A，P1=15W，R1=Ω

U2=5V，I2=6A，P2=30W，R2=Ω

P1：P2=1：2，R1：R2=18：25；故CD错误；

故选：A．3、B【分析】【分析】电场强度公式E=适用于所有的电场；E为场源电荷产生的场强，q为试探电荷；

点电荷的场强公式E=，其中E就是式中Q产生的场强．【解析】【解答】解：A、电场强度的表达式E=适用于任何电场；式中q就是本题中所指的试探电荷，而不是产生电场的点电荷，故A错误；

B、在真空中，电场强度的表达式为E=；式中Q就是产生电场的电荷，故B正确；

CD、在真空中E=；式中Q是产生电场的点电荷，故C；D错误；

故选：B4、D【分析】【分析】可调电容器为平行板电容器，根据平行板电容器的决定式可分析电容的原理及应用．【解析】【解答】解：A、由图可知，动片完全旋出时，正对面积最小，则由C=可知；此时电容最小；完全旋入时正对面积最大，电容最大；故A正确；

B；因旋出与角度有关；而根据旋出面积可求出电容，故可以用其制作测量角度的电容式传感器；故B正确；

C；由决定式可知；加入介质时可以增大电容；故C正确；

D；平行板电容器不区分正负极；故不需要将定片接正极；故D错误；

本题选错误的，故选：D．5、B【分析】【分析】E=是电场强度的定义式，F是放入电场中的电荷所受的力，q是其电荷量；E=k是点电荷场强的计算公式，Q是产生电场的电荷的电荷量．电场线从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止．【解析】【解答】解：

A、B、E=是电场强度的定义式；F是放入电场中的电荷所受的力，q是放入电场中的电荷的电荷量，故A错误，B正确．

C、E=k是点电荷场强的计算公式；Q是产生电场的电荷的电荷量，该公式只适用点电荷的电场，故C错误．

D；正点电荷Q产生的电场中；各点的场强方向背向点电荷Q，而负点电荷Q产生的电场中，各点的场强方向指向点电荷Q，故D错误．

故选：B6、D【分析】【分析】两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱；当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱．【解析】【解答】解：A、由题意可知，S1、S2在空间共形成5个振动加强的区域；则P点到两波源的距离差等于λ．故A错误；

B、S1、S2为振动情况完全相同的波源，则S1的传播速度等于S2的传播速度．故B错误；

C；若P点此时刻振动最强；过半个周期后，振动仍为最强．故C错误；

D；因P点是振动加强区；当一列波的波峰传到P点时，另一列波的波峰也一定传到P点，故D正确；

故选：D．7、B【分析】【分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解析】【解答】解：A；物体前两秒速度为负值；所以物体先向负方向运动；2s后速度为正值，所以向正方向运动．故A正确，不能选．

B；速度时间图象中；前两秒所围成的面积在时间轴下方，位移为负，前四秒内总面积为零，所以四秒末回到出发点；物体从未到达过出发点的正方向．故B错误，选上．

C；速度时间图象中；前两秒所围成的面积在时间轴下方，位移为负，2s后反向往回走，位移一直减小，所以在2s时物体距出发点最远，故C正确，不选．

D；因为速度时间图象斜率表示加速度；此题斜率为正，加速度一直为正．故D正确，不选．

故选：B8、B|C【分析】

根据旋转天体绕中心天体运行的模型；根据万有引力等于向心力，由旋转天体公转半径和周期可求出中心天体的质量．

A；已知地球绕太阳运行的周期和地球的轨道半径只能求出太阳的质量；而不能求出地球的质量，故A错误．

B；已知月球绕地球运行的周期及月球中心到地球中心的距离；根据万有引力等于向心力得。

=mr知道周期和半径，可以求出地球的质量．故B正确．

C、已知人造地球卫星在地面附近绕行的速度和运行周期．由v=可求出轨道半径；

根据=可求出地球的质量．故C正确．

D；同步卫星的周期已知；知道同步卫星的高度，不知道地球半径，所以无法知道同步卫星的轨道半径，不能求出地球的质量，故D错误．

故选BC．

【解析】【答案】根据旋转天体绕中心天体运行的模型，由旋转天体公转半径和周期求出中心天体的质量分析：地球绕太阳运行的周期T和地球中心离太阳中心的距离r可求出太阳的质量．月球绕地球运动的周期T和轨道半径r可求出地球的质量．

9、B【分析】解：A、根据=mg=ma；“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍，故A错误。

B、根据=m可得：v=“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍；故B正确。

C；轨道半径越大；角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以空间站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动。故C错误。

D；“轨道康复者”要在原轨道上加速将会做离心运动；到更高的轨道上，故D错误。

故选：B。

根据“轨道康复者”在某一位置受到的重力提供它做圆周运动的向心力；可知运行加速度和所在高度出的重力加速度的关系。根据万有引力提供向心力分析。同步卫星和地球自转的角速度相同，比较出“轨道康复者”和同步卫星的角速度大小，就可以判断出“轨道康复者”相对于地球的运行方向。

解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力。以及“轨道康复者”处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动。【解析】B二、填空题(共7题，共14分)10、6×10-7暗【分析】【分析】先根据公式c=λf求出光的波长，然后判断路程差是半波长的奇数倍还是偶数倍，若是偶数倍即波长的整数倍则出现亮条纹．【解析】【解答】解：根据光波的速度公式。

c=λf

有λ==m=6×10-7m

光的路程差跟光波长之比为。

n===4.5；

即路程差为光波长的奇数倍．因此；两束光在该点振动减弱，出现光的暗条纹．

故答案为：6×10-7，暗．11、【分析】【分析】（1）根据核反应方程的质量数与质子数守恒；即可求解；

（2）根据质能方程求出释放能量，即可求解；【解析】【解答】解：（1）X的质量数：2m=4-4=0，电荷数：2z=4-2=2，所以z=1．所以X是正电子为．

核反应方程式为：4H→He+2

（2）质量亏损：△m=（4m1-m2-2m3）

释放能量为：

故答案为：12、ADF【分析】【分析】（1）卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型；宏观物体的物质波波长非常小；不容易观察到它的波动性；β衰变中产生的β射线实际上是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子而形成的；爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说；对于任何一种金属都存在一个“最大波长”，入射光的波长必须小于于这个波长，才能产生光电效应；根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电子的运动加速度增大。

（2）A向下摆动过程，由机械能守恒定律求得与B碰前的速度，小球与A碰撞的过程中，系统的动量守恒，在A与木板B相互作用的过程中，AB组成的系统的动量也守恒，根据动量守恒和能量守恒求解．【解析】【解答】解：（1）A；卢瑟福根据α粒子散射实验建立了原子核式结构模型．故A正确；

B；宏观物体的物质波波长非常小；不易观察到它的波动性，故B错误；

C；β衰变中产生的β射线不是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成；实际上是原子核中的中子转化成质子而发射出来的．故C错误；

D；爱因斯坦在对光电效应的研究中；提出了光子说．故D正确；

E；每种金属都有发生光电效应的最小频率即“极限频率”；波长与频率成反比，最小频率则对应着最大波长，所以发生光电效应时入射光波长要小于这个波长，故E错误；

F；根据玻尔理论可知；氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电子的运动加速度增大，由于减小的电势能大于增加的动能，所以电子的总能量减小．故F正确．

故选：ADF．

（2）由机械能守恒有：；

m/s

球与A碰撞过程中；系统动量守恒，机械能守恒。

mv0=mAvA+mv

得：m/s

A与B系统动量守恒：

mA=mAvA′+mBvB′

vA′=2vB′

所以：vB′=0.5m/s；

vA′=1m/s

由能量守恒：

代入数据解得：L=1.25m

答：木板长1.25m．13、略

【分析】

（1）斜率为：k==

纵轴截距为：P1；

故图线①的函数表达式为：P=kt+P1=t+p1；

（2）同一部分气体在三个不同体积的情况下的P-t图象中；0摄氏度时图线①压强最大，说明体积最小；

A；B、三条图线都是等容变化；且图线①对应体积最小，故A错误，B正确；

C；D、三条图线都是等容变化；且图线①对应体积最小，故C错误，D错误；

故选B；

故答案为：（1）（2）B．

【解析】【答案】（2）运用数学知识求解；

（3）同一部分气体在三个不同体积的情况下的P-t图象中；0摄氏度时图线①压强最大，说明体积最小．

14、140【分析】【分析】根据自由落体运动的位移时间公式求出小球下落的总时间，从而得出相邻两个球之间的时间间隔．根据第3个球和第5个球下落的高度求出两球的间距．【解析】【解答】解：（1）根据h=得，小球下落的总时间t=；

则相邻两个小球的时间间隔．

（2）第3个小球下落的时间为3s；第5个小球下落的时间为1s；

此时第3个小球和第5个小球之间的距离m=40m．

故答案为：1，4015、【分析】【分析】抓住阳光可以照射到整个底部，则折射光线与底部的夹角大于等于α，根据几何关系，结合折射定律求出鱼塘右侧坡面的倾角口应满足的条件．【解析】【解答】解：欲使鱼塘注满水的情况下，阳光可以照射到整个底部，则折射光线与底部的夹角大于等于α，故折射角r≤-α，又入射角i=-θ

根据折射定律有：n=

所以n≥=，所以cosα≥．

故答案为：．16、【分析】【分析】根据感应电量q=；分析磁通量变化量关系，来求解感应电量．分析线框的受力情况，线框所受安培力的合力．

ab间的电压，为路段电压，即为bc；cd、ad间的总电压．

根据焦耳定律求解电流在ad边产生的热量．【解析】【解答】解：线框离开磁场的过程中，ab边在切割磁感线，ab边相当于电源；

则产生的感应电动势：E=2Blv；

所以电路中的电流：I==；

相框的总电阻为R；根据电阻定律可知：

ab边的电阻等于cd边的电阻为

bc边的电阻等于ad边的电阻为

1、根据电流的定义式，可得流过线框截面的电量q=It==t===．

2、ab间的电压，为路段电压，即为bc、cd、ad间的总电压，=．

3、线框中的电流在ad边产生的热量：Q=I2•=．

故答案为：，，．三、判断题(共6题，共12分)17、√【分析】【分析】平均速度是位移与时间的比值；平均速率是位移的路程与时间的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程与时间的比值；物体的平均速率为零，则物体的路程为0，物体一定处于静止状态．所以该说法是正确的．

故答案为：√18、×【分析】【分析】为了研究的方便引入了电场线，实际不存在，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解析】【解答】解：为了研究的方便引入了电场线；实际不存在．所以该说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】电荷的定向移动叫做电流；根据左手定则判断磁场力方向；

左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根据左手定则；洛伦兹力方向垂直于电荷运动方向与磁场方向构成的平面，即洛伦兹力方向一定与磁场方向垂直；

故答案为：×．20、×【分析】【分析】力是改变速度的原因，不是维持速度的原因，根据牛顿第一定律分析即可．【解析】【解答】解：当物体做匀速直线运动时；物体不受力或者受平衡力，故力不是维持速度的原因；

故答案为：×．21、√【分析】【分析】当电子跃迁到无穷远时，电子脱离氢原子核的约束，成为自由电子，氢原子变成氢离子，刚好到无穷远处的能量为0，因此这时吸收的能量最小．【解析】【解答】解：当电子恰好电离时吸收的能量最小；此时有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上说法是正确的．

故答案为：√22、×【分析】【分析】匀速圆周运动合力等于向心力，方向始终指向圆心，只改变速度的方向，不改变速度的大小．【解析】【解答】解：物体做圆周运动；向心力方向始终指向圆心，方向时刻变化，此说法错误．

故答案为：×四、推断题(共4题，共36分)23、（1）丙三醇羧基（2）取代反应（3）ade（4）（5）（6）OHC-CH2-CHO【分析】【分析】本题考查了有机物的合成，难度不大，明确物质具有的官能团确定其具有的性质，注意官能团的变化，答题时要注意基础知识的灵活运用。【解答】rm{(1)}油脂水解生成高级脂肪酸和甘油，故E为丙三醇；rm{C}中rm{-CHO}被新制的氢氧化铜氧化生成rm{-COOH}rm{D}中官能团含有羧基；rm{(2)A}与氯气在光照条件下发生取代反应生成rm{(3)}是上下对称结构，核磁共振有三种峰，故rm{a}正确；油脂水解生成高级脂肪酸和甘油，蔗糖水解生成葡萄糖和果糖，麦芽糖水解只生成葡萄糖，故rm{b}错误；检验rm{B}中的rm{Cl}原子，应加入氢氧化钠的水溶液加热，再加入硝酸调至酸性，滴加硝酸银若产生白色沉淀，则证明rm{B}中含有氯原子，若未调至酸性就滴加硝酸银，会产生灰黑色的rm{Ag_{2}O}沉淀，干扰实验的检验，故rm{c}错误；含有rm{2mol}醛基，能与过量银氨溶液反应生成rm{4molAg}故rm{d}正确。生成的氢气未标明是否是标准状况下，故气体的摩尔体积不一定是rm{22.4L/mol}氢气的体积无法确定，故rm{e}错误。故选rm{abd}rm{(4)}被新制的氢氧化铜氧化，方程式为rm{(5}rm{)F}遇rm{FeCl}遇rm{)F}rm{FeCl}rm{3}中含有酚羟基，且核磁共振氢谱有rm{3}组峰的结构简式为或溶液发生显色反应，rm{F}中含有酚羟基，且核磁共振氢谱有rm{5}组峰的结构简式为合成路线为rm{F}rm{5}rm{(6)}rm{OHC-CH}【解析】rm{(1)}丙三醇羧基rm{(2)}取代反应rm{(3)ade}rm{(4)}rm{(5)}rm{(6)}rm{OHC-CH}rm{OHC-CH}rm{2}rm{2}24、（1）（2）碳碳双键10（3）取代反应加成反应（4）（5）15（6）【分析】，【分析】本题主要考查有机物的合成路线，从产物和反应条件推测反应类型和反应物；同分异构体的书写注意条件，包括碳链异构和位置异构。难度较大，认真分析反应条件和产物。【解答】由rm{B}的结构可知，反应rm{垄脵}为取代反应，rm{A}为为取代反应，rm{垄脵}为rm{A}发生还原反应生成rm{B}rm{C}能与溴的四氯化碳反应生成rm{D}rm{E}在氢氧化钾、乙醇作用下生成得到rm{E}可知rm{F}为卤代烃，rm{E}含有不饱和键，故反应rm{D}为消去反应，则rm{垄脹}为rm{D}为rm{E}为由rm{F}的分子式可知，反应rm{M}属于取代反应，rm{垄脽}的结构简式为rm{M}的结构简式为故答案为：rm{(1)A}为含有的官能团是碳碳双键，苯环为平面结构、碳碳双键为平面结构，旋转碳碳单键可以使rm{(2)D}个平面共面，通过选择碳碳双键可以使甲基中rm{2}原子处于上述平面内，即所有的碳原子都可能共面，分子中最多有rm{C}个碳原子共平面，故答案为：碳碳双键；rm{10}rm{10}的反应类型是取代反应，rm{(3)垄脵}的反应类型是加成反应，故答案为：取代反应；加成反应；rm{垄脺}的化学方程式为：故答案为：rm{(4)垄脻}rm{(5)B(}的同分异构体中能同时满足如下条件：rm{)}苯环上有两个取代基，rm{垄脵}能发生银镜反应，含有rm{垄脷}rm{-CHO}个侧链为rm{2}rm{-CHO}或者为rm{-CH_{2}CH_{2}CH_{3}}rm{-CHO}或者为rm{-CH(CH_{3})_{2}}rm{-CH_{2}CHO}或者为rm{-CH_{2}CH_{3}}rm{-CH_{2}CH_{2}CHO}或者为rm{-CH_{3}}rm{-C(CH_{3})CHO}各有邻、间、对rm{-CH_{3}}种，共有rm{3}种，其中核磁共振氢谱为rm{15}组峰，且峰面积比为rm{5}rm{6}rm{2}rm{2}rm{1}的是：故答案为：rm{1}rm{15}中苯乙烯与溴发生加成反应得到再在rm{(6)}乙醇条件下发生消去反应生成甲苯通过rm{KOH/}rm{I_{2}/HIO_{3}}得到与发生取代反应得到合成合成路线流程图为：故答案为：rm{CH_{3}COOH/H_{2}SO_{4}}【解析】rm{(1)}rm{(2)}碳碳双键rm{10}rm{(3)}取代反应加成反应rm{(4)}rm{(5)15}rm{(6)}25、rm{(1)}rm{-COOH}对二甲苯对二甲苯rm{-COOH}rm{(2)}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}rm{(3)垄脵垄脷垄脼垄脽}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}【分析】【分析】本题考查有机合成，题目难度中等，熟练掌握常见有机物官能团及其性质为解答关键，rm{(4)}为易错点，需要明确同分异构体的书写原则，试题侧重考查学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识的能力。【解答】乙烯与溴单质反应生成rm{CH_{2}BrCH_{2}Br}rm{CH_{2}BrCH_{2}Br}水解生成rm{D}则rm{D}为rm{CH_{2}OHCH_{2}OH}在光照的条件下与氯气发生取代反应生成rm{A}rm{A}水解生成则rm{A}的结构简式为经催化氧化生成了rm{B}rm{B}在催化剂的作用下生成rm{C}rm{C}与rm{CH_{2}OHCH_{2}OH}反应生成则rm{C}为rm{B}为

rm{(1)}由以上分析可知，rm{C}为所含官能团的结构简式为rm{-COOH}名称为对二甲苯，故答案为：rm{-COOH}对二甲苯；rm{(2)}由以上分析可知，rm{A}为rm{B}为故答案为：

rm{(3)}根据以上分析可知，rm{垄脵垄脷垄脼垄脽}均为取代反应，故答案为：rm{垄脵垄脷垄脼垄脽}

rm{(4)}反应rm{垄脼}的化学反应方程式为rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}故答案为：rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}

rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}苯环上有两个侧链，且rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}与足量rm{(5)}溶液反应产生rm{1molX}气体说明苯环上有两个侧链一个是羧基一个是酯基，故符合上述两条件的rm{NaHCO_{3}}的所有结构简式为：故答案为：

rm{1molCO_{2}}【解析】rm{(1)}rm{-COOH}对二甲苯对二甲苯rm{-COOH}rm{(2)}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}rm{(3)垄脵垄脷垄脼垄脽}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{录脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}26、（1））1）溶解，过滤（2）溶解，过滤铁红铁红2）↓＋（3）CO2CO2+3H2O+2AlO2-=2Al(OH)3↓＋CO32-3）CO2CO2+3H2O+2AlO2-=2Al(OH)3，氯化铵中CO32-能与（4）Mg(OH)2(s)Mg2+(aq)+2OH-(aq)，氯化铵中NH4+能与OH-反应，c(OH-)降低，平衡右移反应，4降低，平衡右移Mg(OH)2(s)Mg2+(aq)+2OH-(aq)NH4+）OH-【分析】【分析】本题旨在考查学生对化学方程式、离子方程式的书写、铁、铝的重要化合物的应用。【解答】rm{(}rm{(}rm{1}过程rm{1}中氧化铝和碳酸钠高温反应生成偏铝酸钠和二氧化碳，反应方程式为：rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}overset{赂脽脦脗}{=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}rm{)}过程rm{II}中氧化铝和碳酸钠高温反应生成偏铝酸钠和二氧化碳，反应方程式为：rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}overset{赂脽脦脗}{=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}rm{)}rm{II}过程Ⅲ是把固体变为液体，和不溶物，为溶解、过滤，红棕色固体为氧化铁，俗名为铁红，故答案为：溶解，过滤；铁红；rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}

overset{赂脽脦脗}{=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}过程；故答案为：中是偏铝酸钠生成氢氧化铝沉淀，所用适量的rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}

overset{赂脽脦脗}{=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}是一种气体，故B为二氧化碳，反应的离子方程式为：；rm{(2)}过程Ⅲ是把固体变为液体，和不溶物，为溶解、过滤，红棕色固体为氧化铁，俗名为铁红，故答案为：溶解，过滤；铁红；rm{(2)}rm{(3)}过程rm{V}中是偏铝酸钠生成氢氧化铝沉淀，所用适量的rm{B}是一种气体，故B为二氧化碳，反应的离子方程式为：rm{(3)}rm{V}rm{B}rm{CO_{2}+3H_{2}O+2AlO_{2}^{-}=2Al(OH)_{3}}rm{CO_{2}+3H_{2}O+2AlO_{2}^{-}=2Al(OH)_{3}}rm{隆媒+}rm{隆媒+}残渣甲用饱和氯化铵溶液能部分溶解的原因是：氢氧化镁存在溶解平衡，铵根离子能与氢氧根离子结合生成弱电解质氨水，使溶解平衡右移，沉淀溶解，故答案为：rm{CO_{3}^{2-}}rm{CO_{3}^{2-}}；故答案为：不能与rm{CO_{2}}反应，rm{CO_{2}}降低，平衡右移；rm{CO_{2}+3H_{2}O+2AlO_{2}^{-}=2Al(OH)_{3}}根据题意分析可知：电解时生成沉淀的化学方程式为氯化铝和双氧水在高温下反