2025年冀教新版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版选修3物理下册阶段测试试卷182考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、某单色光照射到一逸出功为W的光电材料表面，所产生的光电子在垂直于磁感应强度为B的匀强磁场中做圆周运动的最大半径为r，设电子的质量为m，带电量为e，普朗克常量为h，则该光波的频率为（）A.B.C.-D.+2、关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是A.电场和磁场总是相互联系着的，统称为电磁场B.电磁场由发生区域向远处传播形成电磁波C.电磁场是一种物质，不能在真空中传播D.电磁波的传播速度总是3.00×108m/s3、关于固体、液体和气体，下列说法不正确的是（）A.毛细现象及浸润现象的产生均与表面张力有关，都是分子力作用的结果B.空气中水蒸气的实际压强越大，绝对湿度就越大C.大量气体分子做无规则运动，速率有大有小，但分子的速率按“中间少，两头多”的规律分布D.固体可以分为晶体和非晶体，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状4、下列说法正确的是（）A.热量不可以从低温物体向高温物体传递B.某冰水混合物的温度为则其分子的平均动能为零C.10克水蒸气你内能大于10克水的内能D.气体如果失去了容器的约束就会散开，原因是气体分子之间斥力大于引力5、如图所示；发电厂的输出电压和输电线的电阻；变压器不变，各变压器的匝数比不变，若发电厂增大输出功率，则下列说法正确的是。

A.升压变压器的输出电压增大B.降压变压器的输出电压增大C.输电线上损耗的功率增大D.输电线上损耗的功率占总功率的比例减小6、下列有关原子结构和原子核的认识，正确的是A.氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能减小B.衰变说明原子核内有电子C.卢瑟福用α粒子轰击氮核发现了质子，其核反应方程为D.卢瑟福α粒子散射实验说明原子核由质子和中子组成评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图所示，面积为S、匝数为N、电阻为r的线圈与阻值为R的电阻构成闭合回路；理想交流电压表并联在电阻R的两端．线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场的转动轴以角速度ω匀速转动．设线圈转动到图示位置的时刻t=0．则（）

A.在t=0时刻，线圈处于中性面，流过电阻R的电流为0，电压表的读数也为0B.1秒钟内流过电阻R的电流方向改变次C.在电阻R的两端再并联一只电阻后，电压表的读数将减小D.在电阻R的两端再并联一只电容较大的电容器后，电压表的读数不变8、下列说法正确的是（）A.浸润和不浸润现象都是分子力作用的表现B.农田里如果要保存地下的水分，就要把地面的土壤锄松，可以减少毛细现象的发生C.玻璃与水银不浸润，因为水银与玻璃接触时，附着层里的分子比水银内部分子密集D.在建筑房屋时，在砌砖的地基上要铺一层油毡或涂过沥青的厚纸，这是为了增加毛细现象使地下水容易上升9、如图所示，在虚线所示宽度为d的范围内，存在竖直向下电场强度为E的匀强磁场，某种正离子（质量为m，电荷量为q）以初速度为垂直于左边界射入，离开右边界时偏转角度为．在同样宽度范围内，若只存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，使该离子以原来的初速度穿过该区域，偏转角度仍为．不计离子的重力；则以下说法正确的是。

A.离开电场时的速度大小为B.离开磁场时的速度大小为C.电场强度的大小为D.匀强磁场的磁感应强度大小为10、如图，电源电动势E=6V，内阻r=0.8定值电阻及R4=3Ω,图中电压表和电流表均为理想电表，当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时；下列说法正确的是。

A.通过G的电流为无穷大，从而会将G烧坏B.通过G的电流为0.2AC.V的示数将变大D.V的示数变化量的绝对值与A示数变化量的绝对值的比值为0.811、如图所示,在xOy平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场,第一、二、四象限内的磁场方向垂直纸面向里,第三象限内的磁场方向垂直纸面向外,P(-L,0))、Q(0,-L)为坐标轴上的两个点,现有一电子从P点沿PQ方向射出,不计电子的重力。

A.若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线,则电子在磁场中运动的轨道半径为LB.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子运动的路程一定为2πLC.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子在Q点速度方向与y轴正向的夹角一定为45°D.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子运动的路程可能为πL,也可能为2πL评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)12、如图所示是两列相干波的干涉图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，两列波的振幅都为0.1m，波速和波长分别为1m/s和0.2m，C点为AB连线的中点．则图示时刻C点的振动方向_____（选填“向上”或“向下”），从图示时刻再经过0.25s时，A点经过的路程为______m．

13、（1）一定质量的气体做等容变化，温度为200K时的压强为0.8atm，压强增大到2atm时的温度为________K。

（2）一定质量的气体，在压强不变时，温度为200K，体积为V0，当温度升高100K时，体积变为原来的________倍。14、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

15、带有活塞的汽缸中封有一定质量的理想气体，缸内气体从状态A变化到状态B，如图所示。设气体在状态A时的压强为pA，体积为VA，温度为TA，到状态B时的温度为TB。此过程中，汽缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力____（选填“变大”“不变”或“减小”），____（选填“气体对外做功”或“外界对气体做功”）的绝对值为____，缸内气体____（选填“吸收”或“放出”）热量。

16、一条弹性绳子呈水平状态；M为绳子中点，两端P；Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图所示，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（____）

E．绳的两端点P、Q开始振动的方向相同评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)17、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

18、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

19、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)20、为研究小灯泡的伏安特性曲线；某同学选用小灯泡的额定值为“3.0V0.4A”；

U/V0.00.20.51.01.52.02.53.0I/A0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215

①他设计出如下电路图，请根据电路图进行实物连线________．

②开始做实验闭合开关前，根据电路图应把滑动变阻器滑到移到________端（填左或者右）．

③在实验过程中，得到如下的数据表．请根据此表在下面坐标图中选取合适的坐标刻度，画出电流随电压而变化的I—U图像_________．

④由此图像可看出，小灯泡电阻随着温度的升高而_______（填变大或者变小）21、某同学将一只量程为100μA的灵敏电流计改装成电流表和两个量程的电压表．改装后的电路图如图甲所示．图中G表示灵敏电流计，Ra、Rb和Rc是三个定值电阻，K是选择开关，可以分别置于a、b；c位置；从而实现多功能测量．

(1)首先根据如图乙所示电路，用半偏法测定灵敏电流计G的内阻．先将R的阻值调至最大，闭合S1，调节R的阻值，使G的指针偏转到满刻度，然后闭合S2，调节R′的阻值，使G的指针___________，此时，就认为电阻箱R′的读数等于G的内电阻值．由于半偏法实验原理不完善导致G的内电阻测量值比真实值偏___________(填“大”或小”)(2)若用半偏法测得G的内电阻为900Ω．①选择开关置于a时，构成量程为0~1mA的电流表，则电阻Ra阻值应为___________Ω；②选择开关置于b时，构成量程为0~1V的电压表，则电阻Rb阻值应为___________Ω；③选择开关置于c时，构成量程为0～3V的电压表，则电阻Rc阻值应为___________Ω；(3)半偏法测量G的内电阻的误差又会导致改装成的电流表、电压表测量结果___________(填“偏大”或“偏小”)22、从以下给出的器材中选出适当的实验器材，设计一电路来测量电流表A1的内阻r1，要求保障仪器安全、方法简捷，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据．

A．电流表（A1），量程0~10mA，内阻r1待测（约40Ω）

B．电流表（A2），量程0~500μA，内阻r2=750Ω

C．电压表（V1），量程0~10V，内阻r3=10kΩ

D．电阻（R1），阻值约100Ω，做保护电阻用

E．滑动变阻器（R2），总阻值约50Ω

F．电池（E），电动势1.5V，内阻很小

J．电键一个，导线若干

(1)在虚线方框中画出电路图_____，标明所用器材的代号．

(2)若选测量数据中的一组来计算r1，则所用的表达式为r1=_____________，式中各符号的意义是：_________________________________．评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)23、当把它立即放入40℃的水中时，你又看到什么现象？为什么？24、如图所示，电源电动势E=3.2V，内电阻r＝1Ω，定值电阻R0=15Ω，RT为可变电阻，平行板电容器极板长为L＝60cm，两极板间的距离为d＝40cm，有一质量为m、带电量为q的微粒，以初速度v0沿平行板电容器中轴线水平射入，当RT上消耗的电功率最大时，带电微粒恰能沿中轴线从右端水平飞出，保持该RT阻值不变，重力加速度g=10m/s2；求：

（1）可变电阻RT上所消耗的最大功率Pm；

（2）若微粒以初速度v0=3m/s水平飞入，调节RT的阻值使微粒沿下极板右边缘飞出，求RT阻值的变化量ΔRT；

（3）若在两极板间加一垂直于纸面向里、磁感应强度B=10T的匀强磁场，要使带电微粒能从两极板间飞出，带电微粒水平飞入时初速度v0的取值范围。25、如图所示，P1Q1P2Q2和M1N1M2N2为水平放置的两足够长的平行导轨，整个装置处在竖直向上、磁感应强度大小B＝0.4T的匀强磁场中，P1Q1与M1N1间的距离为L1＝1.0m，P2Q2与M2N2间的距离为L2＝0.5m，两导轨电阻可忽略不计．质量均为m＝0.2kg的两金属棒ab、cd放在导轨上，运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，并与导轨形成闭合回路．已知两金属棒位于两导轨间部分的电阻均为R＝1.0Ω；金属棒与导轨间的动摩擦因数μ＝0.2，且与导轨间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．取重力加速度大小g＝10m/s2.

(1)在t＝0时刻，用垂直于金属棒的水平外力F向右拉金属棒cd，使其从静止开始沿导轨以a＝5.0m/s2的加速度做匀加速直线运动，金属棒cd运动多长时间金属棒ab开始运动？

(2)若用一个适当的水平外力F0(未知)向右拉金属棒cd，使其速度达到v2＝20m/s后沿导轨匀速运动，此时金属棒ab也恰好以恒定速度沿导轨运动，求金属棒ab沿导轨运动的速度大小和金属棒cd匀速运动时水平外力F0的功率；

(3)当金属棒ab运动到导轨Q1N1位置时刚好碰到障碍物而停止运动，并将作用在金属棒cd上的水平外力改为F1＝0.4N，此时金属棒cd的速度变为v0＝30m/s，经过一段时间金属棒cd停止运动，求金属棒ab停止运动后金属棒cd运动的距离．26、如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的1/4圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上．现有滑块A以初速V0从右端滑上B，并以1/2V0滑离B；恰好能到达C的最高点．A；B、C的质量均为m，试求：

（1）木板B上表面的动摩擦因素μ；

（2）1/4圆弧槽C的半径R；

（3）当A滑离C时，C的速度．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

试题分析：根据光电效应方程得，EKm=hν-W0．根据洛伦兹力提供向心力，有：evB＝最大初动能EKm＝mv2该光波的频率：v＝+D正确．2、B【分析】变化的电场能产生磁场，变化的磁场能产生电场．所以变化的电场和变化的磁场总是相互联系着的，统称为电磁场，故A错误；电磁波是由变化电磁场产生的，由发生区域向远处传播形成电磁波，故B正确；电磁场是一种物质，所以传播不依赖是否真空，故C错误；电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s．故D错误；故选B.

点睛：了解电磁波的产生与传播，知道电磁波是横波，记住电磁波在真空中传播速度即可解答．3、C【分析】【分析】

【详解】

A．凡作用于液体表面；使液体表面积缩小的力，都称为液体表面张力。它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，毛细现象及浸润现象的产生均与表面张力有关，都是分子力作用的结果，故A不符合题意；

B．绝对湿度是指水蒸气的实际压强；所以空气中水蒸气的实际压强越大，绝对湿度就越大，故B不符合题意；

C．大量分子做无规则运动的速率有大有小；分子速率分布有规律，即统计规律，分子数百分率呈现“中间多，两头少”的统计规律，故C符合题意；

D．固体可以分为晶体和非晶体两类；晶体又分为单晶和多晶，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状，故D不符合题意。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．热量不可以“自己”从低温物体向高温物体传递；能在“一定”的条件下是可以实现的，故A错误；

B．分子在做永不停息的无规则运动；因此其分子的平均动能不是零，故B错误；

C．同样质量同样温度的水蒸气和水的平均动能相等；可同样温度的水变成水蒸气需要吸收热量，因此水蒸气的内能更大，故C正确；

D．气体分子间的距离很大；相对作用力近似是零，气体如果没有容器的约束，气体分子散开原因是分子做杂乱无章的运动的结果，故D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

A；发电厂的输出电压不变；升压变压器的输入电压和输出电压之比等于原副线圈的匝数之比，则升压变压器的输出电压不变，故选项A错误；

B、输出功率变大，根据知输电线上的电流增大；则损失的电压变大，输入降压变压器的电压减小，则降压变压器的输出电压变小，故选项B错误；

CD、根据知输电线上损耗的功率变大，输电线上损耗的功率占总功率的比例为因为电流变大，电阻不变，输出电压不变，则比例增大，故选项C正确，D错误．6、C【分析】【详解】

A；氢原子辐射光子后；轨道变小，动能变大，势能变小，总能量变小，故A错误；

B、β衰变不能说明原子核内有电子；是中子转变成质子，而放出电子的，故B错误；

C、卢瑟福用α粒子轰击氮核首次实现了原子核的人工转变，并发现了质子，其核反应方程为故C正确；

D、卢瑟福通过α粒子散射实验，提出原子核式结构模型，故D错误．二、多选题(共5题，共10分)7、B:C【分析】【详解】

A；在图示位置；线圈处于中性面，通过线圈的磁通量最大，但是电动势为0，电流为0，电压表的读数为电压的有效值，有效值不为0，所以电压表的读数不为0，故A错误．

B、此交流电的周期为T=交流电在一个周期内电流的方向改变两次，所以在1秒钟内流过电阻R的电流方向改变次数为2==故B正确．

C；在电阻R的两端再并联一只电阻后；总电阻将减小，总的电流变大，线圈的内电压增加，由于总的电动势不变，所以外电压，即电压表的读数将减小，故C正确．

D；电容有通交流；隔直流的特点，在电阻R的两端再并联一只电容较大的电容器后，相当于总的电阻减小，根据C的分析可知，电压表的读数将减小，故D错误．

故选BC。8、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．浸润和不浸润现象都是分子力作用的表现；故A正确；

B．农田里如果要保存地下的水分；就要把地面的土壤锄松，可以减少毛细现象的发生，故B正确；

C．玻璃与水银不浸润；因为水银与玻璃接触时，附着层里的分子比水银内部分子稀疏，故C错误；

D．在建筑房屋时；在砌砖的地基上要铺一层油毡或涂过沥青的厚纸，是因为水对油和沥青和不浸润的，会阻止毛细现象使地下水容易上升，故D错误；

故选AB。9、C:D【分析】【详解】

试题分析：粒子在电场中做类平抛运动；在磁场中做匀速圆周运动，由类平抛运动规律；牛顿第二定律可以求出磁感应强度大小．

粒子在电场中运动时，在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀加速直线运动，根据速度的分解可得离开电场时的速度大小为A错误；由于受到的洛伦兹力和速度方向垂直，所以不改变粒子运动速度大小，故离开磁场时速度仍为B错误；离子在电场中做类平抛运动，竖直方向①，②，水平方向：③，由①②③解得C正确；当改用匀强磁场时，离子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：④，由几何知识可知，轨道半径⑤，由④⑤解得：D正确；10、B:D【分析】【详解】

A、B、当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时外电路中的总电阻为根据闭合电路欧姆定律知R2和R4是并联关系，根据分流原理知流过R4的电流是0.8A；所以有0.2A的电流从电流计流过；故A错误，B正确.

C；当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时相比原来的电阻变小；所以电流变大，导致路端电压减小，所以电压表的示数变小，故C错误.

D、根据闭合电路欧姆定律知：则故D正确.

故选BD.

【点睛】

掌握电阻的连接方式和闭合电路的欧姆定律，动态分析电路的从局部导轨整体再到局部的步骤.11、A:D【分析】【详解】

若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则有运动轨迹如图所示，

由几何关系可知，电子运动的轨道半径为r=Lsin450=L，选项A正确；若电子从P点出发经原点O到达Q点，运动轨迹可能如图所示，

或者是：

因此则微粒运动的路程可能为πL，也可能为2πL，电子在Q点速度方向与y轴正向的夹角可能为45°或者是1350；故BC错误；D正确；故选AD．

【点睛】

查根据运动半径来确定运动轨迹，从而确定运动的路程，掌握左手定则与右手定则的区别，注意运用几何关系正确画出运动轨迹图是解题的关键．三、填空题(共5题，共10分)12、略

【分析】【详解】

B点处于波谷，A点处于波峰，波由B向A传播，此时C处于平衡位置，经过四分之一周期，波谷传播到该点，知C点的振动方向向下，周期质点在一个周期内振动的路程等于4倍的振幅，经过0.25s时，走过的路程等于5倍的振幅，A=20cm，则s=1m．【解析】向下113、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】50014、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q15、略

【分析】【详解】

[1]．缸内气体从状态A变化到状态B为等压变化，故气缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力不变；

[2][3]．气体体积变大；对外做功；

由可得

则气体对外做功的绝对值

[4]．理想气体对外做功的同时，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即气体吸收热量．【解析】不变气体对外做功吸收16、A:D:E【分析】由题意可知；波在同种介质传播，所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M点．故A正确，B错误．由于波长的不同，因此在M点相遇时，并不总是加强或减弱；当两波刚传的M点时，此时刻位移为零，所以M点的位移大小在某时刻可能为零．故C错误，D正确．据波的传播特点可知，各质点的起振方向与波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起振方向都是向上振动，故E正确；

故选ADE．

点睛：考查波的叠加原理，及相遇后出现互不干扰现象．同时注意之所以两列在相遇时“消失”，原因这两列波完全相同，出现振动减弱现象.四、作图题(共3题，共27分)17、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】18、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】19、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共30分)20、略

【分析】【详解】

①根据电路图，把图中的实验器材连成符合要求的实验电路．

②开始做实验闭合开关前；根据电路图应把滑动变阻器滑到移到左端．

③图像如图；

④因I-U图像的斜率的倒数反映电阻大小；由此图像可看出，小灯泡电阻随着温度的升高而变大.

【点睛】

对电学实验应明确：①当要求电流从零调时变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节．②当待测电阻满足时，电流表应采用外接法，否则应用内接法．③明确I-U图象中图线上的点与原点连线的斜率倒数表示导体的电阻大小．【解析】①图见解析；②左；21、略

【分析】【分析】

【详解】

解：(1)半偏法测电阻实验步骤：第一步，按原理图连好电路；第二步，先将R的阻值调至最大，闭合S1，调节R的阻值，使的指针偏转到满刻度；第三步，闭合S2，调节的阻值，使的指针半偏，记下电阻箱读数，此时电阻箱的读数等于G的内电阻值；

实际上电阻箱并入后的；电路的总电阻减小了，干路电流增大了，电流计半偏时，流过电阻箱的电流大于流过灵敏电流计的电流，电阻箱接入的电阻小于电流计的电阻，所以，该测量值略小于实际值；

(2)①选择开关置于a时，构成量程为0~1mA的电流表，则电阻阻值应为

②选择开关置于b时，构成量程为0~1V的电压表，则电阻阻值应为

③选择开关置于c时，构成量程为0～3V的电压表，则电阻阻值应为

(3)半偏法测量G的内电阻时，测量值略小于实际值，改装成的电流表量程、电压表量程略小于实际值，用它们测量结果偏小；【解析】半偏小1009102910偏小22、略

【分析】【分析】

电流表可视为一个小电阻；但可显示通过的电流值，因而可知道其两端的电压值，由于电源电动势较小，故本实验中电压表不可以使用，否则会带来较大的读数误差，同时滑动变阻器总阻值较小，本着可多次变换测量值的原则，应采用分压接法根据部分电路欧姆定律，利用电压表两端的电压处以电流可得电阻．

【详解】

（1）由于电源电动势较小；故本实验中电压表不可以使用，但是电流表可视为一个小电阻，同时可显示通过的电流值，因而可知道其两端的电压值，可充当电压表，滑动变阻器总阻值较小，本着可多次变换测量值的原则，应采用分压接法，故电路如图所示：

（2）根据欧姆定律得：式中I1、I2分别为电流表A1与电流表A2的读数；r1、r2分别为电流表A1与电流表A2的内阻．

【点睛】

将电流表看成定值电阻，与电阻不同的是可以直接显示通过的电流．【解析】I1、I2分别为电流表A1与电流表A2的读数；r1、r2分别为电流表A1与电流表A2的内阻．六、解答题(共4题，共12分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】体温计的示数继续上升，因为体温计玻璃泡的温度与水的温度不相同，没有达到热平衡