2025年浙教新版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版必修3物理下册阶段测试试卷178考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图，三点在匀强电场中，把一个电量的正电荷从移到电场力不做功；从移到电场力做功为则该匀强电场的场强大小和方向是（）

A.垂直向上B.垂直向下C.垂直斜向上D.垂直斜向下2、示波器是一种多功能电学仪器，如图所示。大量电性相同的带电粒子在电压为U1的电场中由静止开始加速，从M孔射出，然后水平射入电压为U2的平行金属板间的电场中；在满足带电粒子能射出平行板电场区域的条件下（不计粒子重力和粒子之间的相互作用），下列说法正确的是（）

A.若电荷量相等，则带电粒子在偏转场板间的加速度大小相等B.若电荷量相等，则带电粒子从M孔射出的动能不相等C.无论比荷是否相等，全过程中电场力做功均相同D.无论比荷是否相等，带电粒子均从偏转电场中同位置射出3、一个带正电物体沿电场线方向运动，则下列一定正确的是（）A.受力增大B.速度减小C.电势能减小D.加速度减小4、下列关于教科书上的四副插图；说法正确的是（）

A.图甲为静电除尘装置的示意图，带负电的尘埃被收集在线状电离器B上B.图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走加油枪上的静电C.图丙中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电吸附D.图丁的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了电磁感应原理5、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三点，它们的连线构成一直角三角形，其中边与电场线平行，D点为边的中点。一个电荷量为Q的正点电荷固定在D点；下列说法正确的是（）

A.A、C两点的电势相等B.A、B两点的电场强度相等C.将电子沿直线从A点移动到C点，电场力做正功D.将电子沿直线从A点移动到B点，电势能先减小后增大6、浴室用的暖风机的工作原理是通过PTC陶瓷加热元件将冷空气加热，然后通过风扇将热空气吹出。其内部结构是内阻为的风扇与电阻为的加热元件串联接在电源上，经测量可知暖风机两端的电压大小为流过暖风机的电流大小为消耗的电功率为则下列关系式中正确的是（）A.B.C.D.7、真空中的两个点电荷原来带的电荷量分别为q1和q2，且相隔一定的距离．若现将q2增加为原来的3倍，再将两点电荷间的距离缩小为原来的一半，则前后两种情况下两点电荷之间的库仑力之比为（）A.1:6B.1:12C.12:1D.6:1评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示，A、B两个矩形木块用轻弹簧和一条与弹簧原长相等的轻绳相连，静止在水平地面上，绳为非弹性绳且可承受的拉力足够大。弹簧的劲度系数为k，木块A和木块B的质量均为m。现用一竖直向下的压力将木块A缓慢压缩到某一位置，木块A在此位置所受的压力为F（F>mg），弹簧的弹性势能为E，撤去力F后；下列说法正确的是（）

A.当A速度最大时，弹簧仍处于压缩状态B.弹簧恢复到原长的过程中，弹簧弹力对B的冲量相同C.当B开始运动时，A的速度大小为D.全程中，A上升的最大高度为9、工厂在生产纺织品；纸张等绝缘材料时为了实时监控其厚度；通常要在生产流水线上设置如图所示传感器．其中A、B为平行板电容器的上、下两个极板，上下位置均固定，且分别接在恒压直流电源的两极上（电源电压小于材料的击穿电压）．当流水线上通过的产品厚度增大时，下列说法正确的是（）

A.A.B平行板电容器的电容增大B.B两板间的电场强度减小C.B两板上的电荷量变大D.有电流从a向b流过灵敏电流计10、如图所示，是一个半球形的大坑，恰好为水平直径，B为最低点，从A点水平抛出一个带正电的小球，恰好垂直打在球面上且位于之间的某处；不考虑空气阻力，那么以下说法正确的是（）

A.在整个空间可能有竖直向下的匀强电场B.在整个空间可能有竖直向上的匀强电场C.在整个空间可能有垂直线的匀强电场D.在整个空间可能有垂直连线的匀强电场11、已知π+介子、π—介子都是由一个夸克（夸克u或夸克d）和一个反夸克（反夸克或反夸克）组成的，它们的带电量如下表所示，表中e为元电荷．下列说法正确的是（）

A.π+由u和组成B.π+由d和组成C.π—由u和组成D.π—由d和组成12、如图所示，M、N两点分别固定两个等量正点电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C、D为连线中垂线上分别处于A点上下方的两点，若取无穷远的电势为0，不计试探电荷的重力，关于ABCD这四个点；下列说法正确的是（）

A.将一正试探电荷在B点由静止释放，它将在A点两侧往复运动B.若则一正试探电荷在C点与在D点电势能相同C.若则C点场强一定小于D点场强D.A点场强为0，电势也为零，电势最高的点是B点13、在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势φ在x轴上分布如图所示．下列说法正确有（）

A.q1和q2带有异种电荷B.x1处的电场强度为零C.负电荷从x1移到x2，电势能减小D.负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大14、某同学组装完成的简易多用电表的电路图如图所示。图中E是电池，是固定电阻，是可变电阻，G是表头；A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位。下列说法正确的是（）

A.图中的B端与黑色表笔相连B.直流电流挡的“1”挡比“2”挡量程小C.直流电压挡“5”挡比“4”挡量程大D.欧姆调零时调整使电表指针指在表盘右端电流最大位置评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、把一个电荷量为q＝5×10－9C的正电荷从距电场无穷远处移到电场中M点，电荷克服电场力做功WM＝6.0×10－3J，如果把该点电荷从距电场无穷远处移到电场中N点，电荷克服电场力做功WN＝3.6×10－3J．取无穷远处为零电势点，M、N点的电势差是______把该点电荷从M点移到N点电场力做功________16、两种材料不同的电阻丝，长度之比1∶5，截面积之比为2∶3，电阻率之比为2∶5，则材料的电阻之比为_______。17、电阻丝直径的测量。

电阻丝比较细，所以我们选取______或______来测量电阻丝的直径d.在不同位置测量三次，根据S＝πd2计算出电阻丝的横截面积S。18、实验：观察电容器的充；放电现象。

（1）实验原理。

a.电容器的充电过程。

如图所示，当开关S接1时，电容器接通电源，在电场力的作用下自由电子从正极板经过电源向负极板移动，正极板因失去电子而带正电，负极板因得到电子而带___________电。正、负极板带___________的正、负电荷。电荷在移动的过程中形成电流。在充电开始时电流比较___________（填“大”或“小”），以后随着极板上电荷的增多，电流逐渐___________（填“增大”或“减小”），当电容器两极板间电压等于电源电压时电荷停止移动，电流I=0。

b.电容器的放电过程。

如图所示，当开关S接2时，相当于将电容器的两极板直接用导线连接起来，电容器正、负极板上电荷发生___________，在电子移动过程中，形成电流，放电开始电流较___________（填“大”或“小”），随着两极板上的电荷量逐渐减小，电路中的电流逐渐___________（填“增大”或“减小”）；两极板间的电压也逐渐减小到零。

（2）实验器材：6V的直流电源；单刀双掷开关、平行板电容器、电流表、电压表、小灯泡、导线若干。

（3）实验步骤。

a.按图连接好电路。

b.把单刀双掷开关S打在上面；使触点1和触点2连通，观察电容器的充电现象，并将结果记录在表格中。

c.将单刀双掷开关S打在下面；使触点3和触点2连通，观察电容器的放电现象，并将结果记录在表格中。

d.记录好实验结果；关闭电源。

（4）实验记录和分析。实验项目实验现象电容器充电灯泡灯泡的亮度由___________到___________最后___________（选填“明”“暗”或“熄灭”）电流表1电流表1的读数由___________到___________最后为___________（选填“大”“小”或“零”）电流表1的读数由___________到___________最后为___________（选填“大”“小”或“零”）电压表电压表的读数由___________（选填“大”或“小”）到___________（选填“大”或“小”）最后为___________电压表的读数由___________（选填“大”或“小”）到___________（选填“大”或“小”）最后为___________电容器放电灯泡灯泡的亮度由___________到___________最后___________（选填“明”“暗”或“熄灭”）电流表2电流表2的读数由___________到___________最后为___________（选填“大”“小”或“零”）电流表2的读数由___________到___________最后为___________（选填“大”“小”或“零”）电压表电压表的读数由___________（选填“大”或“小”）到___________（选填“大”或“小”）最后为___________电压表的读数由___________（选填“大”或“小”）到___________（选填“大”或“小”）最后为___________

（5）注意事项。

a.电流表要选用小量程的灵敏电流计。

b.要选择大容量的电容器。

c.实验要在干燥的环境中进行。

d.在做放电实验时，在电路中串联一个电阻，以免烧坏电流表。19、A、B两电阻的伏安特性曲线如图，它们的电阻之比_______；把它们并联在电路中，在相同时间内通过它们的电量之比_______。

20、A、B是某电场中的一条电场线上两点，一正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点运动过程中的v—t图象如上图所示．比较A、B两点电势φ的高低和场强E的大小：φA________φB，EA________EB．21、有一长方体导体，长a、宽b、高h之比为6∶3∶2，它的六个面的中心各焊接一根电阻不计的导线，如图所示，分别将AA′、BB′、CC′接在同一恒压电源上时，导体的电阻之比R1∶R2∶R3=___________；若导体中电荷定向移动的速度分别为v1、v2、v3，则v1∶v2∶v3=___________。

22、某次实验中两电表示数如图所示，可读出毫安表的示数是___________微安表的示数是___________

23、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，电源的电动势为___________V。

评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)26、某同学测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ；步骤如下：

（1）用10分度的游标卡尺测量其长度如图甲，可知其长度为___________cm

（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙，可知其直径为___________mm

（3）因电表内阻未知，用如图丙所示的电路来判定电流表该内接还是外接。正确连线后，合上开关S，将滑动变阻器的滑片P移至合适位置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数U1=1.70V，电流表的示数如图丁所示，其读数I1=______A；将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为U2=1.80V，I2=0.33A。由此可知应采用电流表______（填“内”或“外”）接法，测得的值比真实值______（填“偏大”；“偏小”或“一样”）

（4）根据上面的数据，算得该材料的电阻率为__________（保留三位有效数字）27、如图所示为某兴趣小组测量电池组的电动势和内阻的实验原理图；已知电池组的电动势约3V，内阻约2Ω。现提供的器材如下：

A．电池组。

B．电压表V1(量程0～10V；内阻约10000Ω)

C．电压表V2(量程0～3V；内阻约3000Ω)

D．电阻箱R(0～99.9Ω)

E．定值电阻R1＝20Ω

F．定值电阻R2＝1000Ω

G．开关和导线若干。

(1)如果要准确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择______(选填“B”或“C”)；定值电阻R0应选择______(选填“E”或“F”)。

(2)改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的读数U，作出的图像如图所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为－b、a，定值电阻的阻值用R0表示，则可得该电池组的电动势为_______，内阻为_______(用字母表示)。

(3)该实验测得的电动势与真实值相比_______(选填“偏大”“偏小”或“不变”)，内阻的测量值与真实值相比________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。评卷人得分六、解答题(共1题，共2分)28、如图所示，质量为m、带电荷量为+q的粒子在匀强电场中的A点时速度大小为方向与电场线平行，在B点时速度大小为方向与电场线垂直。求：

（1）A、B两点间的电势差

（2）电场强度E的大小。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

由题，q=10-5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，则A与B电势相等，AB连线是一条等势线。BC间电势差为

所以B点的电势高。该匀强电场的场强大小

沿电场线方向电势降低，故垂直AB斜向上。

故选C。2、D【分析】【详解】

A．根据牛顿第二定律得带电粒子在偏转电场中的加速度大小

知电荷量相等；质量未知，则带电粒子在偏转电场中的加速度大小不一定相等，故A错误；

B．带电粒子在加速度电场中加速过程，根据动能定理得

解得

带电粒子电荷量相等，则带电粒子从M孔射出的动能相等；故B错误；

D．带电粒子进入平行金属板间做类平抛运动，设极板长度为板间距离为粒子在水平方向做匀速直线运动，则有

得

粒子射出电场时偏转角度正切值

结合

联立得

可知与无关，因为位移偏转角的正切值总为速度偏转角正切值的二分之一，即

可得无论比荷是否相等；带电粒子均从偏转电场中同位置射出，故D正确；

C．由D选项可知，所有带电粒子在电场偏转电场中沿着电场方向的位移相等设为则电场力对带电粒子所做的功为

知只有电荷量相等时；电场力做功相等，故C错误。

故选C。3、C【分析】【分析】

【详解】

一个带正电物体沿电场线方向运动；因场强不一定变大，则受力不一定变大，也不一定变小，即加速度不一定变小；带正电的粒子受电场力的方向沿电场线的方向，可知电场力做正功，速度增加，电势能减小。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．根据图甲可知；极板A与电源正极连接，极板A带正电，带负电的尘埃受到指向极板A的电场力作用，即带负电的尘埃被收集在极板A上，A错误；

B．图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器；其目的是导走人手上的静电，B错误；

C．图丙中摇动起电机；电极之间形成强电场，将气体电离，电子被吸附到烟雾颗粒上，使烟雾颗粒带负电，导致烟雾颗粒向正极移动，其工作原理为静电吸附，C正确；

D．图丁的燃气灶中安装了电子点火器；点火应用了尖端放电原理，D错误。

故选C。5、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据几何关系可得，点电荷Q在A、C两点的电势相等，但是沿电场线电势逐渐降低，在匀强电场中C点的电势低于A点电势，根据电势的叠加，A点电势高于C点的电势；A错误；

B．在匀强电场，A、B两点的电场强度相等，A、B两点在点电荷Q的电场强度大小相等但方向不同，根据场强的合成，A、B两点的电场强度不相等；B错误；

C．由A分析可得，A点电势高于C点电势，则将电子沿直线从A点移动到C点；电场力电势能增加，电场力做负功，C错误；

D．在匀强电场中，根据几何关系可得，直线AB垂直电场线，是等势面，将电子沿直线从A点移动到B点，电场力不做功，电势能不变化，但是在点电荷Q的电场中；电子先靠近正电荷再远离正电荷，则电场力先做正功后做负功，则电势能先减小后增大，D正确。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

因为暖风机内部电路为非纯电阻电路，其消耗的电能，一部分转化为机械能，一部分转化为内能，而热功率

所以

D正确。7、B【分析】【详解】

由库仑定律的可得原来它们之间的库仑力为：F=

变化之后它们之间的库仑力为：=12F；

故：F：F′=1：12；故B正确；ACD错误．

故选B.二、多选题(共7题，共14分)8、A:D【分析】【详解】

A．由题意可知当A受力平衡时速度最大；即弹簧弹力大小等于重力大小，此时弹簧处于压缩状态，故A正确；

B．由于冲量是矢量；而弹簧弹力对A；B的冲量方向相反，故B错误；

C．设弹簧恢复到原长时A的速度为v，绳子绷紧瞬间A、B共同速度为v1，A、B共同上升的最大高度为h，A上升最大高度为H，弹簧恢复到原长的过程中根据能量守恒得

绳子绷紧瞬间根据动量守恒定律得mv=2mv1

A、B共同上升的过程中据能量守恒可得

可得B开始运动时A的速度大小为

A上升的最大高度为

故C错误；D正确。

故选AD。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据电容的决定公式

可知，当流水线上通过的产品厚度增大时，增大；则电容器的电容增大，所以A正确；

B．因为两极板间的电势差不变；板间距不变，所以两板间电场强度不变，则B错误；

CD．根据电容的定义公式

可知极板带电量Q增大，是充电过程，则电流方向从b向a流过灵敏电流计；所以C正确；D错误；

故选AC。10、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．如果整个空间存在竖直向下或竖直向上的匀强电场，带电粒子做类平抛运动，恰好垂直打在球面上且位于之间的某处时，水平位移AN小于直径；且落点的速度的反向延长线应交于半球形的圆心，如图。

又根据平抛运动的特点可知，粒子落点的速度的反向延长线与AC的交点应该在水平位移一半的位置；综上所述，如果整个空间存在竖直向下或竖直向上的匀强电场，粒子不可能垂直落在BC之间，故AB错误；

CD．由以上分析可知，要想带电粒子垂直打在球面上，合力方向得斜向左下方，所以匀强电场可以垂直连线向左下或垂直连线向左上的都可做到；故CD正确。

故选CD。11、A:D【分析】【详解】

由题意可知，带电量为故由u和组成；带电量为故由d和组成组成；故AD正确，BC错误．

点睛：根据和介子的带电量，以及夸克的带电量情况，可以确定和介子组成．12、A:B【分析】【详解】

A．设B点关于中垂线的对称点为将一正试探电荷从B点由静止释放，向点运动过程中，根据等量同种电荷电场线的特点，电场力先做正功后做负功，根据对称性，这两点的电势相等，电场力的总功等于零，电荷在点的速度也等于零，所以电荷将在B、间做往复运动，即在A点两侧往复运动；故A正确；

B．根据题意可知，C点与D点在中垂线上，且关于两正电荷的连线对称，则C点与D点处的电势相等，则一正试探电荷在C点与在D点电势能相同；故B正确；

C．等量同种正电荷的中点处场强为零，同时从中点开始，场强沿着中垂线向无限远处先增大后减小，所以C点场强不一定小于D点场强；故C错误；

D．等量同种正电荷的中点处场强为零；电势不为零，故D错误。

故选AB。13、A:C【分析】【分析】

本题的核心是对φ–x图象的认识；利用图象大致分析出电场的方向及电场线的疏密变化情况，依据沿电场线的方向电势降低，图象的斜率描述电场的强弱——电场强度进行分析解答．

【详解】

A．由图知x1处的电势等于零，所以q1和q2带有异种电荷；A正；

B．图象的斜率描述该处的电场强度，故x1处场强不为零；B错误；

C．负电荷从x1移到x2；由低电势向高电势移动，电场力做正功，电势能减小，故C正确；

D．由图知，负电荷从x1移到x2，电场强度越来越小，故电荷受到的电场力减小，所以D错误．14、C:D【分析】【详解】

A．图中的B端接3时与内部电源的负极连接；则与红色表笔相连，A错误；

B．直流电流挡接“1”时的分流电阻只有R1；比接“2”时分流电阻小，可知接“1”挡比“2”挡量程大，B错误；

C．直流电压挡接“5”挡时比接“4”挡时分压电阻大；则“5”档量程大，C正确；

D．欧姆调零时调整使电表指针指在表盘右端电流最大位置，D正确。

故选CD。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

[1]把一个正点电荷从距电场无穷远处移到电场中的M点，电荷克服静电力做功W=6.0×10-3J，相反的过程中，把正点电荷从电场中的M点移动到距电场无穷远处，静电力做功W′=6.0×10-3J，所以：

把该点电荷从电场中的N点移到距电场无穷远处，静电力做功W=3.6×10-3J，所以：

M、N两点的电势差：

[2]把该点电荷从M点移到N点静电力做功：WMN=qUMN=5×10-9×4.8×105=2.4×10-3J【解析】4.8×105V2.4×10－3J16、略

【分析】【详解】

根据电阻的决定式：则：【解析】3：2517、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】螺旋测微器游标卡尺18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）a.电容器的充电过程，当开关S接1时，电容器接通电源，在电场力的作用下自由电子从正极板经过电源向负极板移动，正极板因失去电子而带正电，负极板因获得电子而带负电。正、负极板带等量的正、负电荷。电荷在移动的过程中形成电流。在充电开始时电流比较大，以后随着极板上电荷的增多，电流逐渐减小，当电容器两极板间电压等于电源电压时电荷停止移动，电流I=0；

b.电容器的放电过程；当开关S接2时，相当于将电容器的两极板直接用导线连接起来，电容器正；负极板上电荷发生中和，在电子移动过程中，形成电流，放电开始电流较大，随着两极板上的电荷量逐渐减小，电路中的电流逐渐减小，两极板间的电压也逐渐减小到零；

（4）灯泡的亮度由明到暗最后熄灭；电流表1的读数由大到小最后为；电压表的读数由小到大最后为6V；灯泡的亮度由明到暗最后熄灭；电流表2的读数由大到小最后为；电压表的读数由大到小最后为零。【解析】①.负②.等量③.大④.减小⑤.中和⑥.大⑦.减小⑧.明⑨.暗⑩.熄灭⑪.大⑫.小⑬.零⑭.小⑮.大⑯.6V⑰.明⑱.暗⑲.熄灭⑳.大(21).小(22).零(23).大(24).小(25).0V19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图线A的电阻为

图线B的电阻为

故

[2]把它们并联在电路中，它们的电压相同，则

根据

则【解析】①.②.20、略

【分析】【分析】

【详解】

从v-t图象可以知道正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点做加速度不断减小的减速运动，故电荷在A点受到的电场力大于电荷在B点的电场力，故A点的场强大于B点的场强；

由于电荷做减速运动，故电场力与速度方向相反，即电场力由B指向A，故电场线由B指向A，故B点电势较高；【解析】＜＞21、略

【分析】【详解】

[1]根据电阻定律可得

[2]根据欧姆定律有

根据电流的微观表达式有

联立可得

所以【解析】36∶9∶41∶2∶322、略

【分析】【详解】

[1]由题图可以看出，毫安表的最小分度为按“五分之一估读”法，其示数为

[2]微安表的最小分度为按“十分之一估读”法，其示数为【解析】8.015023、略

【分析】【详解】

由闭合电路欧姆定律当时，即图线与纵轴交点表示断路状态，故电动势【解析】6.