2025年沪科版高一物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高一物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、甲、乙两个小球，质量分别为m1和m2，且m1＞m2；若用相同的初速度将它们竖直上抛，在空气中受到的阻力大小相同．则（）

A.甲球上升的高度较大。

B.甲；乙两球同时到达最高点。

C.乙球先到最高点。

D.两球上升过程中平均速度相等。

2、【题文】质量为的滑块沿高为长为的粗糙斜面匀速下滑，在滑块从斜面顶端滑至低端的过程中A.重力对滑块所做的功为mghB.滑块克服摩擦所做的功为mglC.滑块的机械能保持不变D.滑块的重力势能增加了mgh3、一长为L的轻杆下端固定一质量为m的小球，上端连在光滑水平轴上，轻杆可绕水平轴在竖直平面内运动（不计空气阻力），如图所示，当小球在最低点时给它一个水平初速度v0，小球刚好能做完整的圆周运动．若小球在最低点的初速度从v0逐渐增大，则下列判断正确的是（）A.小球能做完整的圆周运动，经过最高点的最小速度为B.小球在最高点对轻杆的作用力先减小后增大C.小球在最低点对轻杆的作用力先增大后减小D.小球在运动过程中所受合外力的方向始终指向圆心4、如图所示，一个物体放在水平面上，在跟竖直方向成胃

角的斜向下的推力F

的作用下沿平面移动了距离s.

若物体的质量为m

物体与地面之间的摩擦力大小为f

则在此过程中(??)

A.摩擦力做的功为fs

B.力F

做的功为Fscos胃

C.力F

做的功为Fssin胃

D.重力做的功为Mgs

5、在地面上将一个小球以20m/s的速度竖直向上抛出，则小球到达距抛出点15m的位置所经历的时间可能为（g=10m/s2）（）

A.1s

B.3s

C.

D.

6、可以认为地球同步卫星是绕地心做匀速圆周运动，同步卫星做的是A.速度和加速度都恒定不变的运动B.速度恒定不变、加速度不断变化的运动C.速度不断变化、加速度恒定不变的运动D.速度和加速度都不断变化的运动7、【题文】冰壶是冬奥会的比赛项目，冰壶被掷出后在冰面上减速滑行。在一次训练中，通过测量分析后得出它的位移x(m)随时间t(s)变化的规律为x="t"–0.02t2，则下列说法正确的是（）A.冰壶的加速度大小为0.02m/s2B.冰壶的初速度为1m/sC.5s末冰壶的速度为0.8m/sD.30s内冰壶的位移为12m8、如图所示，物体A

和B

的质量均为m

且分别与跨过定滑轮的轻绳连接(

不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦)

在用水平变力F

拉物体B

沿水平方向向右运动，刚好使A

向上做匀速直线运动的过程中，则(

)

A.物体B

在水平方向向右也做匀速直线运动B.物体B

在水平方向向右的做减速运动C.绳子拉力大于物体A

所受重力D.绳子拉力小于物体A

所受重力评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、在“验证机械能守恒定律”的一次实验中；质量为1kg的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如图所示，已知相邻计数点时间间隔为0.02s，则：

（1）纸带的____（填“P”或“C”；必须用字母表示）端与重物相连；

（2）打点计时器打下计数点B时，物体的速度υB=____m/s（结果保留两个有效数字）；

（3）从起点P到打下计数点B的过程中物体的重力势能减少量△EP=____J，此过程中物体动能的增加量△Ek=____J；（取重力加速度g=9.8m/s2；结果保留两个有效数字）

（4）通过计算，在实验误差允许范围内，数值上认为△EP____△Ek（填“＜”、“＞”或“=”），即机械能守恒定律得到验证．10、如图所示，细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线的另一端拴一质量为m的小球。当滑块至少以加速度a=____向左运动时，小球对滑块的压力等于零，当滑块以a=2g的加速度向左运动时，线中拉力FT=____。

11、如图所示，匀强磁场的磁感应强度为0.8T

矩形线圈abcd

的边长为ab=10cmbc=20cm

线圈平面与磁场平行．

(1)

若以ab

边为轴，线圈转过90鈭�

这时穿过线圈的磁通量为______，在这一过程中，磁通量的变化量为______．

(2)

若以ad

边为轴，线圈转过90鈭�

这时穿过线圈的磁通量为______，磁通量的变化量为______．12、天文观测表明，几乎所有远处的恒星(

或星系)

都在以各自的速度背离我们而运动，离我们越远的星体，背离我们运动的速度(

称为退行速度)

越大，也就是说，宇宙在膨胀，不同的星体的退行速度v

和它们离我们的距离r

成正比，即v=Hr

式中H

为一常量，称为哈勃常数，已由天文观察测定，为解释上述现象，有人提出一种理论，认为宇宙是从一个大爆炸的火球开始形成的，假设大爆炸后各星体即以不同的速度向外匀速运动，并设想我就位于其中心，则速度越大的星体现在离我们越远，这一结果与上述天文观测一致．

由上述理论和天文观测结果，可估算宇宙年龄T

其计算公式T=

______．13、一质点做匀减速直线运动，经过36m后静止，若把这段位移分为三段，且质点通过每段的时间相等，第一段的长度为____m．14、图甲是研究平抛运动的实验装置示意图；小球从斜面上一定高度处从静止释放，经过一段水平轨道后落下．图乙是实验后在白纸上描出的轨迹和所测数据：

（1）在实验中，需要小球重复运动．每次都使小球从同一位置开始运动的原因是____．

（2）根据图乙中数据，可以算出此平抛运动的初速度v=____m/s．（g=10m/s2；保留两位有效数字）

（3）如图丙所示，在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸来记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则到达b点时的瞬时速度大小为vb=_____m/s．（g=10m/s2；保留两位有效数字）

15、某实验小组根据“平抛运动规律”测量玩具手枪的子弹射出枪口的速度，由于手头只有1m

长的刻度尺，不便测量子弹飞行的水平位移，他们将实验做了以下改进：让子弹从枪口水平射出，在飞行途中穿过两块竖直平行放置的薄板PQ

两板相距为LP

板距枪口距离为S

测出子弹穿过两薄板后留下的CD

两孔间的高度差为h

不计空气及薄板阻力，请你用SLh

表示出子弹射出枪口的速度V0=

______．评卷人得分三、证明题(共2题，共4分)16、灯距地面的高度为h；身高为l的人以速度υ匀速直线行走，如图所示．

（1）有甲；乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况分别谈了自己的看法；甲同学认为人的头顶的影子将作匀加速直线运动，而乙同学则依据平时看到的自己的影子的运动情况，认为人的头顶的影子将作匀速直线运动，你认为甲、乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况的看法，谁的看法是正确的？

（2）请说明你的判断依据：

（3）求人影的长度随时间的变化率．17、灯距地面的高度为h；身高为l的人以速度υ匀速直线行走，如图所示．

（1）有甲；乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况分别谈了自己的看法；甲同学认为人的头顶的影子将作匀加速直线运动，而乙同学则依据平时看到的自己的影子的运动情况，认为人的头顶的影子将作匀速直线运动，你认为甲、乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况的看法，谁的看法是正确的？

（2）请说明你的判断依据：

（3）求人影的长度随时间的变化率．评卷人得分四、推断题(共3题，共24分)18、A、rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数均小于rm{18}且依次递增，rm{A}原子核内仅有一个质子；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等；rm{A}原子与rm{B}原子的最外层电子数之和与rm{C}原子的最外层电子数相等；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍。rm{(1)}试推断它们各是什么元素，写出它们的元素符号：rm{A}________，rm{C}________，rm{(2)}画出rm{D}的离子结构示意图________。

rm{(3)}由这四种元素组成的三核rm{10}电子的分子是________，四核rm{10}电子的分子是________。19、已知rm{A}的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平，现以rm{A}为主要原料合成高分子化合物rm{E}和一种具有果香味的物质rm{F}其合成路线如图所示。回答下列问题：rm{(}提示图中rm{C隆煤}rm{D}的转化关系是：rm{CH_{3}CHO隆煤CH_{3}COOH)}rm{(1)}工业上由石蜡制取rm{A}的方法称作：______，rm{A隆煤B}的反应类型_____________。rm{(2)A}中官能团的结构式为________________________，rm{B}的官能团名称为_____________。rm{(3)}反应rm{垄脻}的化学方程式：_______________________，其中浓硫酸的作用是______________。rm{(4)}下列有关rm{A}和rm{E}的叙述正确的是______。rm{a.}均能使溴水褪色rm{b.}均只含极性键rm{c.}最简式相同rm{d.}均属于纯净物rm{(5)}写出由rm{B隆煤C}的反应方程式：____________________________。20、A、rm{B}rm{C}rm{D}均为中学化学常见物质，且均含有同一种元素，它们之间有如下转化关系，其中rm{A}是单质。

rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为氧化物，rm{C}是形成酸雨的主要物质。请写出rm{C}与rm{B}反应的化学方程式_____________。rm{(2)}若rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因。请写出反应rm{垄脹}的化学方程式_________________。实验室中检验气体rm{B}用的试剂或用品为________________。rm{(3)}若rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现。据此判断rm{A}元素是__________。请写出rm{垄脷}的离子方程式__________________。rm{(4)}若rm{C}是一种淡黄色固体，常用于呼吸面具中的供氧剂，rm{D}是一种强碱。则rm{C}作供氧剂时氧化产物和还原产物的物质的量之比为_____________；焰色反应时，rm{D}的火焰呈_______色。评卷人得分五、简答题(共4题，共20分)21、如图；一质量不计的弹簧原长为10cm，一端固定于质量m=2kg的物体上，另一端拖一水平拉力F，（g=10N/kg）物体与水平面间的动摩擦因数为0.2（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等）．

（1）若当弹簧拉长到总长为12cm时；物体恰好匀速直线运动，弹簧的劲度系数多大？

（2）若在物体静止的情况下将弹簧拉长到总长为11cm时；物体所受到的摩擦力大小为多少？

（3）若在物体静止的情况下将弹簧拉长到总长为13cm时，物体所受的摩擦力大小为多少？若此时为使物体做匀速直线运动还需给物体施加多大的竖直向下的压力？22、下列为元素周期表中的一部分，用化学式或元素符号回答下列问题。。族周期Ⅰrm{A}Ⅱrm{A}Ⅲrm{A}Ⅳrm{A}Ⅴrm{A}Ⅵrm{A}Ⅶrm{A}rm{0}rm{2}rm{垄脼}rm{垄脽}rm{?}rm{3}rm{垄脵}rm{垄脹}rm{垄脻}rm{垄脿}rm{垄芒}rm{4}rm{垄脷}rm{垄脺}rm{垄谩}

rm{(1)11}种元素中，化学性质最不活泼的是___________。rm{(2)垄脵垄脷垄脻}中，最高价氧化物的水化物，碱性最强的是___________。rm{(3)垄脷垄脹垄脺}中形成的简单离子半径由大到小的顺序是________________。rm{(4)}元素rm{垄脽}的简单氢化物分子式为_____________，该氢化物常温下和元素rm{垄脷}的单质反应的离子方程式是____________________________________，该氢化物与元素rm{垄脿}的单质反应的离子方程式是_____________________________________________________。rm{(5)垄脵}和rm{垄谩}的最高价氧化物对应的水化物化学式为___________和___________。rm{垄脵}和rm{垄谩}两元素形成化合物的化学式为___________，该化合物灼烧时焰色为___________，该化合物的溶液与元素rm{垄脿}的单质反应的离子方程式为____________________________________。rm{(6)垄脵}和rm{垄脻}最高价氧化物对应的水化物相互反应的化学方程式为______________________。rm{(7)垄脼}和rm{垄脿}形成的化合物的化学式为________，该化合物溶解rm{垄谩}的单质所得溶液为________。rm{(8)垄脿垄谩?}三种元素形成的气态氢化物最稳定的是__________。23、rm{[E(C{A}_{3}{)}_{4}{]}^{2+}}有rm{[E(C{A}_{3}{)}_{4}{]}^{2+}

}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}五种元素。其相关信息如下：。rm{E}元素相关信息rm{A}rm{A}原子的rm{1s}轨道上只有rm{1}个电子rm{B}rm{B}是电负性最大的元素rm{C}rm{C}的基态原子rm{2p}轨道中有三个未成对电子rm{D}rm{D}是主族元素且与rm{E}同周期，其最外能层上有两个运动状态不同的电子rm{E}rm{E}能形成红色rm{(}或砖红色rm{)}的rm{E_{2}O}和黑色的rm{EO}两种氧化物请回答下列问题：

rm{(1)}写出rm{E}元素原子基态时的电子排布式________。写出rm{(1)}元素原子基态时的电子排布式________。

rm{E}元素的第一电离能比氧元素的第一电离能________rm{(2)C}元素的第一电离能比氧元素的第一电离能________rm{(}填“大”或“小”rm{)}填“大”或“小”rm{(2)C}

rm{(}rm{)}rm{(3)CA}原子的杂化轨道类型是________。

rm{(3)CA}rm{{,!}_{3}}分子中rm{C}原子的杂化轨道类型是________。三种元素可形成rm{C}rm{(4)A}rm{C}rm{E}三种元素可形成rm{[E(CA}rm{(4)A}rm{C}rm{E}rm{[E(CA}rm{{,!}_{3}}填序号rm{)}

rm{)}配位键rm{{,!}_{4}}金属键rm{]}极性共价键rm{]}非极性共价键rm{{,!}^{2+}}离子键配离子，其中存在的化学键类型有________rm{(}填序号rm{)}氢键rm{(}rm{)}rm{垄脵}配位键rm{垄脷}金属键rm{垄脹}极性共价键rm{垄脺}非极性共价键rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}离子键rm{垄脼}氢键rm{垄脻}rm{垄脼}若rm{[E(CA}rm{[E(CA}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}填字母rm{{,!}_{4}}rm{]}平面正方形rm{]}正四面体rm{{,!}^{2+}}三角锥形具有对称的空间构型，且当形rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}与中的两个rm{CA}可形成离子化合物，其晶胞结构如下图所示。其中rm{CA}离子的配位数为______________，若该晶体的密度为rm{{,!}_{3}}则该晶胞的体积是__________被两个rm{Cl}写出表达式即可rm{Cl}rm{{,!}^{-}}24、有两个力，一个是10N10N一个是2N2N它们的合力有可能等于5N5N10N10N15N15N么？合力的最大值是多少？最小值是多少？评卷人得分六、画图题(共2题，共12分)25、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。26、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|C|D【分析】

A、根据牛顿第二定律得，上升过程中的加速度a=因为阻力大小相同，m1＞m2，所以a1＜a2．因为初速度相同，根据h=知甲球上升的高度较大．故A正确．

B、因为a1＜a2．，初速度相等，根据t=得；甲的运动时间长，则乙球先到最高点．故B错误，C正确．

D、因为两球初速度相等，根据平均速度知两球在上升过程中平均速度相等．故D正确．

故选ACD．

【解析】【答案】根据牛顿第二定律比较出两球的加速度；从而根据速度位移公式比较出两球上升的高度大小关系，以及通过速度时间公式比较出上升的时间．

2、A【分析】【解析】

试题分析：重力做功公式W=mgh．根据动能定理研究滑块克服阻力所做的功和合力做功．

A；设斜面长为L；则重力对滑块所做的功W=mgsinθ•L=mgh．故A正确．

B、由题，滑块匀速下滑，动能的变化量为零，根据动能定理得，mgh-Wf=0，则滑块克服阻力所做的功Wf=mgh．故B错误．

C；D滑块匀速下滑；机械能减少，重力势能．故CD错误．

故选A

考点：动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系．

点评：动能定理是求功的一种方法．本题中也可以根据匀速运动合力为零，确定合力对滑块所做的功为零．【解析】【答案】A3、B【分析】解：A、设轻杆对小球的作用力大小为F，方向向上，小球做完整的圆周运动经过最高点时，对小球，由牛顿第二定律得mg-F=m当轻杆对小球的作用力大小F=mg时，小球的速度最小，最小值为0，故A错误．

B、由mg-F=m可得在最高点轻杆对小球的作用力F=mg-m若小球在最低点的初速度从v0逐渐增大，小球经过最高点时的速度v也逐渐增大，当mg＞m时，此时为拉力，随着速度的增大F减小；而当mg＜m时；随着速度的增大，F变为拉力，并随着速度的增大而增大，所以轻杆对小球的作用力F先减小后反向增大；由牛顿第三定律可得小球在最高点对轻杆的作用力先减小后增大，故B正确．

C、在最低点，由F-mg=m可得轻杆对小球的作用力（拉力）F=mg+m若小球在最低点的初速度从v0逐渐增大；则轻杆对小球的作用力（拉力）一直增大，故C错误．

D；轻杆绕水平轴在竖直平面内运动；小球不是做匀速圆周运动，所以合外力的方向不是始终指向圆心，只有在最低点和最高点合外力的方向才指向圆心，故D错误．

故选：B．

小球在竖直平面内做圆周运动；只有重力做功，机械能守恒，故速度不断变化，是变速圆周运动；在最高点和最低点，小球受到的弹力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析即可．

本题关键对小球在最高点和最低点分别受力分析，然后根据牛顿第二定律列式分析，要注意杆子的作用特点，明确杆对小球可以无弹力，可以是拉力、支持力．【解析】【答案】B4、C【分析】【分析】已知物体的受力情况及位移，由功的公式即可求得各力的功，注意F

与位移之间的夹角不是娄脠

而是90鈭�鈭�娄脠

本题考查功的计算，要求我们能正确理解公式中各物理量的含义，正确确定力和位移的夹角是求解功的关键。【解答】A.摩擦力沿水平方向；与运动方向相反，根据功的公式可知，摩擦力做功为鈭�fs

故A错误；

BC.

力F

做功为Fscos(90鈭�鈭�娄脠)=Fssin娄脠

故B错误，C正确；

D.重力与位移相互垂直；故重力不做功，故D错误；

故选C。

【解析】C

5、A|B【分析】

选竖直向上为正方向；

由竖直上抛运动的规律：得：

15=20t-5t2

解得：t=1s或3s

当物体向上经15m时；t=1s；当物体向下返回15m时，t=3s；

故选：AB．

【解析】【答案】小球做竖直上抛运动；从地面上抛出，所以到达距抛出点15m的位置时其位移为：15m，方向是竖直向上的．应用竖直上抛运动规律进行计算．

6、D【分析】【解析】【答案】D7、B|C【分析】【解析】

试题分析：由位移x(m)随时间t(s)变化的规律为x="t"–0.02t2，结合匀变速直线运动的规律知，v0=1m/s，a="-0.04"m/s2，所以A错误；B正确；5s末的速度所以C正确；冰壶速度减为零用时所以30s内冰壶实际运动了25s，通过位移所以D错误。

考点：本题考查匀减速直线运动的规律，注意在实际运动中物体运动的时间。【解析】【答案】BC8、B【分析】解：AB

设绳子与水平方向的夹角为娄脕

将B

的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的分速度等于A

的速度，有vA=vBcos娄脕.A

向上做匀速直线运动，则娄脕

减小，则B

的速度减小，B

做减速运动.

故A错误，B正确；

C；D

因A

向上做匀速运动；加速度为零，拉力F=mg.

故CD错误．

故选：B

．

将B

的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向；沿绳子方向的分速度等于A

的速度，根据平行四边形定则判断B

的速度的变化．

本题考查运动的合成与分解，抓住B

在沿绳子方向的速度等于A

的速度，通过平行四边形定则进行求解．【解析】B

二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】

（1）物体做加速运动；由纸带可知，纸带上所打点之间的距离越来越大，这说明物体与纸带的左端相连，即P点．

（2）利用匀变速直线运动的推论。

vB==0.98m/s

（3）重物由B点运动到C点时；重物的重力势能的减少量△Ep=mgh=1.0×9.8×0.0501J=0.49J．

EkB==0.48J

（4）在实验误差范围内，△EP=△Ek；机械能守恒．

故答案为：（1）P；（2）0.98；（3）0.49；0.48；（4）=

【解析】【答案】书本上的实验；我们要从实验原理；实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．

纸带法实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．

10、g【分析】【解答】以小球为对象分析，由于小球在竖直方向加速度为零、即在竖直方向小球的合外力为零，则有①，沿水平方向只有拉力沿水平方向的分量根据牛顿第二定律有②，联立①②可得a=g；设当滑块以a=2g的加速度向左运动时，细线与竖直方向的夹角为θ，则有③、④，联立③④可得

【分析】本题考查了牛顿第二定律的应用11、(1)1.6×10-2Wb；1.6×10-2Wb；(2)0；0.【分析】解：(1)

若以ab

边为轴，线圈转过90鈭�

在匀强磁场中，穿过线框的磁通量公式为：娄碌=BS=0.8隆脕0.1隆脕0.2=1.6隆脕10鈭�2Wb

在这一过程中，磁通量的变化量为鈻�鈱�=鈱�鈭�0=1.6隆脕10鈭�2Wb

(2)

若以ad

边为轴，线圈转过90鈭�

线框与磁场平行，没有磁感线穿过线框，则穿过线框的磁通量为0

变化也为零．

故答案为：(1)1.6隆脕10鈭�2Wb1.6隆脕10鈭�2Wb(2)00

．

在匀强磁场中；穿过线框的磁通量公式为：娄碌=BS

磁感线可以用穿过线框的磁感线的条数来理解.

当线框与磁场平行时，穿过线框的磁通量为零．

对于磁通量，关键抓住两种特殊下磁通量的求解公式：在匀强磁场中，当B隆脥S

时，娄碌=BS

当B//S娄碌=0.

根据这两种情况，运用投影的方法可求线框与磁场成任意角时的磁通量．【解析】(1)1.6隆脕10鈭�2Wb1.6隆脕10鈭�2Wb(2)00

．12、略

【分析】解：不同的星体的退行速度v

和它们离我们的距离r

成正比，即v=Hr

假设大爆炸后各星体即以不同的速度向外匀速运动，则有：r=vT

联立求解可得到时间T=1H

．

不同的星体的退行速度v

和它们离我们的距离r

成正比，即v=Hr

假设大爆炸后各星体即以不同的速度向外匀速运动，则有：r=vT

联立求解可得到时间T

．

本题关键读懂题意后建立宇宙的膨胀模型，然后找出有用信息进行计算，不难．【解析】1H

13、略

【分析】

用逆推法将正向的匀减速看成反向的匀加速运动，则从静止开始连续相等时间内的位移之比为1：3：5，于是第一段的位移为：x=

故答案为：20．

【解析】【答案】初速度为零的匀加速直线运动在第1T；第2T、第3T内的位移之比为1：3：5；假设时间倒流；则末速度为零的匀减速直线运动就变为了初速度为零的匀加速直线运动．

14、略

【分析】

（1）每次都使小球从同一位置开始运动的原因是保证每次小球做平抛运动的初速度相同．

（2）因为图乙中O点与所取的两点水平位移相等，则时间间隔相等，根据△y=gT2，解得T==0.1s．则平抛运动的初速度v==1.6m/s．

（3）在竖直方向上有：△y=gT2，解得T==0.05s．则v==0.5m/s

vyb==0.5m/s

所以到达b点时的瞬时速度大小v==0.71m/s．

故答案为：保证小球作平抛的初速度相同；1.6m；0.50；0.71．

【解析】【答案】（1）小球每次从同一位置开始运动；保证小球具有相同的平抛运动初速度．

（2）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔；从而根据水平位移求出平抛运动的初速度．

（3）根据vyb=求出b点在竖直方向上的分速度，再根据平行四边形定则求出b点的瞬时速度．

15、略

【分析】解：从开始到C

研究；设开始一段下降的高度为hx

根据hx=12gt2

得，t=2hxg

则s=v02hxg垄脵

从开始到D

研究，根据h+hx=12gt隆盲2

解得t隆盲=2(h+hx)g

则有：s+L=v02(h+hx)g垄脷

联立垄脵垄脷

两式解得v0=gLh(s+L2)

．

故答案为：gLh(s+L2)

．

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，分别对开始到C

和开始到D

研究，结合运动学公式联合求解．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解．【解析】gLh(s+L2)

三、证明题(共2题，共4分)16、略

【分析】【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的；影子的形成是光沿直线传播的典型例子．

根据相似三角形的知识求出影子路程与时间的关系，然后分析解答此题．【解析】【解答】解：不妨设人从路灯处出发；人的路程与人影间的关系如图示．

在时间t内，s人=υt；

如图示由相似三角形知识得：=，=，s影==．

由于人做匀速直线运动；速度υ是一个定值，h与l也是定值；

由此看见：人影s影与时间t成正比；人影做匀速直线运动；

人影的长度s影随时间的变化率=．

答：（1）乙的看法是正确的．

（2）速度υ、h、l是定值，根据人影路程s影与时间t的关系是s影=，可知影路程s影与时间t成正比；所以人影做匀速直线运动．

（3）人影的长度随时间的变化率是．17、略

【分析】【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的；影子的形成是光沿直线传播的典型例子．

根据相似三角形的知识求出影子路程与时间的关系，然后分析解答此题．【解析】【解答】解：不妨设人从路灯处出发；人的路程与人影间的关系如图示．

在时间t内，s人=υt；

如图示由相似三角形知识得：=，=，s影==．

由于人做匀速直线运动；速度υ是一个定值，h与l也是定值；

由此看见：人影s影与时间t成正比；人影做匀速直线运动；

人影的长度s影随时间的变化率=．

答：（1）乙的看法是正确的．

（2）速度υ、h、l是定值，根据人影路程s影与时间t的关系是s影=，可知影路程s影与时间t成正比；所以人影做匀速直线运动．

（3）人影的长度随时间的变化率是．四、推断题(共3题，共24分)18、（1）HN（2）（3）【分析】【分析】本题考查了元素的推断、常用化学用语，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，明确原子的电子层结构是解本题的关键，难度不大。【解答】有rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数依次递增且均小于rm{18}rm{A}原子核内仅有rm{1}个质子，应为rm{H}元素；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍，最外层电子数为rm{6}则rm{D}为rm{O}元素；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等，则rm{B}为rm{C}元素；rm{A}原子与rm{B}原子的最外层电子数之和与rm{C}原子的最外层电子数相等，rm{C}原子最外层电子数为rm{5}且rm{C}的原子序数小于rm{D}所以rm{C}是rm{N}元素；

rm{(1)A}rm{C}两种元素符号分别为rm{H}rm{N}

rm{(2)}氧离子的离子结构示意图为rm{(3)}水分子有三个原子，也就是三核，另外电子总数为rm{10}故符合，所以为rm{{H}_{2}O}四核的分子，为氨气，一个分子有rm{4}个原子，也就是有四核，另外电子总数为rm{10}所以为rm{N{H}_{3}}【解析】rm{(1)H}rm{N}rm{(2)}rm{(3){H}_{2}O}rm{N{H}_{3}}19、rm{(1)}裂解加成反应

rm{(2)}羟基

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}

rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}【分析】【分析】rm{A}的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}为rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{CH_{2}=CH_{2}}与水发生加成反应生成rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}CH_{2}OH}在rm{Cu}或rm{Ag}作催化剂条件下，发生催化氧化生成rm{C}为rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}进一步氧化生成rm{D}为rm{CH_{3}COOH}rm{CH_{3}COOH}与rm{CH_{3}CH_{2}OH}发生酯化反应生成rm{E}为rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}乙烯发生加聚反应生成rm{E}为【解答】rm{(1)}工业上由石蜡制取乙烯的方法称作：裂解，rm{CH_{2}=CH_{2}}与水发生加成反应生成rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}故填：裂解；加成反应；rm{(2)A}为rm{CH_{2}=CH_{2}}官能团的结构式为rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{B}的官能团名称为羟基，故填：羟基；rm{(3)}反应rm{垄脻}是乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，反应方程式为：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}其中浓硫酸的作用是，故填：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂；rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}为乙烯，rm{(4)}为聚乙烯，rm{A}乙烯含有碳碳双键，能使溴水褪色，而聚乙烯没有碳碳双键，不能是溴水褪色，故rm{E}错误；rm{a..}乙烯与聚乙烯中均含有碳碳键，碳氢键，碳碳键属于非极性键，故rm{a}错误；rm{b.}乙烯与聚乙烯的最简式均为rm{b}故rm{c.}正确；rm{CH_{2}}聚乙烯中聚合度rm{c}不同，均混合物，故rm{d.}错误。故填：rm{n}rm{d}为rm{c}rm{(5)B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}由rm{C}的反应方程式rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}故填：rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)}裂解加成反应rm{(2)}羟基rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}20、（1）2H2S＋SO2=3S↓＋2H2O

（2）4NH3＋5O24NO＋6H2O湿润的红色石蕊试纸

（3）Al2Al＋2OH－＋6H2O=2[Al(OH)4]－＋3H2↑

（4）1:2黄【分析】【分析】本题考查无机物的推断，为高频考点，综合考查非金属元素及金属元素化合物性质，涉及常见元素及其化合物知识的考查，把握单质及化合物的性质来分析推断各物质为解答的关键，题目难度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}是形成酸雨的主要物质，rm{C}为rm{SO_{2}}则rm{A}为rm{S}rm{B}为rm{H_{2}S}rm{D}为rm{SO_{3}}rm{C}与rm{B}反应生成rm{S}和水，其化学反应为rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}故答案为：rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}

rm{(2)B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因，则rm{C}为rm{NO}rm{A}为rm{N_{2}}rm{B}为rm{NH_{3}}rm{D}为rm{NO_{2}}反应rm{垄脹}的化学方程式rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}检验氨气常利用湿润的红色石蕊试纸；故答案为：rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸；

rm{(3)}根据题给转化关系和信息推断rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{A}为rm{Al}rm{B}为rm{Al}rm{B}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{D}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脷垄脹}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{垄脺}为rm{A}rm{Al}为rm{B}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{3}}，rm{D}为rm{Al}rm{D}rm{Al}rm{(}rm{OH}

故答案为：rm{OH}rm{)_{3}}

，则铝与强碱溶液反应生成四羟基合铝酸根和氢气，离子方程式为是一种淡黄色固体，常用于吸吸面具中的供氧剂，rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}是一种强碱，则rm{Al}为rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)C}为rm{D}则rm{C}作供氧剂时的离子方程式为rm{Na_{2}O_{2}}氧化产物为rm{D}还原产物为rm{NaOH}所以氧化产物和还原产物的物质的量之比为rm{C}rm{2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4OH^{-}+4Na^{+}+O_{2}隆眉}的火焰呈黄色。

故答案为：rm{O_{2}}黄。

rm{2NaOH}【解析】rm{(1)2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸rm{(3)Al}rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)1:2}黄五、简答题(共4题，共20分)21、略

【分析】

（1）物体匀速运动时；弹簧的拉力与滑动摩擦力平衡，由平衡条件和胡克定律求出弹簧的劲度系数．

（2）若将弹簧拉长到11cm时；弹簧的拉力小于最大静摩擦力，物体仍静止，由平衡条件求解物体所受到的静摩擦力大小．

（2）若将弹簧拉长到13cm时；物体将加速前进，此时所受到的是滑动摩擦力，由平衡条件求解．

对于摩擦力问题，首先要根据物体的受力情况，判断物体的状态，确定是何种摩擦力，再选择解题方法．静摩擦力由平衡条件求解，而滑动摩擦力可由公式或平衡条件求解．【解析】解：（1）物体匀速前进时；由平衡条件得：

k（x-x0）=μmg

代入解得：k=200N/m．

（2）若将弹簧拉长到11cm时，弹簧的拉力为：F1=k（x1-x0）=200×（0.11-0.10）N=2N

最大静摩擦力可看做等于滑动摩擦力：Ffm=0.2×2×10N=4N

可知物体没动，则所受的静摩擦力为：Ff1=F1=2N．

（3）若将弹簧拉长到13cm时，弹簧弹力：F2=k（x2-x0）=200×（0.13-0.10）N=6N．

物体将加速前进，此时所受到的滑动摩擦力为：Ff2=μFN=μmg=0.2×2×10N=4N．

若此时为使物体做匀速直线运动；受力平衡，则有：

F2=μ（mg+N）；解得：N=10N

答：

（1）当弹簧长度为12cm时；物体恰好匀速运动，弹簧的劲度系数为200N/m．

（2）若将弹簧拉长到11cm时；物体所受到的摩擦力大小为2N．

（3）若将弹簧拉长到13cm时，物体所受的摩擦力大小为4N，若此时为使物体做匀速直线运动还需给物体施加10N的竖直向下的压力．22、（1）Ar

（2）KOH

（3）K+＞Ca2+＞Mg2+

（4）H2O2K+2H2O=2K++2OH-+H2↑Cl2+H2O=H++Cl-+HClO

（5）NaOHHBrO4NaBr黄色2Br-+Cl2=Br2+2Cl-

（6）NaOH+Al（OH）3=NaAlO2+2H2O

（7）CCl4Br2的CCl4溶液

（8）HF

【分析】【分析】本题考查元素周期表与元素周期律综合应用，比较基础，侧重对化学用语及元素周期律的考查，注意对基础知识是理解掌握。【解答】由元素在周期表中位置，可知rm{垄脵}为rm{Na}rm{垄脷}为rm{K}rm{垄脹}为rm{Mg}rm{垄脺}为rm{Ca}rm{垄脻}为rm{Al}rm{垄脼}为rm{C}rm{垄脽}为rm{O}rm{垄脿}为rm{Cl}rm{垄谩}为rm{Br}rm{垄芒}为rm{Ar}rm{?}为rm{F}

rm{(1)}稀有气体rm{Ar}的化学性质最不活泼，故答案为：rm{Ar}rm{(2)垄脵垄脷垄脻}中rm{K}的金属性最强，故Krm{OH}的碱性最强，故答案为：rm{KOH}rm{(3)}电子层结构相同，核电荷数越大离子半径越小，电子层越多离子半径越大，故离子半径：rm{K^{+}>Ca^{2+}>Mg^{2+}}故答案为：rm{K^{+}>Ca^{2+}>Mg^{2+}}

rm{(4)}元素rm{垄脽}的氢化物为rm{H_{2}O}该氢化物常温下和rm{K}反应生成氢氧化钾与氢气，离子方程式为：rm{2K+2H_{2}O=2K^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}该氢化物与氯气反应生成rm{HCl}与rm{HClO}反应离子方程式为：rm{Cl_{2}+H_{2}O=H^{+}+Cl^{-}+HClO}故答案为：rm{H_{2}O}rm{2K+2H_{2}O=2K^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{Cl_{2}+H_{2}O=H^{+}+Cl^{-}+HClO}

rm{(5)垄脵}和rm{垄谩}的最高价氧化物对应的水化物分别为rm{NaOH}rm{HBrO_{4}}rm{垄脵}和rm{垄谩}两元素形成化合物为rm{NaBr}该化合物灼烧时焰色为黄色，溴化钠溶液与氯气反应反应生成氯化钠与溴单质，反应丽珍方程式为：rm{2Br^{-}+Cl_{2}=Br_{2}+2Cl^{-}}故答案为：rm{NaOH}rm{HBrO_{4}}rm{NaBr}黄色；rm{2Br^{-}+Cl_{2}=Br_{2}+2Cl^{-}}

rm{(6)垄脵}和rm{垄脻}最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化钠、氢氧化铝，二者反应生成偏铝酸钠与水，反应方程式为：rm{NaOH+Al(OH)_{3}=NaAlO_{2}+2H_{2}O}故答案为：rm{NaOH+Al(OH)_{3}=NaAlO_{2}+2H_{2}O}rm{(7)}rm{垄脼}和rm{垄脿}形成的化合物的化学式为rm{CCl_{4}}rm{垄谩}为rm{Br_{2}}则所得溶液为和rm{垄脼}形成的化合物的化学式为rm{垄脿}rm{CCl_{4}}为rm{垄谩}则所得溶液为rm{Br_{2}}的rm{Br_{2}}溶液，故答案为：rm{CCl_{4}}rm{CCl_{4}}的rm{Br_{2}}溶液；rm{CCl_{4}}非金属性rm{(8)}非金属性越强，氢化物越稳定，故HF最稳定，故答案为：rm{F>Cl>Br}

rm{HF}【解析】rm{(1)Ar}rm{(2)KOH}rm{(3)K^{+}>Ca^{2+}>Mg^{2+}}rm{(4)H_{2}O}rm{2K+2H_{2}O=2K^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{Cl_{2}+H_{2}O=H^{+}+Cl^{-}+HClO}rm{(5)NaOH}rm{HBrO_{4;;;}NaBr}黄色rm{2Br^{-}+Cl_{2}=Br_{2}+2Cl^{-;;;;}}rm{(6)NaOH+Al(OH)_{3}=NaAlO_{2}+2H_{2}O}rm{(7)CCl_{4}}rm{Br_{2}}的rm{CCl_{4}}溶液rm{(8)HF}

23、rm{(1)}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}

}或rm{(}或rm{(}

rm{[Ar]3{d}^{10}4{s}^{1}}大

rm{)}

rm{)}rm{(2)}

rm{(3)s{p}^{3}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}娄脩{a}^{3}{N}_{A}}rm{(4)垄脵垄脹}【分析】【分析】本题考查较综合，涉及晶胞计算、微粒构型判断、原子核外电子排布等知识点，同时考查学生空间想象能力、计算能力，难点是晶胞计算，题目难度中等。【解答】rm{A}原子的rm{1s}轨道上只有rm{1}个电子，则rm{A}是rm{H}元素；原子的rm{A}轨道上只有rm{1s}个电子，则rm{1}是rm{A}元素；

rm{H}是电负性最大的元素，则为rm{B}是电负性最大的元素，则为rm{F}元素；元素；

rm{B}的基态原子rm{F}轨道有三个未成对电子，为rm{C}的基态原子rm{2p}轨道有三个未成对电子，为rm{N}元素；元素；

rm{C}能形成砖红色rm{2p}红色rm{N}的rm{E}能形成砖红色rm{(}红色rm{)}的rm{E}rm{E}rm{(}和rm{)}两种氧化物，则rm{E}为rm{2}元素；

rm{2}为主族元素，且与rm{O}和rm{EO}两种氧化物，则rm{E}为rm{Cu}元素；同周期，其最外层上有两个运动状态不同的电子，说明其最外层上有两个电子，为rm{O}元素；

rm{EO}为rm{E}元素，原子基态时的电子排布式：rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2