人教版2020年选修五化学配套练习之第三单元基础练习(解析版)资料

试卷第=page22页，总=sectionpages77页试卷第=page11页，总=sectionpages77页人教版2020年选修五化学配套练习之第三单元基础练习（解析版)1．使用一种试剂无法将下列物质鉴别出来的一组是A．苯、对二甲苯、2-己烯 B．乙酸乙酯、裂化汽油、溴苯C．乙醇、苯酚溶液、硬脂酸甘油酯 D．甲酸、乙酸、乙醛【答案】A【解析】【详解】A、对二甲苯、2-己烯、苯都不溶于水，对二甲苯和2-己烯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，己烯可使溴水褪色，用一种试剂不能鉴别，选项A错误；B、在乙酸乙酯、裂化汽油、溴苯中分别加入溴水，乙酸乙酯、溴苯与溴水不反应，但溶液分层，乙酸乙酯的密度比水小在上层，溴苯的密度比水大在下层，裂化汽油与溴水发生加成反应而使其褪色，现象各不相同，可鉴别，选项B正确；C、乙醇、苯酚溶液、硬脂酸甘油酯分别加入溴水，乙醇和硬脂酸甘油酯均不反应，但前者互溶后者不互溶而分层，苯酚与溴反应生成白色沉淀三溴苯酚，现象不同，能用一种物质鉴别，选项C正确；D、加入新制的Cu(OH)2悬浊液，乙醛在加热条件下发生反应生成砖红色沉淀，甲酸溶解新制的Cu(OH)2悬浊液，加热条件下反应生成砖红色沉淀，乙酸与新制的Cu(OH)2悬浊液发生中和反应，加热无明显现象，现象不同，可鉴别，选项D正确；答案选A。【点睛】本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握常见有机物的性质及性质差异为解答的关键，侧重氧化、加成反应及萃取的考查，题中涉及物质都为烃，只用一种物质就可鉴别，则可根据物质的密度大小以及烯烃与溴水发生加成反应的性质解答。2．下列离子方程式不正确的是A．乙醛与银氨溶液反应：CH3CHO+2[Ag(NH3)2]++2OH-CH3COO-+NH4++2Ag↓+3NH3+H2OB．醋酸溶液与新制氢氧化铜反应：2CH3COOH+Cu(OH)2→Cu2++2CH3COO-+2H2OC．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：2C6H5O-+CO2+H2O→2C6H5OH+CO32-D．溴乙烷水解生成乙醇：CH3CH2Br+OH-CH3CH2OH+Br-【答案】C【解析】【详解】A．乙醛与银氨溶液反应的离子方程式为CH3CHO+2[Ag(NH3)2]++2OH-CH3COO-+NH4++2Ag↓+3NH3+H2O，故A正确；B．醋酸溶液与新制氢氧化铜反应的离子方程式为2CH3COOH+Cu(OH)2→Cu2++2CH3COO-+2H2O，故B正确；C．苯酚的酸性强于碳酸氢根，小于碳酸，苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳的离子方程式为C6H5O-+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-，故C错误；D．溴乙烷水解生成乙醇的离子方程式为CH3CH2Br+OH-CH3CH2OH+Br-，故D正确；答案为C。3．香叶醛分子的结构简式如图所示。下列叙述正确的是（）A．1mol香叶醛发生加成反应需要2molH2B．香叶醛不能与溴发生反应C．香叶醛能与钠发生反应生成H2D．香叶醛能发生银镜反应【答案】D【解析】试题分析：A、碳碳双键、醛基均可与氢气加成，所以1mol香叶醛发生加成反应需要3molH­2，错误；B、香叶醛中存在碳碳双键能与溴发生反应，错误；C、香叶醛分子中不含羟基，不能与钠反应产生氢气，错误；D、香叶醛分子中含有醛基，能发生银镜反应，正确，答案选D。考点：考查官能团的化学性质4．萜类化合物广泛存在于动植物体内，关于下列萜类化合物的说法正确的是()A．b能在NaOH醇溶液条件下发生消去反应B．与a互为同分异构体的二元取代的芳香化合物有9种C．b分子中所有碳原子可能均处于同一平面上D．a、c均能与溴水发生加成反应，且1mol分子分别最多消耗3mol、1molBr2【答案】B【解析】【详解】A.b分子中含有羟基，在浓硫酸的作用下加热发生消去反应，A错误；B.与a互为同分异构体的二元取代的芳香化合物有9种，即2个取代基可以是甲基和正丙基、甲基和异丙基、乙基和乙基，均有邻间对三种，B正确；C.b分子中含有4个饱和碳原子，所有碳原子不可能均处于同一平面上，C错误；D.c不能与溴水发生加成反应，D错误；答案选B。【点睛】把握官能团与性质的关系、有机反应为解答的关键，侧重分析能力和应用能力的考查，注意选项C为解答的难点和易错点，答题时注意从甲烷、乙烯和苯的结构分析判断。5．一定量的某有机物与足量的钠反应可得V1L气体，等质量的该有机物与足量的NaHCO3反应可得同条件下的气体也是V1L，则此有机物可能是A．HO（CH2）2CHOB．HO（CH2）2COOHC．HOOCCOOHD．（CH3）3COH【答案】B【解析】【分析】一定质量的某有机物与足量的NaHCO3反应，可得到气体V1L，说明有机物中含有-COOH，等质量的该有机物和足量的金属钠反应，可得到气体V1L，说明有机物中含有-COOH，还含有-OH，且所含—COOH和—OH个数相等。【详解】A项、HO（CH2）2CHO分子中不含有-COOH，不能NaHCO3反应，故A不符合题意；B项、HO（CH2）2COOH分子中含有1个-COOH，还含有1个-OH，故B符合题意；C项、HOOCCOOH不含有-OH，故C不符合题意；D项、（CH3）3COH分子中不含有-COOH，不能NaHCO3反应，故D不符合题意。故选B。【点睛】本题考查有机物的性质，注意-COOH可与NaHCO3反应生成气体，而-OH不与NaHCO3反应是解答关键。6．下列有关有机物的说法正确的是A．分液漏斗可以分离甘油和水的混合物B．分子式为C5H10Cl2，结构中含有一个-CH3的同分异构体有7种C．由甲苯制取三硝基甲苯的反应与乙酸和苯甲醇反应的类型不同D．有机物能发生氧化、还原、加成、加聚和取代反应【答案】D【解析】【详解】A．甘油和水互溶，不分层，不能用分液漏斗分离，故A项错误；B．二氯代物的同分异构体可以采用“定一移一”法解题，先找出所有的同分异构体，再找出只含一个“-CH3”的，其中符合条件的有：CH3-CH2-CH2-CH2-CHCl2，CH3-CH2-CH2-CHCl-CH2Cl，CH3-CH2-CHCl-CH2-CH2Cl，CH3-CHCl-CH2-CH2-CH2Cl，CH3-CH2-CH（CH2Cl）-CH2Cl，CH3-CH(CH2Cl)-CH2-CH2Cl，符合条件的结构简式一共有6个，故B错误；C．甲苯和浓HNO3在加入催化剂浓硫酸后加热发生取代反应，乙酸和苯甲醇发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，都是取代反应，故C项错误；D．该有机物中含有碳碳双键就能发生氧化、还原、加成、加聚，含有羧基能发生取代反应，D正确；故答案选D。7．强心药物肾上腺素的中间体——氯乙酰儿茶酚（III）及其衍生物的合成路线如下，下列说法不正确的是A．I→II转化中有HCl生成B．II与III互为同分异构体C．1molIV能与3molNaOH反应D．预测可以发生反应【答案】C【解析】【详解】A、I→II的过程属于取代反应，观察物质结构的变化，可以推出该过程中有HCl生成，A正确；B、II、III的分子式相同，结构不同，则二者互为同分异构体，B正确；C、1个IV的分子中仅有两个酚羟基可以和NaOH反应，故1molIV能与2molNaOH反应，C错误；D、观察II→III的过程，能预测该反应可以发生，D正确；故选C。8．实现转变为的方法是A．与足量NaOH溶液共热后，再通入CO2B．与足量NaOH溶液共热后，再通入HClC．与稀硫酸共热后，加入足量NaOH溶液D．与稀硫酸共热后，加入足量Na2CO3溶液【答案】A【解析】【分析】将转变为，-COONa没有变化，-COO-水解可生成-OH，以此来解答。【详解】将转变为，-COONa没有变化，-COO-水解可生成-OH，则先发生在NaOH水溶液中的水解生成，再通入CO2，生成即可，注意强酸（HCl）与-COONa反应，NaOH、Na2CO3、均能与苯酚反应，所以B、C、D不能实现。答案选A。【点睛】本题考查有机物的合成，明确官能团的变化及物质的性质是解答本题的关键，注意强酸（HCl）与-COONa反应，NaOH、Na2CO3、均能与苯酚反应为解答的易错点，题目难度不大。9．双酚A是重要的有机化工原料，从矿泉水瓶、医疗器械到食品包装袋都有它的身影，其结构如图所示。下列关于双酚A的说法正确的是A．分子式为C15H10O2B．一定条件下能发生取代反应、氧化反应C．与互为同系物D．苯环上的二氯代物有4种【答案】B【解析】【详解】A.双酚A分子式为C15H16O2，A项错误；B.双酚A一定条件下能发生取代反应，例如酚羟基的邻位可以与溴水中的溴分子发生取代反应，酚类本身对空气不稳定，易被氧化，且燃烧反应属于氧化反应，B项正确；C.与苯环个数不一样、结构不相似，不是同系物，C项错误；D.苯环上的二氯代物有9种，D项错误；答案选B。10．丙烯醛（结构简式为CH2=CH-CHO）能发生的化学反应有①加成②消除（消去）③取代④氧化⑤还原⑥加聚⑦缩聚A．①③⑤⑦B．②④⑥C．①④⑤⑥D．③④⑤⑥【答案】C【解析】丙烯醛分子中有两种官能团，分别是碳碳双键和醛基。碳碳双键决定了有机物可以发生氧化反应、加成反应、加聚反应等，醛基决定了有机物可以发生氧化反应（氧化成羧酸）、还原反应（还原成醇）和加成反应，所以C正确。11．轮烷的某种合成原料由C、H、O三种元亲组成，其球棍模型如图所示。下列说法正确的是A．该化合物的名称为乙酸乙酯B．该化合物与Br2的四氯化碳溶液不反应C．该化合物能发生水解反应，不能发生加聚反应D．该化合物的链状同分异构体中，能与NaHCO3反应放出CO2的只有3种(不考虑立体异构)【答案】D【解析】【详解】A.由有机物的球棍模型可知，该有机物的结构简式为CH3COOCH=CH2，名称为乙酸乙烯酯，A项错误；B.该化合物中含有碳碳双键，可以和Br2的四氯化碳溶液发生加成反应，B项错误；C.该分子中含有酯基和碳碳双键，可以发生水解反应和加聚反应，C项错误；D.能与NaHCO3反应放出CO2，说明含有羧基，符合条件的链状同分异构体有CH2=CHCH2COOH、CH3CH=CHCOOH、CH2=C(CH3)COOH，共有3种，D项正确。故答案选D。12．新兴的大脑营养学研究发现，大脑的生长发育与不饱和脂肪酸有密切的关系，从深海鱼油中提取的，被称为“脑黄金”的DHA就是一种不饱和程度很高的脂肪酸，它的分子中含6个碳碳双键，化学名称为二十二碳六烯酸，则它的分子组成应为A．C22H39COOHB．C21H42COOHC．C22H33COOHD．C21H31COOH【答案】D【解析】二十二碳六烯酸说明它的烃基含有21个碳原子，分子中含有6个碳碳双键，比相应的烷基少12个H原子，则该烃基为C21H31—，所以它的分子式为C21H31COOH13．有下列物质：①乙醇；②苯酚；③乙醛；④乙酸乙酯；⑤丙烯酸(CH2=CH-COOH)。其中与溴水、KMnO4酸性溶液、NaHCO3溶液都能反应的是()A．仅①③ B．仅②④ C．仅⑤ D．仅③⑤【答案】C【解析】【详解】①乙醇只可以和酸性高锰酸钾反应；②苯酚不可以和NaHCO3反应；③乙醛只可以和酸性高锰酸钾反应；④乙酸乙酯和溴水、KMnO4酸性溶液、NaHCO3溶液都不反应；⑤丙烯酸(CH2=CH-COOH)，可以和溴水、KMnO4酸性溶液、NaHCO3溶液反应，所以可以和溴水、KMnO4酸性溶液、NaHCO3溶液都反应的只有⑤；答案选C。14．最新合成的某有机物A的结构简式如图，它含有1个手性碳原子，具有光学活性。若要使A通过反应失去光学活性，则发生的反应类型不可能是()A．酯化反应 B．水解反应 C．银镜反应 D．加成反应【答案】C【解析】【详解】A.该物质发生酯化反应时，会出现两个-CH2-O-，产物中不含有手性碳原子，则失去光学活性，故A错误；B.该物质发生水解反应时，出现两个—CH2OH，产物中不含有手性碳原子，则失去光学活性，故B错误；C.该物质发生银镜反应时，-CHO转化为-COOH，但原手性碳原子仍连有四个不相同的基团，即生成物仍具有光学活性，故C正确；D.该物质发生加成反应时出现两个—CH2OH，产物中不含有手性碳原子，则失去光学活性，故D错误；故选C。15．已知有机物A~F有如图转化关系：已知：①A的分子式为C8H16O2；②C分子中只有1个甲基；③B、E互为具有相同官能团的同分异构体，且均能与碳酸氢钠反应放出CO2，④又已知醇在浓硫酸、加热条件下能发生以下类似的反应：⑤F能使溴水褪色，G为高分子化合物。请填写以下空白：（1）C可能发生的反应有______________________(填序号)。①取代反应②加成反应③加聚反应④氧化反应（2）写出E的结构简式____________________________________________。写出F与溴的四氯化碳溶液反应生成的有机物的结构简式___________________。（3）写出下列转化的化学方程式。B+C→A：_________C→D：_________F→G：____________【答案】①④CH3CH2CH2COOHCH3CH2CHBrCH2Br(CH3)2CHCOOH+CH3CH2CH2CH2OH(CH3)2CHCOOCH2CH2CH2CH3+H2O2CH3CH2CH2CH2OH+O22CH3CH2CH2CHO+2H2OnCH3CH2CH=CH2【解析】【分析】C能氧化生成D，D能继续氧化生成E，说明C是醇，D是醛，E是羧酸，在此转化过程中，碳原子数是不变的。B和E是同分异构体，说明B也是羧酸，而且两者碳原子数相同，那么C和B的碳原子数也相同，A是由B和C在浓硫酸作用下生成的，而且A的分子式为C8H16O2，所以生成A的反应是酯化反应。那么C为含4个碳原子的一元饱和醇，B为含4个碳原子的一元饱和酸，又知C中只有一个甲基，所以C为正丁醇（CH3CH2CH2CH2OH），那么D为正丁醛（CH3CH2CH2CHO），E为正丁酸（CH3CH2CH2COOH）。B是E的同分异构体，所以E为(CH3)2CHCOOH。F能使溴水褪色，所以F是C发生消去反应生成的烯烃（CH3CH2CH=CH2），G为F发生加聚反应的产物。【详解】（1）C是CH3CH2CH2CH2OH，能和羧酸发生酯化反应生成酯，能和氢卤酸发生取代反应生成卤代烃，还能分子间脱水生成醚，这些反应都是取代反应；醇可以被氧化成醛或酸，所以C也能发生氧化反应。但C是饱和醇，不能发生加成和加聚反应，故选①④；（2）F是CH3CH2CH=CH2，和溴的四氯化碳溶液发生加成反应生成卤代烃。故答案为CH3CH2CH2COOH，CH3CH2CHBrCH2Br；（3）B+C→A是酸和醇的酯化反应，C→D是醇的催化氧化生成醛的反应，F→G是烯烃的聚合反应，方程式分别为：(CH3)2CHCOOH+CH3CH2CH2CH2OH(CH3)2CHCOOCH2CH2CH2CH3+H2O；2CH3CH2CH2CH2OH+O22CH3CH2CH2CHO+2H2O；nCH3CH2CH=CH2。16．已知，水杨酸酯E为紫外吸收剂，可用于配制防晒霜。E的一种合成路线如下：已知D的相对分子质量是130。请回答下列问题：（1）一元醇A中氧的质量分数约为21.6%。则A的分子式为___________，结构分析显示A只有一个甲基，A的名称为___________________；（2）B能与新制的Cu(OH)2发生反应，该反应的化学方程式为：______________________；（3）写出C结构简式：_________；若只能一次取样，请提出检验C中2种官能团的简要方案：___________；（4）写出同时符合下列条件的水杨酸所有同分异构体的结构简式：_____________；（a）分子中有6个碳原子在一条直线上；（b）分子中所含官能团包括羧基和羟基（5）第④步的反应条件为________；写出E的结构简式________________。【答案】C4H10O1﹣丁醇（或正丁醇）用银氨溶液先检验醛基，再加稀盐酸使溶液呈酸性后，加溴水检验碳碳双键HOCH2C≡C﹣C≡CCH2COOH、、HOCH2CH2C≡C﹣C≡C﹣COOH、浓H2SO4、加热【解析】【分析】一元醇A中氧的质量分数约为21.6%，设该饱和一元醇的化学式为CnH2n+2O，氧元素的质量分数=×100%=21.6%，解得：n=4，且A中只有一个甲基，所以该一元醇是1-丁醇，在铜作催化剂、加热条件下，A被氧气氧化生成B，B为丁醛，根据题干信息，丁醛在氢氧化钠水溶液发生反应生成C，C的结构简式为：CH3CH2CH2CH=C(CH2CH3)CHO，C反应生成D，D的相对分子质量是130，则C和氢气发生加成反应生成D，则D的结构简式为：CH3CH2CH2CH2CH(CH2OH)CH2CH3，D和邻羟基苯甲酸发生酯化反应生成E，E的结构简式为：。【详解】(1)通过以上分析知，A的分子式为：C4H10O，结构分析显示A只有一个甲基，A的名称为1-丁醇；(2)加热条件下，丁醛和新制氢氧化铜反应生成丁酸钠、氧化亚铜和水，反应方程式为：；(3)C的结构简式为：，C中含有醛基和碳碳双键，都能和溴水反应，要检验两种官能团，则应先用银氨溶液检验醛基，然后再用溴水检验碳碳双键，检验方法为：用银氨溶液先检验醛基，再加稀盐酸使溶液呈酸性后，加溴水检验碳碳双键；(4)a．分子中有6个碳原子在一条直线上，则该分子中含有两个碳碳三键；b．分子中含有一个羟基和一个羧基，所以与水杨酸互为同分异构体的结构简式为：HOCH2C≡C-C≡CCH2COOH、、HOCH2CH2C≡C-C≡C-COOH、；(5)第④步的反应是酯化反应，根据乙酸乙酯的反应条件知，该反应条件是浓硫酸作催化剂、加热，通过以上分析知，E的结构简式为：。17．烃A与等物质的量的H2O反应生成B，B的一种同系物的溶液可以浸制标本。M是有

香味、不易溶于水的油状液体。有关物质的转化关系如下：请回答：（1）写出A的结构简式：______（2）写出C的官能团的名：______（3）写出M

与NaOH溶液在加热条件下反应的化学反应方程式：______（4）下列说法不正确的是______A．烃A在一定条件下可与氯化氢发生反应，再通过加聚反应可得到聚氯乙烯B．有机物C的溶液可以除去水垢C．有机物B能与银氨溶液在酒精灯加热的条件下反应产生光亮的银镜D．有机物C和D

发生加成反应生成M【答案】CH≡CH羧基CH3COOCH2CH3+NaOH→CH3CH2OH+CH3COONaCD【解析】【分析】因为M是有香味、不易溶于水的油状液体，且计算其不饱和度为1，所以M为酯，C是由B催化氧化得到，D由B还原得到，B的一种同系物的溶液可以浸制标本，且CD发生酯化反应，所以B为醛、C为羧酸、D为醇，烃A与等物质的量的H2O反应生成B，所以A为CH≡CH，B为乙醛，C为乙酸，D为乙醇，E为乙酸乙酯。【详解】（1）由以上分析可知A为CH≡CH；（2）C为CH3COOH，含有的官能团为羧基；（3）M与NaOH溶液在加热条件下反应的化学反应方程式为CH3COOCH2CH3+NaOH→CH3CH2OH+CH3COONa；（4）A．烃A为乙炔，可在一定条件下可与氯化氢发生反应生成氯乙烯