2025年沪科版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ。棒内单位体积自由电子数为n，电子的电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压U时，棒内产生电流I及自由电子定向运动的平均速率v分别为（）

A.B.C.D.2、在物理学的研究中用到的思想方法很多；下列有关各图的说法中正确的是()

A.①③采用的是放大的思想方法B.②④⑤采用的是控制变量的思想方法C.④⑤采用的是猜想的思想方法D.①③⑤采用的是放大的思想方法3、科学的研究方法促进了人们对事物本质和规律的认识，以下说法正确的是（）A.螺旋测微器的设计主要采用了放大法B.合力与分力概念的建立采用了对称法C.伽利略在研究自由落体运动时采用了控制变量法D.法拉第利用电场线描绘电场是利用了等效替代法4、静电场方向平行于轴，将一电荷量为的带电粒子在处由静止释放，粒子只在电场力作用下沿轴运动，其电势能随的变化关系如图所示。若规定轴正方向为电场强度加速度的正方向，图中的四幅示意图分别表示电势随的分布、场强随的分布、粒子的加速度随的变化关系和粒子的动能随的变化关系；其中正确的是（）

A.B.C.D.5、如图所示，MN是某匀强电场中的一等势线。虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，在纸面内由a运动到b的轨迹。下列判断正确的是（）

A.电场方向一定是垂直MN向上B.a点的电势一定不等于b点的电势C.带电粒子的加速度可能平行MN向右D.带电粒子由a运动到b的过程中动能可能增加6、学习物理要正确理解物理规律和公式的内涵，你认为下列理解正确的是（）A.根据库仑定律公式两个电荷的距离趋于零时，库仑力为无穷大B.根据可知，一个电子由A点运动到B点，若间电势差为1V，则电场力做功为C.由匀强电场电势差与电场强度关系知，匀强电场中任意两点间的电势差与这两点沿场强方向的距离成正比D.根据电容器的电容的定义式可知，电容器的电容与它所带电荷量成正比7、元电荷e的数值最早是由物理学家密立根测得的，实验装置如图所示。两块金属板水平放置，间距为d，电压为U，质量为m的油滴悬浮在两板间保持静止。已知重力加速度g；两板间电场可视为匀强电场。下列说法正确的是（）

A.悬浮油滴带正电B.悬浮油滴的电荷量为C.该油滴的电荷量一定是元电荷数值的整数倍D.若只把金属板A向上平移一段距离，原来静止的油滴将向上运动8、移动电源（俗称充电宝）解决了众多移动设备的“缺电之苦”；受到越来越多人的青睐。目前市场上大多数充电宝的核心部件是锂离子电池（电动势3.7V）及其充放电保护电路；充放电管理电路、升压电路等。其中的升压电路可以将锂离子电池的输出电压提升到手机、平板电脑等移动设备所要求的输入电压（5V）。由于锂离子电池的材料特性，在电池短路、过高或过低温度、过度充电或放电等情况下都有可能引起电池漏液、起火或爆炸。为安全起见，中国民航总局做出了相关规定，如图1所示。为了给智能手机充电，小明购买了一款移动电源，其铭牌如图2所示。给手机充电时该移动电源的效率按80%计算。根据以上材料，请你判断（）

A.这款移动电源能够储存的最大电量为B.这款移动电源充满电后所储存的总化学能为37WhC.乘飞机出行时，这款移动电源经航空公司批准后才能随身携带D.Wh与mAh均为能量单位评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，闭合电键S，电压表的示数为U，电流表的示数为I，现向左调节滑动变阻器R的触头P，下列说法正确的是（）

A.I变大B.U变大C.电阻R1的功率变大D.电源的总功率变大10、如图所示，电源内阻不能忽略，开关闭合后，灯泡A、B均发光，现将滑动触头向右移动，下列说法正确的是（）

A.A灯变亮、B灯变暗B.A灯变暗、B灯变亮C.电源路端电压一定增大D.电源的输出功率一定增大11、如图所示，正点电荷2Q、Q分别置于M、N两点，O点为MN连线的中点。点a、b在MN连线上，点c、d在MN中垂线上，它们都关于O点对称。则正确的是（）

A.O点的电势高于c点的电势B.a、b两点的电场强度相同C.电子在a点的电势能大于在b点的电势能D.将电子沿直线从c点移到d点，电场力对电子先做正功后做负功12、如图所示，曲线C1、C2分别是纯电阻直流电路中；内；外电路消耗的电功率随电流变化的图线。下列说法中正确的是（）

A.电源的电动势为1VB.电源的内电阻为1ΩC.电源输出功率最大值为4WD.电源被短路时，电源消耗的最大功率可达4W13、如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷-Q，且CO=OD，下列判断正确的是。

A.D点电场强度为零B.O点电场强度为零C.若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D.若将点电荷-q从O移向C，电势能增大14、如图所示，中央有正对小孔的水平放置的平行板电容器与电源连接，电源电压为U。将一带电小球从两小孔的正上方P点处由静止释放，小球恰好能够达到B板的小孔b点处，然后又按原路返回。那么，为了使小球不能从B板的小孔b处出射；下列可行的办法是（）

A.将A板上移一段距离B.将A板下移一段距离C.将B板上移一段距离D.将B板下移一段距离15、法拉第为描述场的性质而提出场线的假设。如图是场线中的一部分，点A、P、Q处于中央同一直线上，P、Q关于中垂线对称；以下判断正确的是（）

A.可能是两个同种电荷产生的电场线B.可能是条形磁铁产生磁场的磁感线C.无论电场还是磁场，A、P处场的方向相反D.无论电场还是磁场，P、Q处强度、方向相同评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、在如图所示闭合回路中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U、电流表的示数I及干电池的输出功率P都会发生变化。

下面各示意图中正确反映关系的是__________；

A.B.

C.D.

下面各示意图中正确反映关系的是____________。

A.B.

C.D.17、原子的组成。

①原子是由带正电的___________、不带电的中子以及带负电的___________组成的。

②每个原子中质子的正电荷数量与电子的负电荷数量___________，整个原子对外界表现为___________。18、为了探究影响电荷间相互作用力的因素，某老师做了如下实验：把一个带正电荷的导体球A固定在绝缘支架上，然后把系在绝缘丝线上的带电小球先后挂在图中位置，使带电小球与导体球A的球心在同一水平线上，小球静止时的状态如图所示。可以判断丝线上的小球带______（选填“正”或“负”）电荷，两个电荷之间的作用力大小随它们之间距离的增大而______（选填“增大”或“减小”）。

19、某同学在进行电阻测量时，需要将一块满偏电流为500μA、阻值为800Ω的小量程电流表G改装成量程为15V的电压表，则需要选择一个阻值为___________Ω的电阻与这一电流表___________（选填“串”、“并”）联。20、电动机消耗的功率P电＝_____。评卷人得分四、作图题(共2题，共4分)21、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

22、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)23、(1)如图甲所示的三把游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为9mm长10等分、19mm长20等分、49mm长50等分，它们的读数依次为______mm、______mm、______mm.

(2)使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图乙所示，则金属丝的直径是________mm.

评卷人得分六、解答题(共4题，共32分)24、如图所示，A、B是两个带等量同种电荷的小球，A固定在竖直放置的10cm长的绝缘支杆上，B静止于光滑绝缘的倾角为30°的斜面上且恰与A等高，若B的质量为30g，则B带电荷量是多少？（取g＝10m/s2，小球A、B视为点电荷，k＝9.0×109N·m2/C2）

25、图甲为匀强电场，电场强度为E，电场中沿电场线方向上有A、B两点，距离为d，设A、B两点间的电势差为UAB。

（1）一个点电荷q从A点移动到B点，请利用功的定义式以及电场力做功与电势差的关系式证明：

（2）图乙是某一正点电荷周围的电场线分布图，M、N、P为其中一条电场线上的三点，N是MP的中点。

①请判断电势差UMN与UNP的大小关系。

②如果把一个带负电的试探电荷由M点移到P点；请问它的电势能是增加还是减小？说明你的理由。

26、如图所示电路，电源电动势为E，内阻为定值电阻闭合断开电流表的示数是闭合和电流表的示数是此时电动机竖直向上匀速吊起质量为的重物，已知电动机线圈电阻为电流表、电压表均为理想电表，不计一切阻力，取求：

(1)电源电动势E；

(2)闭合和时；重物向上运动的速率。

27、为了测量一个阻值较大的末知电阻，某同学使用了干电池（1.5V），毫安表（1mA），电阻箱（0～9999W），电键，导线等器材．该同学设计的实验电路如图甲所示，实验时，将电阻箱阻值置于最大，断开闭合减小电阻箱的阻值，使电流表的示数为＝1.00mA，记录电流强度值；然后保持电阻箱阻值不变，断开闭合此时电流表示数为＝0.80mA；记录电流强度值．由此可得被测电阻的阻值为____W．

经分析；该同学认为上述方案中电源电动势的值可能与标称值不一致，因此会造成误差．为避免电源对实验结果的影响，又设计了如图乙所示的实验电路，实验过程如下：

断开闭合此时电流表指针处于某一位置，记录相应的电流值，其大小为I；断开闭合调节电阻箱的阻值，使电流表的示数为_______，记录此时电阻箱的阻值，其大小为．由此可测出＝____．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【详解】

根据欧姆定律有

根据电阻定律有

电流的微观表达式

联立几式得

故选A。2、A【分析】【分析】

【详解】

图①采用光放射的方法显示微小形变；图②采用控制变量法研究加速度与力；质量的关系；图③采用扭秤装置放大静电力的作用效果；图④采用控制变量法研究静电力大小与距离和电荷量的关系；图⑤采用等效替代法研究力的合成与分解；故A正确；BCD错误。

故选A。3、A【分析】【详解】

A．螺旋测微器的设计主要采用了放大法；故A正确；

B．合力与分力概念的建立采用了等效替代法；故B错误；

C．伽利略在研究自由落体运动时采用了抽象思维；数学推导和科学实验相结合的方法，故C错误；

D．法拉第利用电场线描绘电场是利用了假想法；故D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

A．根据

由图像可知，粒子在原点处的电势能最小，由于粒子带负电，可知原点处的电势最大，从电势应逐渐增大，从电势应逐渐减小；故A错误；

B．根据

由图像可知，粒子从电势能逐渐减小，电场力做正功，电场力方向由指向由于粒子带负电，可知电场方向由指向则从电场强度大小不变，方向为正方向；粒子从电势能逐渐增大，电场力做负功，电场力方向由指向由于粒子带负电，可知电场方向由指向则从电场强度大小不变；方向为负方向，故B错误；

C．根据牛顿第二定律

由于粒子带负电，可知电场力方向与场强方向相反，加速度方向与场强方向相反，故从粒子的加速度大小不变，方向为负方向；从粒子的加速度大小不变，方向为正方向，故C错误；

D．由图像可知，粒子从电势能逐渐减小，电场力做正功，粒子动能逐渐增大；粒子从电势能逐渐增大，电场力做负功，粒子动能逐渐减小，故D正确。

故选D。5、B【分析】【分析】

【详解】

AC．MN是某匀强电场中的一等势线，只受电场力的作用，根据轨迹可以判断电场力的方向垂直MN向上，带电粒子的加速度垂直MN向上；但不知道带电粒子的电性，所以无法判断电场的方向，故AC错误；

B．MN是某匀强电场中的一等势线，而a点和b点位于MN两侧，所以a点的电势一定不等于b点的电势；故B正确；

D．带电粒子由a运动到b的过程中，电场力与速度的夹角是钝角，所以带电粒子由a运动到b的过程中动能减小；故D错误。

故选B。6、C【分析】【详解】

A．库仑定律公式适用于真空中的点电荷；两个电荷的距离趋于零时，带电体已经不能看为点电荷，此时该公式不适用，即不能认为两个电荷的距离趋于零时，库仑力为无穷大，A错误；

B．公式在运算时，物理量应该代入正负符合，即一个电子由A点运动到B点，若间电势差为1V，则电场力做功为B错误；

C．公式中的d指沿电场线方向上的投影长度，可知由匀强电场电势差与电场强度关系知；匀强电场中任意两点间的电势差与这两点沿场强方向的距离成正比，C正确；

D．电容的定义式是比值定义式；电容并不是由极板所带电荷量与极板之间的电势差决定，因此，不能认为电容器的电容与它所带电荷量成正比，D错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

A．油滴悬浮在极板间；重力与电场力平衡，可知电场力方向竖直向上，故油滴带负电，故A错误；

B．油滴悬浮在极板间，重力与电场力平衡有

解得

故B错误；

C．自然界中任何带电体所带电荷量都等于元电荷的整数倍；故C正确；

D．保持电压不变；把A极板上移，板间距增大，则电场强度减小，电场力减小，重力与电场力的合力竖直向下，故该油滴将向下做加速运动，故D错误。

故选C。8、B【分析】【分析】

【详解】

A．这款移动电源能够储存的最大电量

A错误；

B．这款移动电源充满电后所储存的总化学能

B正确；

C．由于总化学能低于100Wh；因此可随身携带，C错误；

D．Wh为能量单位；mAh为电荷量的单位，D错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)9、B:C【分析】【详解】

A．向左调节滑动变阻器；则滑动变阻器连入电路的总电阻增大，所以电路总电阻增大，故电路总电流减小，即电流表示数减小，A错误；

B．电路路端电阻增大；则根据闭合回路欧姆定律可得，电路路端电压增大，即电压表示数增大，B正确；

C．电路总电阻增大，电路总电流减小，故路端电压增大，而通过的电流减小，所以两端的电压减小，故两端的电压增大，所以根据公式

可得的电功率变大；C正确；

D．电路总电流减小，根据公式

可得电源的总功率减小；D错误。

故选BC。10、B:C【分析】【详解】

AB．当滑动触头向右移动时，滑动变阻器电阻变大，故并联部分的电阻值变大，外电阻R变大，根据闭合电路欧姆定律

干路电流减小；通过A灯泡的电流减小，故电灯A变暗；根据闭合电路欧姆定律，并联电路的电压

由于干路电流减小；故并联部分的电压增加，故灯泡B变亮，故A错误，B正确；

C．根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E－Ir

由于干路电流减小；故路端电压增加，故C正确；

D．当内外电路的电阻值相等时；电源的输出功率最大，由于不知道内外电阻的具体数值，故无法判断输出功率的变化情况，故D错误。

故选BC。11、A:D【分析】【详解】

A．同种电荷的电场线是排斥状的，沿电场线方向电势逐渐降低，所以可知O点的电势高于c点的电势；故A正确；

B．设则根据电场的叠加可知a点的电场强度为：

b点的电场强度为：

可见故B错误；

C．因为M点电荷电荷量大于N点电荷量，若将电子从a点移动到b点，电场力总体而言做负功，电势能增加，所以电子在a点的电势能小于在b点的电势能；故C错误；

D．对两个电荷在中垂线上的场强进行叠加，在Oc段方向斜向右上，在Od段方向斜向右下，所以电子所受的电场力在Oc段斜向左下，在Od段斜向左上；电场力跟速度的方向先是锐角后是钝角，电场力对电子先做正功后做负功，故D正确。

故选AD。12、B:D【分析】【详解】

ABC．由图可知，曲线C1、C2的交点的位置是电路的内外的功率相等，由于电路的电流时相等的，所以此时的电源的内阻和电路的外电阻的大小是相等的，即此时的电源的输出的功率是最大的，由图可知电源输出功率最大值为1W，根据P=I2R=I2r

可知，当输出功率最大时，P=1W，I=1A

所以R=r=1Ω

由于E=I（R+r）=1×（1+1）V=2V

所以电源的电动势为2V；故AC错误，B正确；

D．当电源被短路时，电源消耗的最大功率为

D正确。

故选BD。13、A:D【分析】【详解】

A。题中A、B、C三点电荷在D点产生的场强如图所示，大小相等，则有

的矢量和沿轴正方向，大小也等于方向沿轴负方向，故三个场强的矢量和为0，故A正确；

B．题中A、B两个+Q在O点的场强矢量和为0，所以O点的场强等于C点在O点产生的场强不为零；故A错误；

CD．轴上的区间，合场强方向沿轴负方向，所以将正电荷从O移向C，电场力做正功，电势能减小，将负电荷从O移向C；电场力做负功，电势能增加，故C错误，D正确；

故选AD。14、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．无论A板上移或下移，电压总是不变，根据动能定理

知，粒子到达b点；速度恰好为零，然后返回，AB正确；

C．因电压不变，将B板上移，根据动能定理

运动到b重力做功小于电场力做功，小球还没有到达b点；速度就为零，将会原路返回，C正确；

D．因电压不变，将B板下移，根据动能定理

运动到b重力做功大于电场力做功，小球到达b点，速度不为零，将会从B板的小孔b处出射；D错误。

故选ABC。15、B:D【分析】【详解】

AB．根据电场线与磁感线的共性；可知这既可能是两个等量异种电荷产生的电场线（左正右负），也可能是条形磁铁（或通电螺线管）产生磁场的磁感线（左N右S），故A错误，B正确；

CD．若是电场，点A、P的电场方向相反（A向左P向右），若是磁场，点A、P的磁场方向相同（都向左），无论电场还是磁场，点P、Q的强度及方向都相同；故C错误，D正确。

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

[1]当滑动变阻器的阻值等于电源内阻时，电源的输出功率最大，即电源的输出功率随先变大，再变小，输出功率与路端电压的关系式为

由数学知识可知；C正确，ABD错误。

[2]电源的输出功率为

由数学知识可知，C正确，ABD错误。【解析】CC17、略

【分析】【详解】

略【解析】①.质子②.电子③.一样多④.中性18、略

【分析】【详解】

[1]由电荷间相互作用规律知；同种电荷相互排斥。现导体球A固定，通过图中细线偏转的角度，可以判断小球受到导体球A向右的排斥力，故丝线上的小球带正电；

[2]带电小球静止时，有

可见:带电小球偏转角度越大，受到的作用力越大，由图可知悬挂的小球离带正电的A球越远，受到的作用力越小，故两个电荷之间的作用力大小随它们之间距离的增大而减小。【解析】正减小19、略

【分析】【详解】

[1][2]小量程的电流表改装成电压表时，需要串联一个电阻，设所串联的电阻为R，则串联后的总电压为15V，通过的电流为500μA，所以电路中的总电阻R总=R+Rg==3×104Ω

故所串电阻的大小为R=3×104Ω-800Ω=2.92×104Ω【解析】2.92×104串20、略

【分析】【详解】

略【解析】UI四、作图题(共2题，共4分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析22、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】五、实验题(共1题，共7分)23、略

【分析